2024屆安徽省皖中名校高三第二次診斷性檢測物理試卷

考生須知：

1.全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色

字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。

2.請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。

3.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，足夠長的平行玻璃轉厚度為d,底面鍍有反光膜CD,反光膜厚度不計，一束光線以45。的入射角由A

點入射，經底面反光膜反射后，從頂面H點射出（月點圖中未畫出）。已知該光線在玻璃磚中的傳播速度為巫c,c

2

為光在真空中的傳播速度，則下列說法錯誤的是（）

A.平行玻璃磚的折射率為J5

B.入射點4與出射點8之間的距離為2巨

3

C.平行玻璃磚的全反射臨界角為30°

D.為了使從A點以各種角度入射的光線都能從頂面射出，則底面反光膜C0長度至少2d

2、如圖所示，以19.6m/的水平初速vo拋出的物體，飛行一段時間后，垂直地撞在傾角。為45。的斜面上，可知物體

完成這段飛行的時間是

A.IsB.2sC.VJsD.3s

3、如圖，小球甲從A點水平拋出，同時將小球乙從8點自由釋放，兩小球先后經過C點時速度大小相等，方向夾角

為30。，己知仄。高度差為九兩小球質量相等，不計空氣阻力，由以上條件可知（）

B

A

B.甲、乙兩小球到達。點所用時間之比為1：JJ

h

C.A,8兩點高度差為:

4

D.兩小球在C點時重力的瞬時功率大小相等

4、光滑水平面上放有一上表面光滑、傾角為a的斜面4斜面質量為底邊長為L,如圖所示。將一質量為盟的

可視為質點的滑塊3從斜囿的頂端由靜止釋放，滑塊〃經過時間，剛好滑到斜面底端。此過程中斜面對滑塊的支持

力大小為幾，則下列說法中正確的是（）

A.FN=〃際cosa

B.滑塊下滑過程中支持力對B的沖量大小為G/cosa

C.滑塊到達斜面底端時的動能為〃吆〃ana

D.此過程中斜面向左滑動的距離為乙

M+tn

5、如圖所示，在真空云室中的矩形ABC。區域內存在方向垂直紙面向外的勻強磁場，靜止放置在。點的鈾238原子

核膘u發生衰變，放出射線后變成某種新的原子核，兩段曲線是反沖核（新核）和射線的徑跡，曲線o尸為:圓弧，

x軸過0點且平行于AB邊。下列說法正確的是（）

B

A.鈾238原子核發生的是口衰變，放出的射線是高速電子流

B.曲線0P是射線的徑跡，曲線。。是反沖核的徑跡

C.改變磁感應強度的大小，反沖核和射線圓周運動的半徑關系隨之改變

D.曲線。。是a射線的徑跡，其圓心在x軸上，半徑是曲線。尸半徑的45倍

6、如圖，光滑斜劈A上表面水平，物體b疊放在A上面，斜面光滑，A3靜止釋放瞬間，〃的受力圖是（）

〃?昭加郎”吆

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、如圖，發電機的輸出電壓U=1OOO拒sinlOO兀，V）,通過理想降壓變壓器給若干盞燈泡供電，輸電線上連接可調

電阻入變壓器原線圈兩端接有理想交流電壓表V,副線圈干路接有理想交流電流表A,下列說法正確的是（）

A.電壓表V的示數始終為1000VB.僅可調電阻r增大，電壓表V的示數減小

C.僅接入燈泡增多，電流表A的示數增大D.僅可調電阻「增大，電流表A的示數減小

8、如圖所示，AC.80為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為。，半徑為R,將等電量的兩正點電荷。放在圓周上，它

們的位置關于AC對稱，與。點的連線和0C間夾角為30。，下列說法正確的是（）

A.電荷q從A點運動到C點，電場力做功為零

B.電荷q從B點運動到D點，電場力做功為零

C.O點的場強大小為冬

D.O點的場強大小為巫&

R2

9、關于氣體的性質及熱力學定律，下列說法正確的是（）

A.氣體壓強本質上就是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力

B.氣體的溫度越高，分子熱運動就越劇烈，所有分子的速率都增大

C.一定質量的理想氣體，壓強不變，溫度升高時，分子間的平均距離一定增大

D.氣體的擴散現象說明涉及熱現象的宏觀過程具有方向性

E.外界對氣體做正功，氣體的內能一定增加

10、18世紀，數學家莫佩爾蒂和哲學家伏爾泰，曾設想“穿透”地球：假設能夠沿著地球兩極連線開鑿一條沿著地軸的

隧道貫穿地球，一個人可以從北極入口由靜止自由落入隧道中，忽略一切阻力，此人可以從南極出口飛出，則以下說

法正確的是（己知地球表面處重力加速度g取10mH；地球半徑￡=6.4x106m；地球表面及內部某一點的引力勢能

品=一0”絲，「為物體距地心的距離）（）

r

A.人與地球構成的系統，雖然重力發生變化，但是機械能守恒

B.當人下落經過距地心0.5K瞬間，人的瞬時速度大小為4x1伊m/s

C.人在下落過程中，受到的萬有引力與到地心的距離成正比

D.人從北極開始下落，直到經過地心的過程中，萬有引力對人做功W=L6xl09j

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）要測定一節干電池（電動勢約L5V,內阻約0.5Q,放電電流不允許超過0.6A）的電動勢和內電阻，要求

測量結果盡量準確。提供的器材有：

A.電流表Ai：擋位1（0~3A,內阻約0.05Q）,擋位2（0-0.6A,內阻約0.2。）

B.電流表Az：0-300pA,內阻n=100Q

C.定值電阻：Ro=2Q,Ri=900H,&=4900。

D.滑動變阻器：R3（0—5H,2A）,&（0?150,1A）

E.開關一只、導線若干

（1）測量電流的儀表：應選擇電流表Ai的擋位—（填“「或者"2”）。

⑵測量電壓的儀表：應將定值電阻______（填“R?！?、“拈”或“心”）與Az串聯，使其成為改裝后的電壓表。

（3）干電池內阻太小，應選擇定值電阻____（填“Ao”、“凡”或來保護電源。

（4）若要求Ai表電流在0.IA?0.5A范圍內連續可調。則滑動變阻器應選擇（填“心”或“R」）。

⑸為消除電流表內阻對測量精度可能造成的影響，在給出的兩種電路原理圖中（圖中V表為改裝后的電壓表），應選

擇（填“圖（。）”或“圖⑹

VPA

⑹進行實驗并記錄數據。用人、〃分別表示AI、A2表的示數，根據測量數據作出如圖（c）所示的，2?11圖像，由圖像

可得：電池的電動勢為V,內阻為（保留到小數點后兩位）

12.（12分）在“驗證機械能守恒定律”的實驗中：

⑴紙帶將被釋放瞬間的四種情景如照片所示，其中操作最規范的是

⑵實驗室提供了鐵架臺、夾子、導線、紙帶等器材.為完成此實驗，除了所給的器材，從下圖還必須選取的實驗器材

是______.（填字母代號）

⑶若實驗中所用重

CDETG

錘的質量為m,某次實驗打出的一條紙帶如圖所示.在紙帶上選取五個連續的點A、B、C、D和E,量得相鄰點間的

距離分別為Si、S2、S3、S4,當地的重力加速度為g.本實驗所用電源的頻率為f.從打下點B到打下點D的過程中，

重錘重力勢能減小量AEp=,重錘動能增加量AEk=.在誤差允許的范圍內，通過

比較就可以驗證重物下落過程中機械能是否守恒.

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，在圓柱形汽缸中用一定質量的光滑導熱活塞密閉有一定質量的理想氣體，在汽缸底部開有一

小孔，與U形水銀管相連，已知外界大氣壓為po,室溫fo=27。。穩定后兩邊水銀面的高度差為△6=1.5cm,此時活塞

離容器底部高度為力i=50cm。已知柱形容器橫截面積SR.Olm?,大氣壓po=75cmHg=l.Oxl（）5Pa,g=10m/s2,求：

①活塞的質量；

②現室溫降至-33OC時活塞離容器底部的高度力2。

14.（16分）如圖所示，U形管豎直放置，右管內徑為左管內徑的2倍，管內水銀在左管內封閉了一段長為76cm、溫

度為300K的空氣柱，左、右兩管水銀面高度差為6cm,大氣壓為76cmIIg。

①給左管的氣體加熱，求當U形管兩邊水銀面等高時，左管內氣體的溫度；

②在①問的條件下，保持溫度不變，往右管緩慢加入水銀，直到左管氣柱恢復原長，求此時兩管水銀面的高度差。

15.（12分）在豎直面內有一水平向右的場強為七=學的勻強電場，為電場中一條直線，與豎直方向夾角為〃

4q

（未知），一質量為m電量為q的小球以一定的初動能秋。從尸點沿直線BA向上運動，運動到最高點的過程中電勢能

Q

增加了五線0,運動過程中空氣阻力大小恒定，重力加速度取g,（取出位置為零勢能點）求：

（1）人》與豎直方向夾角優

⑵小球返回P點時的機械能Eo

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、c

【解析】

A.玻璃磚的折射率為:

CC

n=-=-j=-=叵

vV2

——c

2

選項A正確；

B.作出光的傳播路徑如圖所示:

由折射定律有:

_sino._si〃45°=6

n~~sinp~sinp

解得：

夕二30。

因此入射點A與出射點B之間的距離為:

o〃2島

加=2dtem0=-^―

選項B正確;

C設臨界角為C,則有:

si〃C工顯

n2

解得：

C=45°

選項C錯誤；

D.為了使從A點以各種角度入射的光線都能從頂面射出，則底面反光膜CD至少為:

LCD=2dtanC=2d

選項D正確。

本題選錯誤的，故選C。

2、B

【解析】

物體做平拋運動，當垂直地撞在傾角為45。的斜面上時，物體的速度方向與斜面垂直，把物體的速度分解如圖所示,

由圖可得：此時物體的豎直方向上的分速度的大小為vy=vo=19.6m/s,由v產gt可得運動的時間為:

一19.6

s=2s,故選B.

g9.8

3、C

【解析】

A項，小球乙到C的速度為y=J麗，此時小球甲的速度大小也為u=J麗，又因為小球甲速度與豎直方向成30。

角，可如水平分速度為學故A錯;

B、小球運動到C時所用的時間為〃=514,2得”

而小球甲到達c點時豎直方向的速度為遮,所以運動時間為/'=邁皿

22g

所以甲、乙兩小球到達。點所用時間之比為6:2故B錯

C、由甲乙各自運動的時間得：△0=-5g產=[,故C對；

D、由于兩球在豎直方向上的速度不相等，所以兩小球在C點時重力的瞬時功率也不相等故D錯；

故選C

4、D

【解析】

A.當滑塊5相對于斜面加速下滑時，斜面A水平向左加速運動，所以滑塊8相對于地面的加速度方向不再沿斜面方

向，即沿垂直于斜面方向的合外力不再為零，所以斜面對滑塊的支持力&不等于mgcosa,故A錯誤；

B.滑塊3下滑過程中支持力對8的沖量大小為

故B錯誤；

C.B下降的高度為Ltana,其重力勢能的減小量等于，小〃ana,減小的重力勢能轉化為A、〃的動能之和，則滑塊

B的動能要小于“zgLtana,故C錯誤;

D.系統水平方向不受外力，水平方向動量守恒，設A、b兩者水平位移大小分別為內、々，取水平向左為正方向，

由動量守恒定律得

M—-m—=0

tt

即有

Mx}=mx2

又

xi+x2=L

解得

inL

%)=------

M+m

故D正確。

故選De

5、D

【解析】

AD.衰變過程中動量守恒，因初動量為零，故衰變后兩粒子動量大小相等，方向相反，由圖像可知，原子核發生的是

a衰變，粒子做圓周運動向心力等于洛倫茲力

v2

qvti-m——

r

得

mv

r=——

qB

由于反沖核的電荷量比a射線大，則半徑更小，即曲線。。是射線的徑跡，曲線0P是反沖核的徑跡，由于曲線

為!圓弧，則其圓心在x軸上，射線初速度與x軸重直，新核初速度與x軸垂直，所以新核做圓周運動的圓心在x軸

上

由質量數守恒和電荷數守恒可知反沖核的電荷量是?粒子的45倍，由半徑公式可知,軌道半徑之比等于電荷量的反比,

則曲線。。半徑是曲線。尸半徑的45倍，故A錯誤，D正確。

BC.由動量守恒可知

0=mv-muva

粒子做圓周運動向心力等于洛倫茲力

cV

qvB=m——

r

得

nw

r=——

qB

由于反沖核的電荷量比a射線大，則半徑更小，即曲線。。是射線的徑跡，曲線00是反沖核的徑跡，反沖核的半徑

與射線的半徑之比等于電荷量的反比，由于電荷量之比不變，則改變磁感應強度的大小，反沖核和射線圓周運動的半

徑關系不變，故BC錯誤。

故選D。

6、B

【解析】

物體A播放前，物體B受到重力和支持力，兩力平衡；楔形物體A釋放后，由于物體A上表面是光滑的，則物體B

水平方向不受力，物體B在水平方向的狀態不改變，即仍保持靜止狀態，在豎直方向由于A的加速度小于重力加速度

g,所以B受到向上的支持力，故B正確，ACD錯誤.

故選B

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、BCD

【解析】

A.電壓表示數

U=")--<1000V

A錯誤；

BD.可謂電阻r增大，副線圈電阻不變，則電路總電阻增大，電流減小，副線圈電阻分壓減小，BD正確；

C.僅接入燈泡增多，副線圈電流增大，電流表示數增大，C正確。

故選BCDo

8、BD

【解析】

電荷q從A點運動到C點，所受電場力豎直向上，電場力做負功，A錯，根據對稱性B正確，O點的場強大小為

￡=占小.”=冬，C錯，D正確.

9、ACD

【解析】

A.氣體壓強是由大量氣體分子頻繁地碰撞器壁而產生的作用，所以其本質上就是大量氣體分子作用在器壁單位面積

上的平均作用力，所以A正確；

B.物體的溫度越高，分子的平均動能就越大。分子的平均動能大，并不是每個分子動能都增大，也有個別分子的動

能減小，所以B錯誤；

C.根據理想氣體狀態方程

&C

T

可知，一定質量的理想氣體，壓強不變時，溫度升高時，體積增加，故分子間的平均距離一定增大，所以C正確；

D.氣體的擴散現象說明涉及熱現象的宏觀過程具有方向性，所以D正確；

E.外界對氣體做功

W>0

由于不知道氣體是吸熱還是放熱，根據熱力學第一定律

△U=W+Q

無法確定氣體的內能增加還是減小，故E錯誤。

故選ACDo

10、AC

【解析】

A.人下落過程只有重力做功，重力做功效果為重力勢能轉變為動能，故機械能守恒，故A正確；

B.當人下落經過距地心0.5￡瞬間，其引力勢能為：

GMm

乜「0.5R

根據功能關系可知：

瑪-￡,,二△￡

即:

GMmGMm12

=2WV-°n

~R~0.5/?

在地球表面處忽略地球的自轉:

GMm

-----=fng

R

則聯立以上方程可以得到:

v="gR=872x]Q^m/s

故B錯誤；

C.設人到地心的距離為小地球密度為夕，那么，由萬有引力定律可得：人在下落過程中受到的萬有引力為:

「43

「GMmGp/m4

F-———=---------=—九3pmr

廣r23

故萬有引力與到地心的距離成正比，故C正確；

4

D.由萬有引力尸/可得：人下落到地心的過程萬有引力做功為：

14___GMm1

W=-x-TiQjpmRxR=-----=—mgR

232R2

由于人的質量加未知，故無法求出萬有引力的功，故D錯誤；

故選AC,

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11>2R2R)RA圖(。)1.490.49

【解析】

(1)[1].測量電流的儀表：應選擇電流表Ai的擋位2。

(2)[2].測量電壓的儀表：應將定值電阻&與A2串聯，使其成為改裝后量程為

U=/，匕+&)=3(X)x1(f6x5(XX)V=1.5V的電壓表。

⑶[3].干電池內阻太小，應選擇與內阻阻值相當的定值電阻飛來保護電源。

(4)[4].若要求Ai表電流在O.1A?O.5A范圍內連續可調。則滑動變阻器最大值為

R、皿=-()]-2-0.5=12.5Q

最小值

^nin=—-2-0.5=50

八().5

則滑動變阻器應選擇心。

(5)(51.因改裝后的電壓表內阻已知，則為消除電流表內阻對測量精度可能造成的影響，在給出的兩種電路原理圖中,

應選擇圖(a)o

(6)[6][7].由圖可知電流計讀數為〃=298M，對應的電壓值為1^xl.5V=1.49V則電池的電動勢為E=1.49V,內阻

為

(298-150)x

/=-----------辿。=0/9。

1.5

22

12、DAEFmg（s2+s3）—1（53+54）-（5,+52）]

8

【解析】

(1)在驗證機械能守恒定律的實驗中，實驗時，應讓重物緊靠打點