…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版三年級起點選修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示為一臺小型發電機的構造示意圖，兩磁極N、S間可視為勻強磁場，磁感應強度大小B=0.2T，ab=0.6m，ad=0.3m，N=100匝。由圖中所示位置開始計時，當線圈以恒定的轉速n=r/s逆時針轉動時；產生的電動勢；磁通量隨時間變化的圖象正確的是（設向上流過R為電流的正方向，開始轉動時穿過線磁通量的方向為正方向）（）

A.B.C.D.2、如圖；將潔凈的鋅板用導線連接在驗電器上，用紫外線燈照射鋅板時，觀察到驗電器指針發生偏轉。此時。

A.光電子從鋅板表面逸出，驗電器帶正電B.光電子從鋅板表面逸出，驗電器帶負電C.正離子從鋅板表面逸出，驗電器帶正電D.正離子從鋅板表面逸出，驗電器帶負電3、一定質量的理想氣體按的順序經歷一系列狀態變化，其圖像如圖所示。圖中線段與縱軸平行，線段與縱軸垂直。氣體在狀態變化過程中下列敘述正確的是（）

A.過程氣體體積增加B.過程氣體不放熱也不吸熱C.過程氣體分子在單位時間內撞擊單位面積容器壁的次數增加D.過程氣體對外界做的功小于過程外界對氣體做的功4、關于熱現象和熱學規律，下列說法正確的是（）A.只要知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數，就可以算出每個氣體分子的體積B.一定質量的理想氣體溫度升高，產生的壓強一定增大C.溫度一定時，懸浮在液體中的固體顆粒越大，布朗運動越明顯D.第二類永動機不可能制成是因為它違反了熱力學第二定律5、實驗表明，可見光通過三棱鏡時各色光的折射率n隨著波長的變化符合科西經驗公式：其中A；B、C是正的常量．太陽光進入三棱鏡后發生色散的情形如下圖所示．則。

A.屏上c處是紫光B.屏上d處是紅光C.屏上b處是紫光D.屏上a處是紅光6、如圖所示，一束復色可見光入射到三棱鏡后，出射時分成了兩束光a和b，則下列說法中正確的是())

A.兩束光通過同一裝置進行雙縫干涉實驗時，b光的相鄰亮條紋中心間距比a光大B.兩束光入射到同一金屬板上，如果b光能發生光電效應，那么a光也一定能發生C.按照玻爾理論，兩束光如果都是由高能級躍遷回n=2能級產生的，那么b光可能是n=3能級向下躍遷產生的D.兩束光從水中折射到空氣中發生全反射時，a光的臨界角比b光大評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、如圖所示；圖中的四個電表均為理想電表，當滑動變阻器滑片P向右端移動時，下面說法中正確的是()

A.電壓表的讀數減小，電流表的讀數增大B.電壓表的讀數減小，電流表的讀數減小C.電壓表的讀數的變化量與的讀數變化量之比不變D.電壓表的讀數與的讀數之比變大8、如圖所示，在磁感應強度大小為B,范圍足夠大的水平勻強磁場內，固定著傾角為θ的絕緣斜面，一個質量為m、電荷量為-q的帶電小物塊以初速度v0沿斜面向上運動；小物塊與斜面間的動摩擦因數為μ．設滑動時小物塊所帶電荷量不變，在小物塊上滑過程中,其速度—時間圖象和加速度—時間圖象可能正確的是（）

A.B.C.D.9、電動勢為E、內阻為r的電源與定值電阻R1、R2及滑動變阻器R連接成如圖所示的電路.當滑動變阻器的觸頭由中點滑向a端時；下列說法正確的是()

A.R1消耗的功率增大B.電源內部消耗的功率減小C.電壓表讀數增大，電流表A1示數減小，A2示數增大D.電壓表讀數減小，電流表A1示數增大，A2示數減小10、伽利略在1593年制造了世界上第一個溫度計——空氣溫度計；如圖所示，一個細長頸的球形瓶倒插在裝有紅色液體的槽中，細管中的液面清晰可見，如果不考慮外界大氣壓的變化，就能根據液面的變化測出溫度的變化，則（）

A.該溫度計的測溫物質是槽中的液體B.該溫度計的測溫物質是細管中的紅色液體C.該溫度計的測溫物質是球形瓶中的空氣D.該溫度計是利用測溫物質的熱脹冷縮的性質制造的11、下列說法正確的是（）A.氣體總是充滿整個容器，這是分子間存在斥力的宏觀表現B.“油膜法”估測分子大小實驗中，需將純油酸直接滴入淺盤的水面上C.可以從單一熱源吸收熱量，使之完全變為功E.由于液體表面層內分子間距離大于液體內部分子間距離，液面分子間的相互作用表現為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢E.由于液體表面層內分子間距離大于液體內部分子間距離，液面分子間的相互作用表現為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢12、關于熱力學定律，下列說法不正確的是A.在一定條件下物體的溫度可以降到0KB.物體從單一熱源吸收的熱量可全部用于做功C.吸收了熱量的物體，其內能一定增加E.一切自發過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行E.一切自發過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行13、電路中理想電壓表、理想電流表連接如圖所示，現在閉合電鍵S，向上滑動滑動變阻器的滑動觸頭P，電壓表、電流表示數都發生變化并且在量程之內，電表的示數分別用、、、表示，電表示數變化量的大小分別用、、和表示．下列比值正確的是（））

A.不變，B.變小不變，C.不變變小，D.不變變小，變小14、如圖所示，兩根光滑的金屬導軌，平行放置在傾角為θ的斜面上，導軌的左端接有電阻R，導軌自身的電阻可忽略不計．斜面處在一勻強磁場中，磁場方向垂直于斜面向上．質量為m、電阻可以不計的金屬棒ab，在沿著斜面與棒垂直的恒力F作用下沿導軌勻速上滑，并上升h高度，在這一過程中（）

A.作用于金屬棒上的各力的合力所做的功等于零B.作用于金屬棒上的各力的合力所做的功等于mgh與電阻R上發出的焦耳熱之和C.恒力F與安培力的合力所做的功等于零D.恒力F與重力的合力所做的功等于電阻R上發出的焦耳熱評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、兩根粗細均勻的銅絲，橫截面積相同，長度之比為則電阻之比為________。把一個的平行板電容器接在的電池上，電容器所帶的電荷量為________如圖所示的電路中，兩個開關并聯，控制同一個燈泡只要中有一個閉合，燈就亮，這種關系叫做“________”（選填“與”；“或”或“非”）邏輯關系。

16、某同學利用DIS實驗系統研究一定質量的理想氣體的狀態變化，實驗后計算機屏幕顯示如圖所示的的P-t圖像。由A→B的過程中氣體體積________（選填“變大”、“變小”、“保持不變”）；若在狀態B時氣體的體積為VB=3L，氣體在狀態C的體積為_________L。

17、如圖所示，電源電動勢E=9.0V，內阻r=1.0Ω，定值電阻R0=0.5Ω，R為滑動變阻器，其電阻可調范圍為0～10Ω，當R=________Ω時，R上獲得電功率最大，最大功率是________W．

18、（1）關于熱力學定律和分子動理論，下列說法正確的是____．（填選項前的字母）

A．一定量氣體吸收熱量；其內能一定增大。

B.不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體。

C.若兩分子間距離增大；分子勢能一定增大。

D.若兩分子間距離減?。环肿娱g引力和斥力都增大。

（2）空氣壓縮機的儲氣罐中儲有1.0atm的空氣6.0L,現再充入1.0atm的空氣9.0L．設充氣過程為等溫過程，空氣可看作理想氣體，則充氣后儲氣罐中氣體壓強為_____．（填選項前的字母）

A．2.5atmB.2.0atmC.1.5atmD.1.0atm19、如圖所示，把一根條形磁鐵從同樣高度插到線圈中同樣的位置，第一次快插，第二次慢插，兩種情況下線圈中產生的感應電動勢的大小關系是E1_____E2．

20、如圖所示，金屬環直徑為d，總電阻為2R，勻強磁場磁感應強度為B，垂直穿過環所在平面．電阻為的導體桿AB沿環表面以速度v向右滑至環中央時，桿兩端的電壓為____________．

21、如圖所示，一輛質量為M的小車以速度在光滑水平面上向右運動，一質量為m、速度為物體以俯角為θ的方向落到車上并埋在車里的砂中，此時小車的速度為_________________

22、如圖所示，在光滑的水平面上放置一質量為m的小車，小車上有一半徑為R的光滑的弧形軌道，設有一質量為m的小球，以v0的速度，方向水平向左沿圓弧軌道向上滑動，達到某一高度h后，又沿軌道下滑，試求h=______，小球剛離開軌道時的速度為______．評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共12分)26、一同學欲測定一根圓柱材料的電阻率。使用的器材有：游標卡尺；螺旋測微器、多用電表、電流表（0.2A5Ω）、電壓表（15V；15KΩ）、滑動變阻器（0~25Ω）、電源（12V，內阻不計）、開關、導線若干。

(1)先用多用電表的歐姆表“×10”擋粗測圓柱材料的阻值，在正確操作情況下，表盤指針如圖所示，可讀得圓柱材料的阻值Rx=_____Ω。

(2)螺旋測微器測量圓柱材料的直徑；如圖所示，圓柱的直徑是______mm；游標卡尺測量出圓柱材料長度如圖所示，圓柱的長度是_______mm。

(3)根據多用電表示數；為了減少實驗誤差，并在實驗中獲得較大的電壓調節范圍，應從下圖的A；B、C、D四個電路中選擇________電路用于測量圓柱材料電阻。

A、B、

C、D、27、某同學測量阻值約為25kΩ的電阻Rx；現備有下列器材：

A．電流表（量程100μA；內阻約為2kΩ）；

B．電流表（量程500μA；內阻約為300Ω）；

C．電壓表（量程15V；內阻約為100kΩ）；

D．電壓表（量程50V；內阻約為500kΩ）；

E．直流電源（20V；允許最大電流1A）；

F．滑動變阻器（最大阻值1kΩ；額定功率1W）；

G．電鍵和導線若干．

（1）電流表應選____，電壓表應選____．（填字母代號）

（2）為保證實驗順利進行，并使測量誤差盡量減小，請你在圖1方框中給該同學設計出實驗電路圖____，并用筆畫線代替導線，連接圖2電路____．

28、在“油膜法估測分子大小”的實驗中，某同學用滴管吸取體積濃度為η的油酸酒精溶液，一滴一滴地滴入量筒，記下體積為V的油酸酒精溶液的滴數為N。之后的操作步驟如下：

A．將帶有方格的玻璃板放在淺盤上；待油酸薄膜的形狀穩定后，用彩筆將油酸薄膜的形狀畫在玻璃板上。

B．將痱子粉均勻地撒在淺盤內的水面上，用滴管吸取體積濃度為η的油酸酒精溶液；從低處向水面中央滴入一滴。

C．根據方格數目，估算出油酸薄膜的面積為S

以上操作步驟正確的順序是________（填序號）。計算油酸分子直徑的表達式為________。29、（1）某同學用圖甲所示的裝置做“用雙縫干涉測量光的波長”的實驗，他采用了藍色燈作為光源，在測量頭目鏡中觀察到如圖乙所示的藍色條紋．在不改變其他實驗條件的情況下，觀察到目鏡中的條紋如圖丙所示，則可能的原因是_____

A．單縫寬度變小了B．雙縫間距變小了。

C．光源與單縫間的距離變大了D．光源的發光強度變大了。

（2）干涉條紋除了可以通過雙縫干涉觀察到外，把一個凸透鏡壓在一塊平面玻璃上（圖甲），讓單色光從上方射入（示意圖如圖乙，其中R為凸透鏡的半徑），從上往下看凸透鏡，也可以觀察到由干涉造成圖丙所示的環狀條紋，這些條紋叫做牛頓環．如果改用波長更長的單色光照射，觀察到的圓環半徑將_____（選填“變大”、“變小”或“不變”）；如果換一個半徑更大的凸透鏡，觀察到的圓環半徑將_____（選填“變大”；“變小”或“不變”）．

（3）采用波長為690nm的紅色激光作為單色入射光，牛頓環的兩條相鄰亮條紋位置所對應的空氣膜的厚度差約為_____

A．345nmB．690nmC．幾微米D．幾毫米評卷人得分六、解答題(共2題，共4分)30、一定質量的理想氣體。氣體開始處于狀態A，由過程到達狀態B，后又經過程到達狀態C，如圖所示。設氣體在狀態A時的壓強、體積和溫度分別為和在狀態B時的體積為溫度為在狀態C時的溫度為B、C兩點連線的反向延長線過原點。

（1）求氣體在狀態B時的壓強在狀態C時氣體的體積

（2）氣體從狀態A經狀態B，再到狀態C；全過程氣體是吸熱還是放熱，并求出吸放熱的數值。

31、如圖所示，直角坐標系xOy位于豎直平面內，在水平的x軸下方存在勻強磁場和勻強電場，磁場的磁感應強度為B，方向垂直xOy平面向里，電場線平行于y軸。一質量為m、電荷量為q的帶正電的小球，從y軸上的A點水平向右拋出，經x軸上的M點進入電場和磁場，恰能做勻速圓周運動，從x軸上的N點第一次離開電場和磁場，MN之間的距離為L，小球過M點時的速度方向與x軸的方向夾角為不計空氣阻力，重力加速度為g；求。

（1）電場強度E的大小和方向；

（2）小球從A點拋出時初速度v0的大?。?/p>

（3）A點到x軸的高度h。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【詳解】

A.初始時刻磁通量為零，最大磁通量為Φm=BL1L2=0.2×0.6×0.3Wb=0.036Wb，轉速為則周期為：故A錯誤。

BCD.從圖示位置開始計時，產生感應電動勢瞬時表達式為：e=NBL1L2ωcosωt=36cos10t（V），根據楞次定律可判，開始時通過R電流的方向向上。故C正確，BD錯誤。2、A【分析】【詳解】

用紫外線燈照射鋅板時，發生光電效應，有光電子從鋅板溢出，鋅板失去電子帶上正電，所以驗電器指針發生偏轉，驗電器同鋅板接觸，屬于接觸帶電，故驗電器帶正電，故BCD錯誤，A正確3、D【分析】【分析】

【詳解】

AB．過程由圖可知為等溫變化，氣體內能不變，根據玻意耳定律可知，當壓強p增大時，體積V減小，可知外界對氣體做功，根據熱力學第一定律由于內能不變，可知過程氣體放出熱量；故AB錯誤；

C．由圖可知為等容變化，為等壓變化，過程中氣體溫度升高；根據蓋—呂薩克定律可知體積變大，由于壓強不變，溫度升高，氣體分子平均速率增大，則氣體分子在單位時間內撞擊單位面積容器壁的次數減少，故C錯誤；

D．由于a、c兩個狀態體積相同，則過程氣體體積的變化量與過程氣體體積的變化量相同，而過程氣體壓強不變，過程氣體壓強增大，根據可知，過程氣體對外界做的功小于過程外界對氣體做的功；故D正確。

故選D。4、D【分析】【分析】

【詳解】

A．只要知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數；就可以算出氣體的分子所占據的空間大小，不能算出氣體分子體積，A錯誤；

B．根據理想氣體狀態方程可知溫度升高；壓強不一定增大，B錯誤；

C．溫度一定時；懸浮在液體中的固體顆粒越小，同一時刻撞擊顆粒的液體分子數越少，沖力越不平衡，布朗運動越明顯，C錯誤；

D．第二類永動機不可能制成的原因是因為其違背了熱力學第二定律；D正確。

故選D。5、D【分析】【詳解】

白色光經過三棱鏡后產生色散現象，在光屏由上至下（a、b；c、d）依次為紅、橙、黃、綠、藍、靛、紫；由于紫光的折射率最大，所以偏折最大，紅光的折射率最小，則偏折程度最小，故屏上a處為紅光，屏上d處是紫光，D正確．

點睛：從中發現，可見光是復色光，同時得出在介質中，紫光的折射率最大，紅光的折射率最?。?、D【分析】【詳解】

由光路圖可知，a光的偏折程度小于b光的偏折程度，所以三棱鏡對a光的折射率小，對b光的折射率大，則a光的頻率小于b光的頻率，根據知，a光的波長大于b光的波長，而雙縫干涉條紋間距與波長成正比，所以a光的相鄰亮條紋中心間距比b光大，故A錯誤．a光的頻率小于b光的頻率，如果b光能發生光電效應，那么a光不一定能發生，故B錯誤．a光的頻率小于b光的頻率，按照玻爾理論兩束光如果都是由高能級躍遷向n=2能級產生的，那么a光可能是n=3能級向下躍遷產生的，而b光不可能是n=3能級向下躍遷產生的，故C錯誤．三棱鏡對a光的折射率小，由臨界角公式可知a光的臨界角比b光的大．故D正確．故選D．

【點睛】先根據折射定律比較折射率大小，根據頻率大的單色光折射率也大，分析頻率關系，根據判斷光的波長大小，再結合雙縫干涉條紋間距與波長成正比，分析相鄰亮條紋中心間距的大?。畬φ展怆娦臈l件分析a光能否發生光電效應．根據分析臨界角的大小．結合玻爾理論分析．二、多選題(共8題，共16分)7、A:C【分析】【詳解】

滑動變阻器滑片向右端移動時，滑動變阻器電阻減小，則整個回路總電阻減小，總電流增大，即電流表A1的讀數增大，內電壓增大，外電壓減小，R1兩端的電壓增大，則R3兩端的電壓減小，即V1的讀數減小，A2的讀數減?。豢傠娏髟龃?，通過R3的電流減小，則通過RP和R2的電流增大，可知R2兩端的電壓增大，即V2的示數增大，故A正確，B錯誤；根據閉合電路歐姆定律有U1=E-I（R1+r），則有故電壓表V1的讀數的變化量與電流表A1的讀數的變化量的比值保持不變，故C正確；由上可知V1的讀數減小，A1的讀數增大，所以電壓表的讀數與的讀數之比變小，故D錯誤．所以AC正確，BD錯誤．8、B:C【分析】【分析】

根據題中“勻強磁場內帶電小物塊沿斜面向上運動”可知；本題考查帶電粒子在復合場中的運動．根據帶電粒子在復合場中運動的分析方法，運用洛倫茲力；牛頓第二定律等知識分析推斷．

【詳解】

對沿斜面向上運動的小物塊受力分析，由牛頓第二定律可得：聯立解得：方向沿斜面向下．所以物體沿斜面向上做加速度減小的減速運動，速度越小，加速度越小，速度減小的越慢，加速度減小的越慢；在小物塊上滑過程中，加速度減不到零．

AB：速度時間圖象的切線斜率表示加速度；則A項錯誤，B項正確．

CD：物體加速度減小，且加速度減小的越來越慢，在小物塊上滑過程中，加速度減不到零．故C項正確，D項錯誤．9、A:D【分析】【詳解】

A.當滑片向a滑動時，R接入電阻減小，總電阻減小，由閉合電路的歐姆定律可知電路中總電流I增加，由

分析可知，R1消耗的功率增大；故A項正確；

B.由于總電流I增加，電源內部消耗的功率：

增大；故B項錯誤；

CD.干路電流增加，電流表A1示數增大；由U=E?Ir可知路端電壓減小，即電壓表示數減?。灰蚵范穗妷簻p小，R1兩端的電壓增加，故并聯部分電壓減小，由歐姆定律可知電流表A2示數減?。蔆項錯誤，D項正確．10、C:D【分析】【分析】

【詳解】

細管中的紅色液體是用來顯示球形瓶中空氣的體積隨溫度變化情況的；測溫物質是球形瓶中封閉的空氣，該溫度計是利用空氣的熱脹冷縮的性質制造的，故AB錯誤，CD正確。

故選CD。11、C:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．氣體總是很容易充滿整個容器；這是分子處于永不停息的無規則運動并忽略分子間的作用力的結果的原因，A錯誤；

B．“油膜法”估測分子大小實驗中；要先撒上痱子粉，將純油酸滴入痱子粉上，B錯誤；

C．不可能從單一熱源吸收熱使之完全變為功而不引起其它變化；如果引起其它變化，可以從單一熱源吸收熱量，使之完全變為功，C正確；

D．1m3銅所含的原子數是。

D正確；

E．液體表面張力是液體表面層里的分子比液體內部稀疏；分子間的距離比液體內部大，分子力表現為引力的結果，液體的表面張力使液面具有收縮到液面表面積最小的趨勢，E正確。

故選CDE。12、A:C:D【分析】【詳解】

A．根據熱力學第三定律的絕對零度不可能達到可知A錯誤；

B．根據熱力學第二定律；物體從單一熱源吸收的熱量可全部用于做功而引起其他變化是可能的，當然會產生其他變化，故B正確；

C．物體從外界吸收熱量同時對外做功；根據能量守恒定律可知內能可能增加；減小和不變，選項C錯誤；

D．壓縮氣體；外界對氣體作正功，氣體同時可能向外釋放熱，根據能量守恒定律可知物體內能可能減少；溫度降低，D錯誤；

E．一切自發過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行,故選項E正確。

故選ACD。13、B:C【分析】【詳解】

R2是定值電阻，根據歐姆定律得知．則知均不變．故B正確，D錯誤．向上滑動滑動變阻器的滑動觸頭P，則R1減小，變小．U1=E-I（R2+r），則得=R2+r，不變．故A錯誤．變?。甎3=E-Ir，則=r；不變．故C正確．故選BC．

【點睛】

要區分定值電阻還是可變電阻．對于定值電阻，是線性元件有R=對于變化電阻，R=．這兩種元件分析要區別對待．14、A:D【分析】【詳解】

AB．導體棒勻速上升過程中，合力為零，則合力所作的功等于零，根據動能定理得：

得

克服安培力所做功即等于回路電阻中產生的熱量，故有：金屬棒上的各個力的合力所做的功等于零，恒力F等于mgh與電阻R上發出的焦耳熱之和；A正確，B錯誤；

由

得

C．即恒力F與重力的合力所做的功等于克服安培力所做功，即等于電阻R上發出的焦耳熱；故C正確；

D．重力做功不改變金屬棒的機械能，恒力F與安培力的合力所做的功等于金屬棒機械能的增量，故D錯誤．三、填空題(共8題，共16分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據

可得兩電阻絲的電阻之比為2:1；

[2]把一個的平行板電容器接在9V的電池上，電容器所帶的電荷量為

[3]根據電路可知，這種關系叫做“或”邏輯關系?！窘馕觥炕?6、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由圖像可知；AB的反向延長線過（-273，0）可判斷由A→B過程為等容變化，所以體積保持不變。

[2]由圖像可知；B→C過程為等溫變化。

PB=1.0atm，VB=3L，PC=1.5atm根據玻意耳定律得。

PBVB=PCVC解得。

VC=2L【解析】保持不變217、略

【分析】【分析】

把R0看成是電源的一部分，此時等效電源的電動勢沒變，內阻為R0+r，所以當R=R0+r=1+0.5=1.5Ω時，電阻R的電功率最大，最大功率為．

【詳解】

當R=R0+r=1+0.5=1.5Ω時，電阻R的最大電功率．

【點睛】

知道電源的輸出功率何時最大，當外電路的電阻等于電源的內阻時，電源的輸出功率最大，最大為．【解析】①.1.5②.13.518、A:D【分析】【分析】

【詳解】

(1)改變內能有熱傳遞和做功；如果吸熱比對外做功要少得話，物體的內能會減小，所以答案A錯；在引起變化的條件下，熱量可以從低溫傳給高溫如空調等所以答案B錯；在分子力為排斥力時距離增大分子勢能減小，答案C錯，正確答案選D.

(2)由等溫變化可知P1（V1+V2）=P2V1，解得故A正確，BCD錯誤．故選A．19、略

【分析】【分析】

兩次磁鐵的起始和終止位置相同；知磁通量的變化量相同，應用法拉第電磁感應定律比較感應電動勢的大?。?/p>

【詳解】

條形磁鐵從同樣高度插到線圈中同樣的位置處，磁通量的變化量△Φ相同，第一次快插，第二次慢插，△t1＜△t2，由法拉第電磁感應定律：可知，感應電動勢：E1＞E2．

【點睛】

知道磁通量的變化量相等、應用法拉第電磁感應定律即可正確解題．【解析】大于20、略

【分析】【詳解】

[1]桿切割產生的感應電動勢為E=Bdv

兩個電阻為R的半金屬圓環并聯，并聯電阻

則電路電流（總電流）為

桿兩端的電壓為

考點：法拉第電磁感應定律；閉合電路的歐姆定律。【解析】21、略

【分析】【詳解】

小球和小車組成的系統水平方向動量守恒，根據動量守恒定律有

解得【解析】22、略

【分析】【詳解】

小球從進入軌道；到上升到h高度時為過程第一階段，這一階段類似完全非彈性的碰撞，動能損失轉化為重力勢能（而不是熱能）．

小球到達最大高度h時；小球與小車的速度相同，在小球從滑上小車到上升到最大高度過程中，系統水平方向動量守恒，以水平向左方向為正方向，在水平方向，由動量守恒定律得：

mv0=（m+m）v

系統的機械能守恒，則得：mv02=（m+m）v2+（m+m）gh

解得：h=

小球從進入到離開，整個過程屬彈性碰撞模型，又由于小球和車的等質量，由彈性碰撞規律可知，兩物體速度交換，故小球離開軌道時速度為零．【解析】0四、作圖題(共3題，共9分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共12分)26、略

【分析】【分析】

歐姆表讀數時要乘以倍率；游標卡尺讀數不估讀；螺旋測微器讀數時要進行估讀；在實驗中為獲得較大的電壓調節范圍；滑動變阻器應該用分壓電路；電壓表的內阻遠大于電阻絲的電阻，可采用電流表外接電路。

【詳解】

(1)由多用電表的歐姆檔讀數可知圓柱材料的阻值Rx=6×10Ω=60Ω。

(2)圓柱的直徑是：1.5mm+0.01mm×16.2=1.662mm；圓柱的長度是：8cm+0.05mm×10=80.50mm。

(3)在實驗中為獲得較大的電壓調節范圍，滑動變阻器應該用分壓電路；電壓表的內阻遠大于電阻絲的電阻，可采用電流表外接電路，則應從下圖的A、B、C、D四個電路中選擇D電路用于測量圓柱材料電阻。【解析】601.662~1.66480.50