…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版選擇性必修2物理上冊月考試卷112考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、發電機的路端電壓為U，經電阻為r的輸電線向遠處的用戶供電，發電機的輸出功率為P，則A.輸電線上的電流為B.用戶得到的電壓為C.輸電線上的功率損失為D.輸電上的功率損失為2、下面的幾個圖顯示了磁場對通電直導線的作用力，其中正確的是（）A.B.C.D.3、如圖所示，將a，b接入正弦交流電中；電路中所有電表和變壓器是理想的。若交流電頻率變成原來的兩倍，下列說法正確的是（）

A.電壓表示數不變B.變壓器輸入功率變為原來的兩倍C.電流表A1的示數變為原來的兩倍D.電阻R的功率變為原來的兩倍4、如圖，空間某區域中有一勻強磁場，磁感應強度方向水平，且垂直于紙面向里，磁場上邊界b和下邊界d水平。在豎直面內有一矩形金屬線圈，線圈上下邊的距離很短，下邊水平，線圈從水平面a開始下落。已知磁場上下邊界之間的距離大于水平面a、b之間的距離，若線圈下邊剛通過水平面b、c（位于磁場中）和d時，線圈所受到的磁場力的大小分別為和則（）

A.>>B.<<C.>>D.<<5、如圖所示，用兩根相同的導線繞成匝數分別為n1和n2的圓形閉合線圈A和B，兩線圈平面與勻強磁場垂直．當磁感應強度隨時間均勻變化時，兩線圈中的感應電流之比為（）

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、如圖所示，空間存在方向垂直紙面的勻強磁場，一粒子發射源P位于足夠大絕緣平板MN的上方距離為d處，在紙面內向各個方向發射速率均為v的同種帶電粒子，不考慮粒子間的相互作用和粒子重力，已知粒子做圓周運動的半徑大小也為d；則粒子。

A.能打在板上的區域長度為2dB.能打在板上離P點的最遠距離為2dC.到達板上的最長時間為D.到達板上的最短時間為7、如圖所示，電流表、電壓表為理想電表，變壓器為理想變壓器，是定值電阻，為滑動變阻器。閉合開關S；則下列說法正確的是（）

A.僅將滑片上移時，電流表A的示數變大B.僅將滑片下移時，電壓表V的示數變大RC.滑片下移、上移時，電阻的功率增大D.只斷開開關S，電壓表V的示數變大，電流表的示數變小8、如圖所示，在直角坐標系xOy第一象限內x軸上方存在磁感應強度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場，在y軸上S處有一粒子源，它可向右側紙面內各個方向射出速率相等的質量大小均為m，電荷量大小均為q的同種帶電粒子，所有粒子射出磁場時離S最遠的位置是x軸上的P點。已知粒子帶負電，粒子重力及粒子間的相互作用均不計，則（）

A.粒子的速度大小為B.從O點射出的粒子在磁場中的運動時間為C.從x軸上射出磁場的粒子在磁場中運動的最長時間與最短時間之比為9：2D.沿平行x軸正方向射入的粒子離開磁場時的位置到O點的距離為9、如圖甲所示，勻強磁場垂直穿過矩形金屬線框磁感應強度隨時間按圖乙所示規律變化；下列說法正確的是（）

A.時刻線框的感應電流方向為B.時刻線框的感應電流方向為C.時刻線框的磁通量最大D.時刻線框邊受到的安培力方向向右10、如圖所示；豎直平面內存在垂直平面向里的有界磁場，一矩形線框從磁場邊界以豎直向上的速度進入磁場，剛好能夠完全進入，隨后下落離開磁場，忽略空氣阻力，則（）

A.線框在磁場中上升與下落的時間相同B.線框上升與下落過程中通過截面的電量相同C.線圈上升與下落過程中安培力產生的沖量大小相同D.線圈上升與下落過程中產生的焦耳熱相同11、某偏僻山區靠小型發電機供電照明；供電電路如圖甲所示，通過電燈的電流隨時間變化的正弦規律圖像如圖乙所示，若發電機的線圈共有1000匝，總內阻為2Ω，電燈的電阻為48Ω，不計輸電線的電阻，則下列說法正確的是（）

A.電路中的電流方向每秒改變100次B.穿過線圈的磁通量的最大值為C.穿過線圈的磁通量變化率的最大值為25Wb/sD.電燈的電功率為12.5W12、如圖所示，有一電動勢e=100sinl00πt（V）的交流電源與理想變壓器輸入端相連，已知理想變壓器原、副線圈匝數比為5:1，輸出端電阻R的阻值為4Ω．則（））

A.當變壓器原線圈瞬時電壓為零時，電壓表讀數也為零B.電壓表讀數為20VC.電流表讀數為D.理想變壓器的輸出功率為100WA評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)13、如圖所示，阻值為R的金屬棒從圖示ab位置分別以v1、v2的速度沿光滑導軌（電阻不計）勻速滑到a′b′位置，若v1∶v2=1∶2，則在這兩次過程中回路的電流I1∶I2=___________，產生的熱量Q1∶Q2=___________，通過任一截面的電荷量q1∶q2=___________，外力的功率P1∶P2=___________

14、紅外線。

（1）紅外線是一種光波，波長比無線電波_____，比可見光_____。

（2）所有物體都發射紅外線，熱物體的紅外輻射比冷物體的紅外輻射_____。

（3）紅外線的應用主要有________和紅外體溫計。15、如圖所示，是一個按正弦規律變化的交變電流的圖像，則該交變電流的周期是_________s，電流的有效值是______A。

16、如圖所示，交流發電機的矩形線圈中，匝數匝，線圈電阻外電阻線圈在磁感應強度的勻強磁場中繞垂直于磁場的轉軸勻速轉動，角速度則產生感應電動勢的最大值為__________V，交流電壓表的示數為__________V：從圖示位置起，轉過90°過程中，通過線圈截面的電荷量為__________C；從圖示位置起，轉過60°時通過電阻R的電流為__________A。

17、如圖是一個正弦式交變電流的圖像，由圖可知，電流的峰值Im＝________A，有效值I＝________A，周期T＝________s，頻率f＝________Hz。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共24分)18、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

19、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

20、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

21、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環時，圓環向右偏離，試在圖中標出圓環中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共4題，共16分)22、如圖所示是“探究影響通電導線受力的因素”的實驗裝置圖，三塊相同的蹄形磁鐵并列放置，可以認為磁極間的磁場是均勻的。實驗時，先保持導體棒通電部分的長度不變，改變電流的大小；然后保持電流的大小不變，改變導體棒通電部分的長度。每次實驗導體棒在場內同一位置平衡時，懸線與豎直方向的夾角記為θ。

(1)下列說法正確的是：____________。

A．該實驗探究了電流大小以及磁感應強度大小對安培力的影響。

B.該實驗探究了磁感應強度大小以及通電導體棒長度對安培力的影響。

C.如果想增大θ；可以把磁鐵的N極和S極對調。

D.如果想減小θ；可以把接入電路的導體棒從①；④兩端換成②、③兩端。

(2)若把電流為I且接通②、③時，導體棒受到的安培力記為F；則當電流減半且接通①、④時，導體棒的安培力為：___________。

(3)本實驗采用的研究方法是：______________。23、（1）在研究自感現象時，自感系數較大的線圈一般都有直流電阻，某同學利用如圖（1）所示的電路采用伏安法測定線圈的直流電阻，在實驗測量完畢后，將電路拆去時應______。

A．先斷開開關S1B．先斷開開關S2

C．先拆去電流表D．先拆去電阻R

（2）圖（2）所示是該同學研究自感現象的實驗電路圖，并用電流傳感器顯示出在t=1×10-3s時斷開開關前后一段時間內各時刻通過線圈L的電流（如圖（3）所示）。已知電源電動勢E=6V，內阻不計，燈泡的阻值R1=6Ω，電阻R的阻值為2Ω。

①線圈的直流電阻為______Ω；

②開關斷開時，該同學觀察到的現象是：______。24、學校實驗室提供如圖甲所示的可拆變壓器元件；某同學探究變壓器原；副線圈兩端的電壓與線圈匝數之間的關系：

(1)該同學還需要的實驗器材是______（填選項前的字母）；

A.B.C.

D.E.

(2)該同學實驗組裝的變壓器如圖乙所示。鐵芯上原，副線圈接入的匝數分別為n1=800匝和n2=400匝，原線圈兩端與電源相連，測得原、副線圈兩端的電壓分別為10V和1.8V，發現結果與正確實驗結論有明顯偏差，最有可能原因是______；

A.副線圈的數太少B.副線圈的電阻太大。

C.原線圈的匝數太多，電阻過大D.沒有將鐵芯B安裝在鐵芯A上。

(3)改正后正確操作，為原線圈n1=800匝接入12V電壓，副線圈n2=400匝接線柱間輸出電壓最有可能是______。

A.24VB.6VC.5.6VD.2V25、某同學做“探究感應電流產生的條件”的實驗時；由于沒有滑動變阻器，于是他用一個光敏電阻（光照越強電阻越小，反之越大）和一個可調節光照強度的光源替代滑動變阻器。圖甲中實驗器材有部分已用導線連接。

（1）請用筆畫線代替導線將圖中的實驗電路連接完整______。

（2）閉合電鍵的瞬間，觀察到電流表G的指針向右偏轉。那么閉合電鍵后，增強可調光源強度，電流表G的指針將向______偏轉（填“左”或“右”）。

（3）該同學根據感應電流產生的條件，想利用搖繩發電。如圖乙所示，把一條大約10m長電線的兩端連在一個靈敏電流計的兩個接線柱上，形成閉合導體回路。兩個同學沿______（選填“東西”或“南北”）方向站立并迅速搖動這條電線時，發電的可能性比較大。評卷人得分六、解答題(共1題，共4分)26、如圖所示，頂角的光滑金屬導軌固定在水平面內，導軌處在方向豎直向下、磁感應強度大小為曰的勻強磁場中。一根與垂直的導體棒在水平外力作用下以恒定速度沿導軌向右滑動，導體棒的質量為導軌與導體棒單位長度的電阻均為導體棒與導軌的接觸點分別為和導體棒在滑動過程中始終保持與導軌良好接觸。時，導體棒位于頂角處。求：

（1）時刻流過導體棒的電流大小和電流方向，并判斷端電勢高低。

（2）導體棒做勻速直線運動時水平外力隨時間變化的表達式。

（3）導體棒在時間內產生的焦耳熱

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【詳解】

A．根據P=UI得，輸送電流

故A錯誤；

B．輸電線上損失的電壓為

用戶得到的電壓為

故B錯誤；

CD．輸電線上的功率損失為

故C錯誤；D正確。

故選D。2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由左手定則可知磁場對通電直導線的作用力方向向右；故A錯誤；

B．由左手定則可知磁場對通電直導線的作用力方向向下；故B錯誤；

C．由左手定則可知磁場對通電直導線的作用力方向向下；故C正確；

D．電流方向與磁感應強度方向平行；磁場對通電直導線沒有力的作用，故D錯誤。

故選C。3、C【分析】【詳解】

AC．頻率變為原來兩倍，根據公式

又

可知；電壓和電流最大值和有效值也變為原來兩倍，A錯誤，C正確；

BD．根據公式

可得變壓器和輸入功率和電阻的功率為原來的四倍；BD錯誤。

故選C。4、D【分析】【詳解】

線圈從a到b做自由落體運動，在b點開始進入磁場切割磁感線所以受到安培力Fb，由于線圈的上下邊的距離很短，所以經歷很短的變速運動而進入磁場，以后線圈中磁通量不變不產生感應電流，在c處不受安培力，但線圈在重力作用下依然加速，因此從d處切割磁感線所受安培力必然大于b處。故選D。5、D【分析】【詳解】

由法拉第電磁感應定律得：可知感應電動勢與半徑的平方成正比．而根據電阻定律：線圈的電阻為線圈中感應電流由上綜合得到，感應電流與線圈半徑成正比，即因相同導線繞成匝數分別為和的圓形線圈，因此半徑與匝數成反比，故選D.二、多選題(共7題，共14分)6、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．打在極板上粒子軌跡的臨界狀態如圖所示。

根據幾何關系知，帶電粒子能到達板上的長度l=R+R=（1+）R=（1+）d

所以A錯誤；

B．由圖可以看到打在板上最遠點是右邊，由幾何關系可得，它與P點的距離是2d；所以B正確；

CD．在磁場中運動時間最長和最短粒子運動軌跡示意圖如圖所示。

由幾何關系知，最長時間t1=T

最短時間t2=T

又有粒子在磁場中運動的周期

根據題意t1=t2=

所以C正確；D錯誤；

故選BC。7、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．只將滑片上移時；副線圈匝數增大原副線圈兩端電壓與匝數成正比，可知輸出電壓增大，輸出功率增大，輸入功率也增大，電流表A的示數增大，選項A正確；

B．只將滑片下移時，接入的阻值減小，接入的阻值與的并聯電阻減小，副線圈電流增大，兩端電壓增大；而副線圈兩端電壓不變，故電壓表V的示數變小，選項B錯誤；

C．滑片下移，副線圈電路電壓減小，滑片上移，副線圈電路總電阻增大，故總電流減小，電阻的功率減小；選項C錯誤；

D．只斷開開關S，副線圈兩端電壓不變，電路總電阻增大，電流減小，消耗功率減小，原線圈輸入功率也減小，電流表A的示數變小，兩端電壓減小，則電壓表V測的是電阻兩端的電壓；示數變大，選項D正確。

故選AD。8、A:C【分析】【詳解】

A．粒子射出磁場時離S最遠的位置是x軸上的P點,可以畫出其軌跡1，可知SP為直徑

得到R=d

洛侖茲力提供向心力

代入

A正確；

B．運動周期

得到

由幾何知識可得從O點射出的粒子如軌跡3，軌跡所對的圓心角為60°，在磁場中的運動時間

故B錯誤；

C．運動時間最長的粒子為運動軌跡與x軸相切的粒子（軌跡2），對應的圓心角為270°，得

運動時間最短的粒子為從原點飛出的粒子（軌跡3），此時對應的圓心角為60°，得到

所以

選項C正確；

D．沿平行x軸正方向射入的粒子，圓心在原點處，運動軌跡為四分之一圓，離開磁場時的位置到O點的距離為d；故D錯誤；

故選AC。9、A:C:D【分析】【詳解】

AD．時刻線框的磁通量向里增加，根據楞次定律可知，線框的感應電流方向為根據左手定則可知，線框邊受到的安培力方向向右；故AD正確；

B．時刻線框的磁通量向里減少，根據楞次定律可知，線框的感應電流方向為故B錯誤；

C．時刻磁感應強度最大；線框的磁通量最大，故C正確。

故選ACD。10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．上升過程加速度大小大于下降過程的加速度大小，由可知；加速度大的運動的時間少，所以線框在磁場中上升比下落的時間少，則A錯誤；

B．根據公式可知線框上升與下落過程中通過截面的磁通量的變化量大小相同，所以線框上升與下落過程中通過截面的電量相同，則B正確；

C．安培力產生的沖量為

由于線框上升與下落過程中通過截面的電量相同；則線圈上升與下落過程中安培力產生的沖量大小相同，所以C正確；

D．線圈上升與下落過程中產生的焦耳熱不相同；因為上升與下降過程中相同位置上升的速度比下降時的速度大，則切割磁場產生的感應電動勢也大，電流也大，則產生的焦耳熱也大，所以D錯誤；

故選BC。11、A:B【分析】【詳解】

A．由圖乙可知，一周期內電流方向變化兩次，所以每秒改變

故A正確；

B．電流的最大值為

可得

故B正確；

C．設磁通量變化率的最大值為em，電流的最大值為

可得

故C錯誤；

D．電流的有效值為

燈的電功率為

故D錯誤。

故選AB。12、B:D【分析】【詳解】

電壓表讀數為副線圈有效值，根據公式E=得U1=100V；由得U2=100×=20V，故A錯誤；電壓表讀數為U2的值20V故B正確．電流表讀數：因I2==5A由得I1=I2=1A，電流表讀數為1A，故C錯誤；理想變壓器的輸出功率P=U2I2=100W；故D正確．故選BD．

【點睛】

電表讀數為交流電有效值，正弦交流電有效值等于最大值的輸出功率用有效值計算．三、填空題(共5題，共10分)13、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]回路中感應電流為。

則有。

[2]產生的熱量為。

則有。

[3]通過任一截面的電荷量為。

即q與v無關；則有。

[4]由于棒勻速運動；外力的功率等于電路中的熱功率，即。

則有。

【解析】1∶21∶21∶11∶414、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.短②.長③.強④.紅外遙感15、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可知；該交變電流的周期是0.20s；

[2]由圖可知，該交變電流的最大值為電流的有效值【解析】0.201016、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]感應電動勢最大值為

帶入數據聯立解得

[2]交流電壓表的示數為

[3]轉過90根據

[4]轉過60此時電流【解析】17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】140.25四、作圖題(共4題，共24分)18、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】19、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯后連入電路；根據安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】20、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】21、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共4題，共16分)22、略

【分析】【詳解】

(1)[1]AB．該實驗探究了導體棒通長度和電流大小對安培力的影響；故AB錯誤；

C．把磁鐵的N極和S極對調，不改變B的大小，故F不變；故C錯誤；

D．把接入電路的導體棒從①、④兩端換成②、③兩端，L減小，故安培力F減小；故D正確；

(2)[2]若把電流為I且接通②、③時，導體棒受到的安培力記為F；則當電流減半且接通①、④時，導體棒的安培力為

(3)[3]研究安培力與電流、長度的關系時，需先控制一個量不變，這種研究的方法稱為控制變量法。【解析】D控制變量法23、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]若先斷開開關S1，或先拆去電流表或先拆去電阻R，由于L的自感作用和電壓表組成回路，原先L中有較大的電流通過，現在這個電流將通過電壓表，造成電表損壞，所以實驗完畢應先斷開開關S2；故B正確，ACD錯誤。

故選B；

(2)①[2]斷開開關前，通過線圈的電流為1.5A，則

②[3]由楞次定律可