…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版必修3物理上冊階段測試試卷871考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、一個磁場的磁感線如圖所示；一個小磁針被放入磁場中，則小磁針將。

A.向右移動B.向左移動C.順時針轉動D.逆時針轉動2、用如圖所示的裝置探究影響感應電流方向的因素。實驗時將線圈放在水平桌面上，使磁鐵的N極進入線圈或移出線圈。下列說法正確的是（）

A.感應電流的方向與N極進入線圈的快慢有關B.N極從線圈中勻速移出的過程中有感應電流產(chǎn)生C.N極進入線圈與移出線圈過程中感應電流方向相同D.感應電流的磁場方向與引起感應電流的磁場方向始終相同3、有兩條長直導線垂直紙面水平放置，交紙面于a、b兩點，通有大小相等的恒定電流，方向如圖，a、b的連線水平。c是ab的中點，d點與c點關于b點對稱。已知c點的磁感應強度為B1，d點的磁感應強度為B2，則關于a處導線在d點的磁感應強度的大小及方向；下列說法中正確的是。

A.方向豎直向上B.方向豎直向下C.方向豎直向下D.方向豎直向上4、某著名電池公司于2021年7月29日正式發(fā)布了新一代的鈉離子電池，這款鈉離子電池電芯單體能量密度可達160Wh/kg。若一塊鈉離子電池電芯單體的銘牌標注為“12V60Ah”，則這塊電池電芯單體的質量為（）A.4.5kgB.2.67kgC.0.375kgD.0.22kg5、如圖，水平桌面上平放一矩形導線框abcd，O為中心點。勻強磁場豎直向上；下列操作可使線圈中產(chǎn)生感應電流的是（）

A.線框水平向右平動B.線框豎直向上平動C.線框繞過O點的豎直軸轉動D.線框以ab為軸逆時針轉動6、如圖所示，在矩形的兩個頂點分別固定兩帶電荷量相等的異種點電荷，A點、B點為矩形的另外兩個頂點，O點為矩形兩對角線的交點；取無窮遠處電勢為零，則下列說法正確的是（）

A.A點和B點電場強度不同B.A點電勢大于零，B點電勢小于零C.電勢差D.將負試探電荷從A點移動到無窮遠處，電勢能減少7、如圖所示，空間分布著豎直向上的勻強電場E，現(xiàn)在電場區(qū)域內某點O處放置一負點電荷Q，并在以O點為球心的球面上選取a、b、c、d、e、f六點，其中ac連線為球的水平大圓直徑，bd連線與電場方向平行。不計空氣阻力；則下列說法中正確的是。

A.b、d兩點的電勢相等B.a、c兩點的電場強度相同C.將點電荷＋q從球面上b點移到f點，電勢能減小D.若從a點拋出一帶正電小球，小球可能沿a、e、c、f所在圓周作勻速圓周運動8、下列說法正確的是（）A.電場線和磁感線都是真實存在的，可以通過實驗證實B.若取走試探電荷，則此處的電場強度為0C.磁體和電流周圍都能產(chǎn)生磁場D.磁感線和電場線都是閉合曲線評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、如圖所示,半徑為R的圓是圓柱形區(qū)域的橫截面,c為圓心,在圓上a點有一粒子源能以相同的速率向圓而內各個方向發(fā)射質量為m、電荷量為q的帶正電粒子,柱形區(qū)域內存在平行于圓面的勻強電場,粒子從電場中射出的最大動能是初動能的4倍經(jīng)過b點的粒子在b點的動能是初動能的3倍,已知初動能為Ek,不計粒子重力及粒子間的相互作用,下列選項正確的有。

A.電場強度大小為B.電場強度大小為C.電場強度方向從a到bD.電場強度方向從a到c10、如圖所示；電力工作人員在幾百萬伏的高壓線上進行帶電作業(yè)，電工全身穿戴帶電作業(yè)用的屏蔽服，屏蔽服是用導電金屬材料與紡織纖維混紡交織成布后再做成的服裝，下列說法正確的是（）

A.采用金屬材料編織衣服的目的是使衣服不易拉破B.采用金屬材料編織衣服的目的是利用靜電屏蔽C.電工穿上屏蔽服后，體內場強為零D.屏蔽服中的金屬網(wǎng)不能起到屏蔽作用11、空間有一沿x軸方向的電場，x軸上各點電勢隨位置的變化情況如圖所示，圖像關于O點中心對稱。下列說法正確的是（）

A.O點的電場強度沿x軸正方向B.-x1和x1兩點在同一等勢面上C.-x1與x1兩點電場強度相同D.將負電荷從x1移到x2過程中，電荷的電勢能一直增大12、如圖所示為粗細相同；長度相同的金屬導線A、B的伏安特性曲線則下列判斷正確的是（）

A.兩段導線串聯(lián)在電路中，A兩端電壓大B.兩段導線并聯(lián)在電路中，B中的電流大C.A段導線的電阻率比B段導線的電阻率小D.將電阻率較大導線截去一部分后，剩下導線電阻率可能與電阻率較小的一段導線電阻率相同13、某實驗小組用如圖甲所示的電路完成了蓄電池的電動勢E和內電阻r的測量；該小組的同學測量了多組數(shù)據(jù)，并根據(jù)測量的數(shù)據(jù)描繪了如圖乙所示的圖線。已知兩電表均為理想電表，則下列說法正確的是（）

A.E=1.20V，r=3.50ΩB.E=1.40V，r=1.00ΩC.調節(jié)滑動變阻器使其阻值為零時，流過電源的電流為0.40AD.調節(jié)滑動變阻器使電壓表的讀數(shù)為1.20V時，電流表的讀數(shù)I′=0.20A評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)14、如圖所示，帶電荷量分別為q1、q2的粒子，以相同的初速度從P點沿垂直于場強方向射入平行板間的勻強電場中，分別落在下極板上的A、B兩點，若AB＝OA，q1＝3q2，不計重力，則兩個粒子質量之比為________，兩個粒子進入電場之后的動能增量之比為________．

15、在如圖所示的閉合電路中，當滑片P向右移動時，兩電表示數(shù)的大小變化情況是：電流表示數(shù)變________，電壓表示數(shù)變________．

16、如圖所示，A、B兩個帶異種電荷的小球分別被兩根絕緣細線系在木盒內的一豎直線上，靜止時木盒對地面的壓力為細線對B的拉力為若將系B的細線斷開，剛斷開時木盒對地面的壓力等于____________；在B向上運動過程中，木盒對地面的壓力逐漸___________（填“變大”或“變小”）。

17、能量子公式∶ε=hν，其中ν是電磁波的頻率，h稱為_______。h=______J·s。（一般取h=6.63×10-34J·s）18、一個靈敏電流計允許通過的最大電流（滿刻度電流）為表頭電阻若將其改裝成量程為的電流表，應__________（填串聯(lián)或并聯(lián)）一個電阻，阻值為__________若將其改裝成量程為的電壓表，應__________（填串聯(lián)或并聯(lián)）一個阻值為__________的電阻．19、用螺旋測微器測量某材質電線的直徑d，其中一次測量如圖所示，其讀數(shù)___________mm。

20、如圖所示，絕緣光滑軌道AB部分是傾角為的斜面，AC部分為豎直平面上半徑為R的圓軌道，斜面與圓軌道相切。整個裝置處于場強為E、方向水平向右的勻強電場中。現(xiàn)有一個質量為m的小球，帶正電荷量若小球在O點由靜止釋放，則它將做______運動。

21、電荷量為的試探電荷在靜電場中的A點，具有的電勢能，A點的電勢是_________V。若把電荷量為的試探電荷放在A點，該電荷具有的電勢能是_______________J。評卷人得分四、作圖題(共1題，共5分)22、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關S擲向1，一段時間后，將開關擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短評卷人得分五、實驗題(共2題，共16分)23、（1）如圖1螺旋測微器讀數(shù)為_______mm，如圖2游標卡尺讀數(shù)為_______mm。

（2）用伏安法測金屬絲電阻存在系統(tǒng)誤差。為了減小系統(tǒng)誤差，有人設計了如圖甲所示的實驗方案。其中Rx是待測電阻，R是電阻箱，R1、R2是已知阻值的定值電阻。合上開關S，靈敏電流計的指針偏轉。將R調至阻值為R0時，靈敏電流計的示數(shù)為零。由此可計算出待測電阻Rx______；（用R1、R2、R0表示）

（3）有同學利用“半偏法”也可以測量電壓表的內阻；其電路原理圖如圖乙所示。

①將滑動變阻器R的滑片P調至_________（填“A”或“B”端），電阻箱R0的阻值調至________（填“零”或“最大”）；

②閉合開關S；移動滑動變阻器的滑片P使電壓表滿偏；

③保持滑動變阻器的滑片P不動，調節(jié)電阻箱R0的阻值使電壓表半偏；

④記下電阻箱R0的示數(shù)。

⑤若電阻箱R0的示數(shù)為3002Ω，則電壓表內阻的測量值為______Ω，該測量值與電壓表的實際內阻相比_______（填“偏大”、“偏小”或“相等”）。24、在測定金屬絲電阻率的實驗中：

（1）用螺旋測微器測得金屬絲的直徑如圖甲所示，d=___________mm；

（2）用多用電表的“×1”歐姆擋，調零后測得金屬絲的電阻值如圖乙所示，R=___________Ω；

（3）若實驗中測出金屬絲的長度為L，則該金屬絲電阻率的表達式ρ=___________（用符號表示）。

（4）用伏安法測量某電阻Rx的阻值（約55Ω），用到的電流表A量程0～3A（內阻約0.1Ω），電壓表V量程0～15V（內阻約4kΩ）。為了減小誤差，電流表應_______（選填“內接”或“外接”）。評卷人得分六、解答題(共2題，共20分)25、如圖所示，電源電動勢E=10V，內阻r=0.5Ω，標有“8V24W”的燈泡L恰好能正常發(fā)光，電動機M線圈的電阻R0=2Ω；求：

（1）燈泡L中的電流I1；

（2）電動機M中的電流I2；

（3）電動機工作2min產(chǎn)生的熱量．

26、如圖所示的電路中，兩平行金屬板A、B水平放置，兩極板的長度L=80cm，兩板間的距離d=20cm．電源電動勢E=24V，內電阻r=1Ω，電阻R=15Ω，滑動變阻器的最大阻值為20Ω．閉合開關S，待電路穩(wěn)定后，將一帶負電的小球從A、B兩金屬板左端正中間位置M處以初速度v0=8m/s水平向右射入兩板間，恰能沿直線射出．若小球帶電量為q=1×10-2C，質量為m=2×10-2kg，不考慮空氣阻力，重力加速度g=10m/s2．求此時：

（1）滑動變阻器接入電路的阻值；

（2）當滑動變阻器阻值多大時；滑動變阻器消耗的功率最大？此時滑動變阻器消耗的功率是多少？

（3）若使小球能從極板間射出；則滑動變阻器接入電路的阻值范圍為多大？

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【詳解】

磁場的磁感線如題圖所示，一個小磁針被放入方向水平向右的磁場中，小磁針N極受到水平向右的磁場力的作用，小磁針S極受到水平向左的磁場力，所以N極要轉向磁場方向，而S極轉向磁場方向反方向；因此導致小磁針在順時針轉動。

A．向右移動；與結論不相符，選項A錯誤；

B．向左移動；與結論不相符，選項B錯誤；

C．順時針轉動；與結論相符，選項C正確；

D．逆時針轉動，與結論不相符，選項D錯誤；2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．感應電流的方向與磁通量變化與磁場方向有關即與磁鐵插入還是拔出有關，而N極進入線圈的快慢與感應電流的大小有關；故A錯誤；

B．N極從線圈中勻速移出的過程中穿過線圈的磁通量減小；由楞次定律可知，線圈中有感應電流產(chǎn)生，故B正確；

C．N極進入線圈過程穿過線圈的磁通量增大；移出線圈過程中穿過線圈的磁通量減小，且進入和移出過程中磁鐵磁場方向相同，由增反減同可知，兩過程中感應電流方向相反，故C錯誤；

D．由楞次定律可知；感應電流的磁場總是阻礙引起感應電流的磁場變化，但方向不一定總是相同，可能相同，也可能相反，故D錯誤。

故選B。3、B【分析】【詳解】

設a處導線在d點的磁感應強度的大小為B，方向方向豎直向下。根據(jù)通電直導線產(chǎn)生的磁場磁感應強度與電流成正比，a處導線在c點的磁感應強度的大小為3B，方向豎直向下。由題意知，兩條長直導線恒定電流大小相等，則得到b處導線在c兩點的磁感應強度的大小為3B，根據(jù)安培定則得到，方向豎直向下。b處導線在d兩點的磁感應強度的大小為3B，根據(jù)安培定則得到，方向豎直向上。則根據(jù)磁場疊加得B1=3B+3B=6B，B2=3B-B=2B，根據(jù)數(shù)學知識得到，所以a處導線在d點的磁感應強度的大小為方向是豎直向下。

A．方向豎直向上。故A錯誤。

B．方向豎直向下。故B正確。

C．方向豎直向下。故C錯誤。

D．方向豎直向上。故D錯誤。4、A【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)電池銘牌標注可知該鈉離子電池的能量為。

所以這塊電池電芯單體的質量為。

故選A。5、D【分析】【詳解】

A．線圈向右平動；穿過線圈的磁通量不發(fā)生變化，無感應電流產(chǎn)生，故A錯誤；

B．線圈豎直向上平動；穿過線圈的磁通量不發(fā)生變化，無感應電流產(chǎn)生，故B錯誤；

C．線圈繞過O點的豎直軸轉動；穿過線圈的磁通量也不發(fā)生變化，無感應電流產(chǎn)生，故C錯誤；

D．線圈以ab為軸轉動時；導致穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，從而產(chǎn)生感應電流，故D正確。

故選D。6、B【分析】【詳解】

A．兩點電荷分別在A、B兩點處產(chǎn)生的電場如圖所示。

可知A點和B點的合場強大小和方向均相同；A錯誤；

B．無窮遠處電勢為零，且等量異種點電荷連線的垂直平分線為等勢線，則該垂直平分線上電勢均為零，在該垂直平分線兩側中靠近正點電荷的一側，電勢均大于零，即A點電勢大于零，靠近負點電荷的一側，電勢均小于零，即B點電勢小于零；B正確；

C．在A、B所在直線上，關于O點對稱的點電場強度均相同，且在AB所在直線方向上的電場強度分量大小相同，即AB直線上關于O點對稱的一小截線段兩端間電勢差大小相同，則

C錯誤；

D．A點電勢大于零，而無窮遠處的電勢等于零，根據(jù)

可知，將負試探電荷從A點移動到無窮遠處；靜電力做負功，電勢能增加，D錯誤。

故選B。7、D【分析】【詳解】

A．因為負點電荷Q在b、d兩點形成的電勢相等，而勻強電場在b、d兩點的電勢不相等，則疊加后b、d兩點的電勢不相等；選項A錯誤；

B．由對稱性可知，a、c兩點的電場強度大小相同；但是方向不同，選項B錯誤；

C．將點電荷＋q從球面上b點移到f點，負點電荷Q對點電荷+q不做功，但是勻強電場對點電荷+q做負功；則電勢能增加，選項C錯誤；

D．若從a點拋出一帶正電小球，若滿足mg=qE，則帶正電的小球在負點電荷Q的庫侖吸引力的作用下能沿a、e、c、f所在圓周作勻速圓周運動；選項D正確；

故選D.8、C【分析】【詳解】

A．電場線和磁感線都是假想的；在空間不是實際存在的線，故A錯誤；

B．某點處的電場強度與是否存在試探電荷無關；故B錯誤；

C．通電導線周圍存在磁場；這是電流的磁效應；永磁體周圍都存在磁場，這是磁體本身具有的特征，故C正確；

D．磁感線在磁體的周圍是從磁體的N極出發(fā)回到S極；在磁體的內部；磁感線是從磁體的S極出發(fā)，回到N極，所以磁感線是閉合的，而電場線從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不相交不閉合，故D錯誤。

故選C。二、多選題(共5題，共10分)9、A:B:C【分析】【詳解】

設電場方向與ab邊夾角為離開電場時動能最大的粒子的射出點和c點的連線一定和電場方向平行，如圖所示，在粒子從a運動到b點過程中由動能定理有：

對離開電場時動能最大的粒子在電場中由動能定理有：

由以上兩式解得。

或時（即電場方向由a指向b）；得。

時；

故選ABC。

10、B:C【分析】【詳解】

屏蔽服的作用是在穿上后；使處于高壓電場中的人體內電場強度處處為零，從而使人體免受高壓電場及電磁波的危害，可知BC正確，AD錯誤;

故選BC。11、A:C【分析】【詳解】

A．電場強度指向電勢減弱最快的方向，故O點的電場強度沿x軸正方向；故A正確；

B．電勢是標量，-x1和x1兩點處電勢不同；一正一負，不在同一等勢面，故B錯誤；

C．圖像斜率表示電場強度，由圖知，-x1與x1兩點斜率相同；則電場強度相同，故C正確；

D．將負電荷從x1移到x2過程中；電勢先減小后增大，則電勢能先增大后減小，故D錯誤。

故選AC。12、A:B【分析】【詳解】

A．由圖像的斜率可知；A的電阻大，B的電阻小，串聯(lián)在電路中，A兩端的電壓大，A項正確；

B．并聯(lián)在電路中；電阻小的電流大，即B中電流大，B項正確；

C．兩導線的長度相同，截面積相同，由

可知；B的電阻率小，C項錯誤；

D．電阻率大小與導線長短無關；D項錯誤。

故選AB。13、B:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)閉合電路歐姆定律，可得

結合乙圖，可得

故A錯誤；B正確；

C．調節(jié)滑動變阻器使其阻值為零時，流過電源的電流為

故C錯誤；

D．調節(jié)滑動變阻器使電壓表的讀數(shù)為1.20V時，電流表的讀數(shù)滿足

解得

故D正確。

故選BD。三、填空題(共8題，共16分)14、略

【分析】【詳解】

[1]設q1運動的時間為t1，q2運動的時間為t2．粒子在水平方向做勻速直線運動，在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，兩粒子的初速度相等，設初速度為v0；

根據(jù)運動學公式：

可得時間：

所以有：

根據(jù)：

由以上各式聯(lián)立得

[2]根據(jù)動能定理有：所以動能增量之比為：【解析】3∶43∶115、略

【分析】【詳解】

[1][2]閉合電路中，當滑片向右移動時，滑動變阻器的電阻變大，使電路中電阻變大，由閉合電路歐姆定律可得電流變小，則內壓及的分壓減小時，故滑動變阻器兩端電壓變大，所以電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)變大。【解析】小大16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]細線斷開前，對整體(A、B和木盒)進行受力分析，整體受重力Mg和地面的支持力F′N。根據(jù)共點力平衡的條件和牛頓第三定律得出。

細線斷開前；對小球B進行受力分析，根據(jù)共點力平衡的條件得出。

若將系B的細線斷開，對小球B進行受力分析，小球B受重力mg，向上的電場力F電剛斷開時，對A和木盒做為整體進行受力分析，整體受重力M′g、地面的支持力FN′′、小球B對A的靜電力F電。運用平衡條件得出。

由牛頓第三定律得木盒對地的壓力等于

[2]在B向上運動的過程中，小球B對A的電場力F電′增大；由。

得地面對木盒的支持力也在增大，根據(jù)牛頓第三定律知道木盒對地的壓力逐漸變大.【解析】變大17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]由公式的可知，h稱為普朗克常量；h=6.63×10-34J·s。【解析】①.普朗克常量②.6.626×10-3418、略

【分析】【詳解】

[1][2]把靈敏電流計改裝成的電流表需要并聯(lián)分流電阻，并聯(lián)電阻阻值為

[3][4]把靈敏電流計改裝成的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，串聯(lián)電阻阻值為【解析】并聯(lián)串聯(lián)19、略

【分析】【詳解】

螺旋測微器讀數(shù)為【解析】1.49820、略

【分析】【詳解】

對放在斜面上的小球受力分析，有重力G，垂直于斜面向上的支持力FN和水平向右的電場力F。將重力和電場力分解到斜面方向和垂直于斜面方向的兩個分力。則重力沿斜面向下的分力為

電場力沿著斜面向上的分力為

又電場力為

則

即

小球將靜止在斜面上。【解析】保持靜止21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)

代入數(shù)據(jù)解得A點的電勢

[2]若把電荷量為的試探電荷放在A點，A點電勢不變，根據(jù)

代入數(shù)據(jù)解得【解析】①.20②.四、作圖題(共1題，共5分)22、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減小；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減小；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據(jù)可知電容器的電荷量將變小；放電的時間將變短，選項D正確。

故選ABD。【解析】ABDABD五、實驗題(共2題，共16分)23、略

【分析】【詳解】

（1）[1]螺旋測微