…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教新版選擇性必修2物理下冊月考試卷99考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、中核集團研發的“超導質子回旋加速器”，能夠將質子加速至光速的促進了我國醫療事業的發展．若用如圖所示的回旋加速器分別加速氕；氘兩種靜止的原子核，不考慮加速過程中原子核質量的變化，以下判斷正確的是。

A.氘核射出時的向心加速度大B.氕核獲得的速度大C.氘核獲得的動能大D.氕核動能增大，其偏轉半徑的增量不變2、圖中a、b、c為三根與紙面重直的固定長直導線，其截面位于等邊三角形的三個頂點上，bc沿水平方向，導線中均通有大小相等的電流，方向如圖所示，O點為三角形的中心（O到三個頂點的距離相等）；則。

A.O點的磁感應強度為零B.O點的磁場方向垂直Oc向下C.導線a受到的安培力方向豎直向上D.導線b受到的安培力方向沿bc連線方向指向c3、一個矩形線圈在勻強磁場中轉動，產生交流電動勢的瞬時值為則下列說法中正確的是A.當時，線圈平面與中性面垂直B.當時，穿過線圈的磁通量等于零C.該交流電能讓標注為“300V，”的電容器正常工作D.若轉速n提高1倍，其他條件不變，則電動勢的變化規律將變為4、如圖所示，兩塊水平放置的金屬板距離為d，用導線、電鍵K與一個n匝的線圈連接，線圈置于方向豎直向上的變化磁場B中。兩板間放一臺小壓力傳感器，壓力傳感器上表面靜止放置一個質量為m、電荷量為＋q的小球。K斷開時傳感器上有示數，K閉合時傳感器上恰好無示數。則線圈中的磁場B的變化情況和磁通量變化率分別是（）

A.正在增加，B.正在增加，C.正在減弱，D.正在減弱，5、如圖所示是用長為的均勻導體折成閉合的正六邊形框架將六邊形框架靜置于勻強磁場中，磁場的磁感應強度大小為方向垂直于六邊形框架所在平面。現將六邊形框架兩端接到直流電源上，由端輸入大小為的電流；則下列說法正確的是（）

A.六邊形框架所受安培力大小為B.邊所受安培力大小為C.邊所受安培力與三邊所受安培力的合力大小之比為1:2D.邊所受安培力與其余五邊所受安培力的合力大小之比為1:16、如圖所示，四分之一圓周區域內存在方向垂直紙面向外的勻強磁場，P點為半徑的中點。現有兩個帶電粒子a、b，以相同的速度先后從P點沿方向射入磁場，并分別從M、N兩點射出磁場。不計粒子所受重力及粒子間相互作用。則粒子a、b在磁場中運動周期之比為（）

A.5∶1B.1∶5C.2∶3D.3∶27、如圖所示，半徑為R的圓形區域內存在一垂直于紙面的勻強磁場，P為磁場邊界上的一點，大量相同的帶電粒子以相同的速率v經過P點，在紙面內沿不同方向射入磁場，這些粒子在磁場邊界的出射點分布在六分之一圓周上。不計重力及帶電粒子之間的相互作用，已知帶電粒子的比荷為β；則磁感應強度大小為（）

A.B.C.D.8、如圖所示，圓心為O的輕質閉合金屬圓環豎直放置，可以在豎直平面內運動，金屬圓環與豎直導線EF共面且彼此絕緣，當通電直導線EF中電流不斷增大時（）

A.金屬圓環向左平動B.金屬圓環向右平動C.金屬圓環以導線EF為軸左半部向紙內、右半部向紙外轉動D.金屬圓環以導線EF為軸左半部向紙外、右半部向紙內轉動評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、“二分頻”音箱內有兩個不同口徑的揚聲器，它們的固有頻率分別處于高音、低音頻段，分別稱為高音揚聲器和低音揚聲器，音箱要將擴音機送來的含有不同頻率的混合音頻電流按高、低頻段分離出來，送往相應的揚聲器，以便使電流所攜帶音頻信息按原比例還原成高、低頻的機械振動。下圖為音箱的簡化電路圖，高，低頻混合電流由a、b端輸入，L1和L2是線圈，C1和C2是電容器；則下列說法正確的是（）

A.C2的作用是阻礙低頻電流通過乙揚聲器B.L1的作用是阻礙高頻電流通過甲揚聲器C.L2有助于低頻電流通過乙揚聲器D.甲揚聲器是高音揚聲器10、如圖所示，水平放置的兩條光滑軌道上有可自由移動的金屬棒PQ、MN，MN的左邊有一閉合電路，當PQ在外力的作用下運動時，MN向右運動，則PQ所做的運動可能是（）

A.向右加速運動B.向左加速運動C.向右勻速運動D.向右減速運動11、如圖所示，一個理想邊界為PQ、MV的足夠大的勻強磁場區域，寬度為d，磁場方向垂直紙面向里．O點處有一體積可忽略的電子發射裝置，能夠在紙面所在平面內向磁場內各個方向連續、均勻地發射速度大小相等的電子，當電子發射速率為v0時，所有電子恰好都不能從MN邊界射出磁場，則當電子發射速率為4v0時（）

A.電子的運動半徑為4dB.從MN邊界射出的電子數占總電子數的三分之二C.MN邊界上有電子射出的總長度為2dD.電子在磁場中運動的最長時間為12、可控核聚變的磁約束像一個無形的管道，將高溫等離子體束縛在其中，通過電磁感應產生的渦旋電場給等離子體加速，此情境可以簡化為如圖所示的裝置，兩個半徑不同的同心環形光滑管道a、b處于垂直紙面向里，磁感應強度大小隨時間均勻增大的勻強磁場中，甲、乙兩個完全相同的帶負電小球分別在a、b兩管道中同時由靜止釋放；之后兩小球在管道內做速率隨時間均勻增大的加速運動，不計小球受到的重力，下列說法正確的是（）

A.兩小球均沿順時針方向運動B.兩小球受到的洛倫茲力保持不變C.兩小球的加速度大小相等D.兩小球的距離保持不變13、以下裝置中都涉及到磁場的具體應用；關于這些裝置的說法正確的是（）

A.甲圖為回旋加速器，增加電壓U可增大粒子的最大動能B.乙圖為磁流體發電機，可判斷出A極板是發電機的負極C.丙圖為質譜儀，打到照相底片D同一位置粒子的比荷相同D.丁圖為速度選擇器，特定速率的粒子從左右兩側沿軸線進入后都做直線運動14、如圖為某種質譜儀的工作原理示意圖。此質譜儀由以下幾部分構成：粒子源N；間電壓恒為U的加速電場；靜電分析器，即中心線半徑為R的四分之一圓形通道，通道內有均勻輻射電場，方向沿徑向指向圓心O，且與圓心O等距的各點電場強度大小相等；磁感應強度為B的有界勻強磁場，方向垂直紙面向外。當有粒子打到膠片M上時，可以通過測量粒子打到M上的位置來推算粒子的比荷，從而分析粒子的種類以及性質。由粒子源N發出的不同種類的帶電粒子，經加速電場加速后從小孔進入靜電分析器，其中粒子a和粒子b恰能沿圓形通道的中心線通過靜電分析器，并經小孔垂直磁場邊界進入磁場，最終打到膠片上，其軌跡分別如圖中的和所示。忽略帶電粒子離開粒子源N時的初速度；不計粒子所受重力以及粒子間的相互作用。下列說法中正確的是（）

A.粒子a和粒子b經過小孔時速度大小一定相等B.若只減小加速電場的電壓U，粒子a可能沿曲線運動C.靜電分析器中距離圓心O為R處的電場強度大小為D.粒子b的比荷一定大于粒子a的比荷15、如圖所示，傾角的足夠長平行金屬導軌寬度為其上端連接電阻等高的兩點P、Q上方導軌光滑，其空間內有垂直導軌平面向上的勻強磁場，磁感應強度大小P、Q兩點下方導軌不光滑，空間無磁場。質量為3kg、電阻為的金屬棒b放置在P、Q位置，將質量為1kg、電阻為的金屬棒a從P、Q上方某位置由靜止釋放，當a棒勻速運動時與靜止的b棒發生彈性碰撞，碰撞后a棒運動到達最高點。兩棒與不光滑導軌間的動摩擦因數重力加速度金屬棒與導軌接觸良好，其他電阻不計。以下說法正確的是（）

A.a棒勻速運動速度大小為4m/sB.b棒運動的位移大小6mC.a棒沿導軌向上運動到最高點所用時間為0.25sD.兩棒不會發生兩次碰撞16、如圖為某小型水電站的電能輸送示意圖，發電機通過升壓變壓器T1和降壓變壓器T2向用戶供電，已知輸電線的總電阻R=10Ω，降壓變壓器T2的原、副線圈匝數之比為4:1，副線圈與用電器R0組成閉合電路.若T1、T2均為理想變壓器,T2的副線圈兩端電壓．（V），當用電器電阻R0=llΩ時())

A.通過用電器R0的電流有效值是20AB.當用電器的電阻R0減小時，發電機的輸出功率減小C.發電機中的電流變化頻率為100HzD.升壓變壓器的輸入功率為4650W17、如圖是一種測定液面高度的電容式傳感器的示意圖．金屬棒與導電液體構成一個電容器，將金屬棒和導電液體分別與直流電源的兩極相連接，從電容C和導電液與金屬棒間的電壓U的變化就能反映液面的升降情況；則以下判斷正確的是。

A.電源接通后，電容C減小，反映h減小B.電源接通后，電容C減小，反映h增大C.電源接通再斷開后，電壓U減小，反映h減小D.電源接通再斷開后，電壓U減小，反映h增大評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)18、中性面。

（1）中性面：與磁感線_________的平面。

（2）當線圈平面位于中性面時，線圈中的磁通量_________，線圈中的電流為_________。19、傳感器的組成：傳感器的基本部分一般由_____、______組成。20、如圖所示，利用電流天平可以測量勻強磁場的磁感應強度，電流天平的右臂掛著矩形線圈，匝數為n，線圈的水平邊長為L，bc邊處于勻強磁場內，磁感應強度B的方向與線圈平面垂直，當線圈中通過電流I時，調節砝碼使兩臂達到平衡，然后使電流反向；大小不變，這時需要在左盤中增加質量為m的砝碼；才能使兩臂達到新的平衡。

（1）用已知量和可測量n、m、L、I計算B的表達式為______；

（2）當時，磁感應強度為______T。（重力加速度g取）21、周期和頻率的關系：T＝______或f＝______.22、如圖所示，三只完全相同的燈泡a、b、c分別與電阻R、電感L、電容C串聯，再將三者并聯，接在220V、60Hz的交變電源兩端，三只燈泡亮度相同。如果將電源改為220V、100Hz的交變電源，則a燈亮度_________，b燈亮度_________，c燈亮度_________。（選填“變亮”；“變暗”或“不變”）

23、如圖所示，三只完全相同的燈泡a、b、c分別與電阻R、電感L、電容C串聯，再將三者并聯，接在220V、60Hz的交變電源兩端，三只燈泡亮度相同。如果將電源改為220V、100Hz的交變電源，則a燈亮度_________，b燈亮度_________，c燈亮度_________。（選填“變亮”；“變暗”或“不變”）

24、如圖所示，金屬圓環套在光滑的絕緣水平桿上，左側一條形磁鐵，正在沿圓環軸心方向朝環運動．我們可以判斷，圓環中形成的感應電流方向為________（從右往左看）（填“順時針”或“逆時針”），環受安培力作用會向________（填“右”或“左”）運動．25、云南省居民生活用的交流電，其電壓峰值是220V，有效值是___V，頻率是_____Hz，周期是_____s。評卷人得分四、作圖題(共4題，共28分)26、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

27、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

28、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

29、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環時，圓環向右偏離，試在圖中標出圓環中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共1題，共9分)30、某小組的同學做“探究影響感應電流方向的因素”實驗。

（1）首先按圖甲①所示方式連接電路，閉合開關后，發現電流計指針向右偏轉；再按圖甲②所示方式連接電路，閉合開關后，發現電流計指針向左偏轉。進行上述實驗的目的是____________。

A.檢查電流計測量電路的電流是否準確。

B.檢查干電池是否為新電池。

C.推斷電流計指針偏轉方向與電流方向的關系。

（2）接下來，用圖乙所示的裝置做實驗。圖乙中螺線管上的粗線標示的是導線的繞行方向。某次實驗中在條形磁鐵插入螺線管的過程中，觀察到電流計指針向右偏轉，說明螺線管中的電流方向（從上往下看）是沿___________（選填順時針或逆時針）方向。

（3）下表是該小組設計的記錄表格的一部分，表中完成了實驗現象的記錄，還有一項需要推斷的實驗結果未完成，請幫助該小組完成，填入表中的橫線上（選填豎直向上或豎直向下）。操作N極朝下插入螺線管從上往下看的平面圖（B0表示原磁場，即磁鐵產生的磁場）原磁場通過螺線管磁通量的增減增加感應電流的方向沿逆時針方向感應電流的磁場B′的方向______________評卷人得分六、解答題(共1題，共4分)31、如圖所示，在區域I有與水平方向成30°的勻強電場，電場方向斜向左下方。在區域II有豎直向下的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，電場強度大小為磁感應強度大小為B。質量為m、電荷量為-q的粒子從區域I的左邊界P點靜止釋放。粒子沿水平虛線向右運動，進入區域II，區域II的寬度為d。粒子從區域II右邊界的Q點（圖中未畫出）離開，速度方向偏轉了60°，重力加速度為g。求：

（1）區域I的電場強度大小E1；

（2）粒子進入區域II時的速度大小；

（3）粒子從P點運動到Q點的時間。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【詳解】

A．由得：向心加速度可知；氕核射出時的向心加速度大，選項A錯誤；

BC．由則因為氕核的質量較小，則獲得的動能和速度大，選項B正確，C錯誤；

D．由可知氕核動能增大，其偏轉半徑的增量要改變，選項D錯誤.2、B【分析】【詳解】

AB.根據右手螺旋定則，電流a在O產生的磁場平行于bc向左，b電流在O產生的磁場平行ac指向右下方，電流c在O產生的磁場平行ab指向左下方；由于三導線電流相同，到O點的距離相同，根據平行四邊形定則，則O點合場強的方向垂直Oc向下；故A錯誤，B正確；

CD.根據同向電流相吸、反向電流相斥，結合矢量合成法則；導線a受到的安培力方向水平向左，而導線b受到的安培力方向平行于ac斜向左上方，故CD錯誤．3、B【分析】【詳解】

t=0時，電動勢為零，線圈平面與磁感線垂直，線圈平面與中性面重合，故A錯誤；當時，電動勢最大，線圈與中性垂直，磁能量等于零，故B正確；300V是電容器允許的最高電壓，而該交流電最大值是所以此交流電不可以使“”的電容器正常工作，故C錯誤；感應電動勢的瞬時值表達式為當將其電樞的轉速提高一倍時，由可知和都增加一倍，則表達式為故D錯誤；故選B.4、B【分析】【詳解】

K閉合時傳感器上恰好無示數，說明小球所受電場力和重力平衡，由于小球帶正電，所以電容器上極板為負，由楞次定律，可知線圈中的磁場B正在增加。根據分析列出方程

解得

故選B。5、A【分析】【詳解】

A．六邊形框架接入電路后，受安培力的等效長度為故其所受安培力大小為A正確；

B．兩端接到直流電源上，電路中邊與其余邊形成并聯關系，設邊的電阻為則另外五邊的總電阻為故兩支路電流分別為

故邊所受安培力大小為

選項B錯誤；

D．其余五邊所受安培力大小為

選項D錯誤；

C．三邊所受安培力的合力大小為

則

選項C錯誤。

故選A。6、A【分析】【詳解】

設圓形磁場的半徑為R，畫出a、b兩個粒子的運動軌跡。

根據幾何關系可知

又因為

可得

A正確；BCD錯誤。

故選A。7、C【分析】【分析】

【詳解】

粒子在磁場邊界的出射點分布在六分之一圓周上，所以當粒子的軌跡圓與磁場圓相交的弦為軌跡圓直徑時，交點最遠，根據幾何關系有

根據牛頓第二定律得

解得

故選C。8、B【分析】【詳解】

AB.由題圖可知；導線左側的金屬圓環面積大于導線右側的金屬圓環的面積，根據安培定則可知導線左側的磁感應強度垂直紙面向外，導線右側的磁感應強度垂直紙面向里，當導線中電流不斷增大時，金屬圓環中垂直紙面向外方向的磁通量不斷增大，其產生的感應電流會阻礙這種變化，所以金屬圓環會向右平動，從而使圓環中垂直紙面向里方向的磁通量有所增大，去抵消垂直紙面向外方向磁通量的增大，故A錯誤，B正確；

CD．根據通電直導線周圍磁場的分布情況可知，圓環以導線EF為軸轉動時；并不會阻礙其磁通量的變化，故CD錯誤。

故選B。二、多選題(共9題，共18分)9、A:B【分析】【詳解】

A．電容器能通高頻、阻低頻，故的作用是阻礙低頻電流通過乙揚聲器；故A正確；

B．的作用是高頻扼流圈；阻礙高頻電流通過甲揚聲器，故B正確；

C．的作用是讓低頻交流電通過；減弱乙揚聲器的低頻電流，故C錯誤；

D．高頻和低頻交流電通入該電路；由于線圈能通低頻，阻高頻，電容器能通高頻，阻低頻，所以低頻交流電通過甲揚聲器，高頻交流電通過乙揚聲器，故甲揚聲器是低音揚聲器，故D錯誤。

故選AB。10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

根據安培定則可知，MN處于ab產生的垂直向里的磁場中，MN在磁場力作用下向右運動，說明MN受到的磁場力向右，由左手定則可知電流由M指向N，L1中感應電流的磁場向上，由楞次定律可知，線圈中產生感應電流的磁場應該是向上減小，或向下增加；再由右手定則可知PQ可能是向左加速運動或向右減速運動。

故選BD。11、B:C:D【分析】【分析】

根據左手定則判斷電子所受的洛倫茲力方向；即可確定偏轉方向；分析臨界點，畫出軌跡，由幾何知識求出電子打在MN上的點與B點的距離以及轉過的圓心角；確定出軌跡對應的圓心角，由圓周運動公式求解時間．

【詳解】

A．向磁場內各個方向連續、均勻地發射速度大小相等的電子，當電子發射速率為v0時，所有電子恰好都不能從MN邊界射出磁場，則知r=d

則當電子發射速率為4v0時，根據r=

知半徑變為原來的4倍，即為2d；故A錯誤；

BC．水平向右射出的粒子達到MN最右端的r=2d

根據幾何關系知偏折角為60°AB=2dsin60°=d

與MN相切是到達的最左的點，根據幾何關系知速度與PQ夾角為60°，所以從MN邊界射出的電子數占總電子數的三分之二；BC=2dsin60°=d

MN邊界上有電子射出的總長度為2d；故BC正確；

D．根據BC項分析，粒子軌跡與MN相切時，轉過的圓心角最大為120°，最長時間為

故D正確。

故選BCD。

【點睛】

本題關鍵是畫出電子運動的軌跡，由幾何知識求出相關的距離和軌跡的圓心角，掌握左手定則和相關幾何知識是正確解題的關鍵．12、A:D【分析】【詳解】

A．根據楞次定律可知；磁場在管道內產生的渦旋電場為逆時針方向，小球帶負電，則小球所受的電場力為順時針方向，兩小球均沿順時針方向運動，A正確；

B．小球做加速度運動，速度逐漸增大，磁場也逐漸增大，根據

可知小球所受洛倫茲力變大；B錯誤；

C．設則產生的感應電場

根據

可知乙小球的切向加速度大，根據

可知乙小球的向心加速度大；根據加速度的合成，可知乙小球的加速度大，C錯誤；

D．根據

可知任意時刻兩個小球的周期相等；則相等時間轉過的角度相同，兩小球的距離保持不變，D正確。

故選AD。13、B:C【分析】【詳解】

A．粒子做圓周運動由洛倫茲力提供向心力

得

可知對于同一個粒子；增大磁感應強度和加速器半徑可以增大其速度，從而增大其動能，A錯誤；

B．根據左手定則可以判斷，帶正電的粒子向B極板聚集，故A極板為負極；B正確；

C．粒子由加速電場加速

粒子做勻速圓周運動由洛倫茲力提供向心力

聯立解得

粒子經過相同得加速電場和偏轉磁場；所以打到同一位置的粒子的比荷相同，C正確；

D．丁圖的速度選擇器；粒子只能從左向右運動才符合原理，從右向左時洛倫茲力和電場力的方向相同不能平衡，D錯誤；

故選BC。14、C:D【分析】【詳解】

A．由

可得

由此可知，所以帶電粒子都可以通過靜電分析器，即粒子a和粒子b經過小孔時速度大小不一定相等；故A錯誤；

B．由A的分析可知，粒子通過靜電分析器時，徑向電場提供向心力，做圓周運動，半徑為所以當U減小時，r減小；故B錯誤；

C．由可知，靜電分析器中距離圓心O為R處的電場強度大小為故C正確；

D．粒子在磁場中做圓周運動，由

可得

即打在膠片上的位置距O點越遠粒子的比荷越小，所以粒子b的比荷一定大于粒子a的比荷；故D正確。

故選CD。15、A:C:D【分析】【詳解】

A．a棒勻速運動，由平衡條件得

又有

解得

故A正確；

B．兩棒發生彈性碰撞，動量守恒定律和能量守恒定律，有

得

b棒沿斜面向下做減速運動，b棒運動位移大小為由動能定理

解得

故B錯誤；

C．碰撞后a棒沿斜面向上運動到最高點所用時間為t，其位移

由動量定理有

通過a棒電量

得

故C正確；

D．a棒再次到達P、Q位置時速度一定小于a棒不用下降時速度已經為零；兩棒一定不可能發生第二次碰撞，故D正確。

故選ACD。16、A:D【分析】【詳解】

A.降壓變壓器副線圈兩端交變電壓有效值為U=V=220V，負載電阻為11Ω，所以通過R0電流的有效值是20A，故A正確；

B.當用電器的電阻R0減小時，由于電壓不變，電流增大，輸出功率增大，則發電機的輸出功率也增大，故B錯誤；

C.交流電經過變壓器，頻率不變，則交流電的頻率f=ω/2π=50Hz.故C錯誤；

D.根據I3：I4=n4：n3得，輸電線上的電流I3=5A，則輸電線上損耗的功率P損==25×10W=250W，降壓變壓器的輸入功率P3=U4I4=220×20W=4400W，則升壓變壓器的輸出功率P=P3+P損=4400+250W=4650W.故D正確；

故選AD

【點睛】

在輸電的過程中，交流電的頻率不變，結合降壓變壓器的輸出電壓和用電器的電阻，根據歐姆定律求出通過用電器的電流，結合輸電線上的功率損失求出升壓變壓器的輸入功率．17、A:D【分析】【詳解】

AB．電源接通時，電容器的電壓一定，若電容C減小時，金屬棒與導電液的正對面積減小，h減小；故A正確，B錯誤；

CD．電源接通再斷開，電容器的電量不變，電壓減小，由公式分析可知，C增大，金屬棒與導電液的正對面積增大，h增大；故C錯誤，D正確．

故選AD。三、填空題(共8題，共16分)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】垂直最大零19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】敏感元件轉換元件20、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]設左、右砝碼質量分別為線圈質量為當磁場方向垂直紙面向里時，根據平衡條件有

當磁場方向垂直紙面向外時，根據平衡條件有

聯立解得

（2）[2]代入數據得【解析】121、略

【解析】22、略

【分析】【詳解】

[1]電阻對燈泡亮度的影響與頻率無關，故a燈亮度不變。

[2]根據電感的特性：通低頻、阻高頻，當電源的頻率變高時，電感對電流的感抗增大，b燈變暗。

[3]根據電容器的特性：通調頻、阻低頻，當電源的頻率變高時，電容器對電流的容抗減小，c燈變亮。【解析】不變變暗變亮23、略

【分析】【詳解】

[1]電阻對燈泡亮度的影響與頻率無關，故a燈亮度不變。

[2]根據電感的特性：通低頻、阻高頻，當電源的頻率變高時，電感對電流的感抗增大，b燈變暗。

[3]根據電容器的特性：通調頻、阻低頻，當電源的頻率變高時，電容器對電流的容抗減小，c燈變亮。【解析】不變變暗變亮24、略

【分析】【詳解】

[1]原磁場方向向右；向右運動時，穿過圓環的磁通量要變大，根據楞次定律，圓環中感應電流產生向左的感應磁場，即產生了順時針方向的感應電流（從右往左看）．

[2]據來拒去留，環受到向右的安培力，將向右運動．【解析】順時針右25、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]國內居民生活用電的有效值為220V，頻率為50Hz，周期為0.02s。【解析】220500.02四、作圖題(共4題，共28分)26、略

【分