…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年統編版高二物理上冊月考試卷496考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、在勻強磁場中放一電阻不計的平行金屬導軌，導軌跟大線圈M相接，如圖所示．導軌上放一根導線ab；磁感線垂直于導軌所在平面．欲使M所包圍的小閉合線圈N產生順時針方向的感應電流，則導線的運動可能是（）

A.勻速向右運動。

B.減速向右運動。

C.減速向左運動。

D.加速向左運動。

2、（3分）一帶電油滴在場強為E的勻強電場中運動的軌跡如圖中虛線所示，電場方向豎直向下．若不計空氣阻力，此帶電油滴從a運動到b的過程中，能量變化情況為（）A.動能減小B.電勢能增加C.動能和電勢能之和減小D.重力勢能和電勢能之和增加3、如圖所示，電場中有A、B兩點，則下列說法中正確的是（）A.電勢場強B.電勢場強C.將+q電荷從A點移到B點電場力做了正功D.將+q電荷從A點移到B點電場力做了負功4、將阻值隨溫度升高而減小的熱敏電阻Ⅰ和Ⅱ串聯，接在不計內阻的穩壓電源兩端，開始時Ⅰ和Ⅱ阻值相等，保持Ⅰ溫度不變，冷卻或加熱Ⅱ，則Ⅱ的電功率在()．A.加熱時變大，冷卻時變小B.加熱時變小，冷卻時變大C.加熱或冷卻時都變小D.加熱或冷卻時都變大5、某同學站在電梯地板上，利用速度傳感器和計算機研究一觀光電梯在升降過程中的情況，下圖所示是計算機顯示的觀光電梯在某一段時間內速度變化的情況（豎直向上為正方向，已知電梯轎廂和乘客的總質量為800kg，取g=10m/s2）。根據圖象提供的信息，可以判斷下列說法中正確的是（）A.在0～5s內，電梯加速上升，該同學處于失重狀態B.在10～20s內，鋼纜對電梯做正功C.在10～20s內，電梯上升的位移為20mD.在20～25s內，電梯（包括乘客）的重力做功為4×104J評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)6、一個未知電阻，無法估計其電阻值，某同學用伏安法測量此電阻，用圖a、b兩種電路各測一次，用圖a測得的數據是3.0V，3.0mA，用圖b測得的數據是2.9V，4.0mA，由此可知，用圖測得Rx的誤差較小，測量值Rx=。測量值比真實值偏(填“大”、“小”)7、某同做“探究小車速度時化的規律”實驗時，到了如圖一為理想的紙帶從點開始，已在紙上每隔0.s取好一個數，即兩計數間的時間隔為.1s，依打點后編為A、、D如圖所示，測出AB=2c，AC=3.6cm，A=7.cm，打B時小車的瞬時速度vB=______m/s．小車運動的度=______m/2．8、在利用單擺測重力加速度的實驗中，某同學通過反復實驗，得到了擺長和周期的一組數據L1、T1；L2、T2┅且畫出T2-L圖線．量得圖線與L軸夾角為θ，則重力加速度g值=______．9、某同學在做“用單擺測定重力加速度”的實驗．

(1)測擺長時測量結果如圖1所示(單擺的另一端與刻度尺的零刻線對齊)；擺長為____________cm；然后用秒表記錄了單擺全振動50次所用的時間如圖2所示，秒表讀數為____________s．

(2)他測得的g值偏小；可能的原因是____________

A．測擺線長時擺線拉得過緊。

B．擺線上端未牢固地系于懸點；振動中出現了松動，使擺線長度增加了。

C．開始計時時；秒表提前按下。

D．實驗中誤將49次全振動數為50次。

(3)如果該同學沒有單擺，他如何借助擺線、石塊和現有器材測定當地的重力加速度(寫出方法)____________．10、在做“用電流表和電壓表測電池的電動勢E（約3V）和內電阻r的實驗時，部分器材參數如下：電壓表（量程3V）電流表（量程0.6A）保護電阻R0（阻值為4Ω）滑動變阻器（阻值約30Ω）

（1）某同學設計的電路圖如圖甲所示。當他閉合開關時發現電壓表有示數；電流表沒有示數。反復檢查后發現電路連接完好，估計是某一元件斷路，因此他拿來多用電表檢查故障。他的操作如下：

①斷開電源開關s

②將多用表選擇開關置于×1Ω檔；調零后，紅黑表筆分別接R兩端，讀數為30Ω

③將多用表選擇開關置于×100Ω檔；調零后，將紅黑表筆分別接電壓表兩端，發現指針讀數如圖乙所示，則所測阻值為______Ω，然后又將兩表筆接電流表兩端，發現指針位置幾乎不變。由以上操作可知，發生斷路故障的元件是______。

（2）在更換規格相同的元件后，他改變滑動變阻器的阻值，測出了6組對應的數據后，想通過描點作圖的方法求電動勢E與內阻r；如圖丙所示，請繼續完成圖象，根據圖象可求得該電源的電動勢E=______。

并可求出電源內阻r=______。（保留兩位有效數字）

11、(1)如圖所示，圖甲中的游標卡尺的讀數為______cm，圖乙中的螺旋測微器的讀數為______mm。（4分）(2)如圖是多用表的刻度盤，當選用量程為50mA的電流擋測量電流時，指針指于圖示位置，則所測電流為______mA；若選用倍率為“×100”的電阻擋測量電阻時，指針也指示在圖示同一位置，則所測電阻的阻值為______Ω。如果要用此多用表測量一個約2.0×104Ω的電阻，為了使測量比較精確，應選的歐姆擋是______（選填“×10”、“×100”、“×1k”）。換擋結束后，實驗操作上首先要進行的步驟是____________。（4分）12、（文）如圖所示，水平放置的均勻導體棒長為20cm，將它置于豎直向的勻強磁場中，磁場的磁感強度B=0.05T，,棒中通有電流I=2A,則導體棒所受的安培力的大小為____N,方向____13、如圖所示螺旋測微器的測量讀數應是______、______mm．

14、在“用雙縫干涉測光的波長”實驗中；其實驗裝置如圖1，回答下列問題：

①下列說法有錯誤的是______（填選項前的字母）

A．調節光源高度使光束沿遮光筒軸線照在屏中心時；應放上單縫和雙縫。

B．測量某條干涉亮紋位置時；應使測微目鏡分劃板中心刻線與該亮紋的中心對齊。

C．為了減小測量誤差，可用測微目鏡測出n條亮紋間的距離a，求出相鄰兩條亮紋間距△x=再利用公式△x=λ便可得到波長的測量值。

D．假若把此裝置置于某種液體中測得某單色光的波長；結果將比在真空中測得該光波長短。

②測量某亮紋位置時，手輪上的示數如圖2，其示數為______mm．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)15、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）16、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）17、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

18、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

19、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

20、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）21、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、識圖作答題(共2題，共6分)22、(4分)圖示為某新建人工湖泊中的部分生物類群，請據圖回答：（1）該生態系統中的生產者是____，貝類屬于第營養級。（2）寫出該湖泊中的一條食物鏈。（3）由于居民生活污水不斷排入湖中，水體逐漸變綠。有人建議投放一定量的魚苗，以解決湖水發綠問題，你認為下列四種魚苗中，最適宜投放的是哪一種？____(供選魚類的食性如下表)。

。種類青魚鰱魚鳙魚鯉魚主要食性螺螄、蚌浮游植物浮游動物雜食

23、下圖A為兩個滲透裝置，溶液a、b為等濃度的同種溶液，液體c為清水；圖B為在“觀察植物細胞質壁分離與復原”實驗中看到的處于質量分數為30%的蔗糖溶液的紫色洋蔥表皮細胞。請回答下列問題。（1）一個成熟的植物細胞可看作一個封閉的滲透系統，因為圖B中的________相當于圖A中的2（半透膜），當圖B所示細胞發生吸水過程時，圖B中的________相當于圖A中的a溶液，4處的成分為________，這種成分能到達4處是因為________。（2）若要探究溶液濃度對滲透作用的影響，則要調整圖A中的某一溶液濃度，調整后，a、b、c三種溶液濃度大小順序最好為____________。評卷人得分五、推斷題(共3題，共18分)24、rm{D}的某種同系物分子式為rm{C_{5}H_{10}O_{2}}該種同系物的結構有_______種。25、下表為元素周期表的一部分，針對表中rm{壟脵隆蘆壟脼}元素，回答下列問題。rm{壟脵}rm{壟脷}rm{壟脹}rm{壟脺}rm{壟脻}rm{壟脼}rm{(1)壟脵}元素在周期表中的位置是第二周期_____________族。rm{(2)壟脷}和rm{壟脻}兩種元素中原子半徑較大的是__________rm{(}填元素符號rm{)}rm{壟脻}和rm{壟脼}兩種元素的最高價氧化物對應水化物中酸性較強的是________rm{(}填化學式rm{)}rm{(3)}寫出rm{壟脹壟脺}兩種元素的最高價氧化物對應水化物反應的離子方程式_______________。26、已知rm{CH_{3}隆陋CH簍TCH_{2}+HBr隆煤CH_{3}隆陋CHBr-CH_{3}}rm{1mol}某芳香烴rm{A}充分燃燒后可以得到rm{8molCO_{2}}和rm{4molH_{2}O}該芳香烴rm{A}在不同條件下能發生如圖所示的一系列變化：

請回答下列問題：

rm{(1)A}中官能團的名稱為：______________，rm{A}的結構簡式：_______________________。

rm{(2)}上述反應中，rm{壟脵}是________反應rm{(}填反應類型rm{)(1}分rm{)}

rm{(3)}寫出rm{C}rm{D}rm{E}rm{H}物質的結構簡式：rm{C}____________________，rm{D}_______________，rm{E}_____________，rm{F}_______________。

rm{(4)}寫出rm{D隆煤F}反應的化學方程式：______________________________。評卷人得分六、解答題(共4題，共40分)27、如圖所示，兩條平行光滑金屬導軌，間距d=0.2m．導軌在桌面上的部分是水平的，水平部分處在磁感應強度B=0.1T、方向豎直向下的有界勻強磁場中，電阻R=3Ω，桌面高H=0.8m，金屬桿ab質量m=0.2kg、電阻r=1Ω，在導軌上距桌面h=0.2m高處由靜止釋放金屬棒ab，ab沿導軌滑下后落地點距桌面左邊緣的水平距離s=0.4m，g取10m/s2；求：

（1）金屬桿剛進入磁場時；R上的電流大小和方向；

（2）整個過程中R上放出的熱量．

28、一小型發電機通過升壓；降壓變壓器把電能輸送給某大學；已知發電機的輸出功率為為50kW，輸出電壓為500V，升壓變壓器原、副線圈匝數比為1：5，兩個變壓器間的輸電導線的總電阻為15Ω，降壓變壓器的輸出電壓為220V，變壓器本身的損耗忽略不計，在輸電過程中電抗造成電壓的損失不計，求：

（1）升壓變壓器副線圈的端電壓；

（2）輸電線上損耗的電功率；

（3）降壓變壓器原；副線圈的匝數比。

（4）大學全校都是安裝了“220V40W”的電燈；問此時共有多少盞電燈亮？

29、質量為M=2kg的小平板車靜止在光滑水平面上，車的一端靜止著質量為mA=2kg的物體A（可視為質點），如圖，一顆質量為mB=20g的子彈以600m/s的水平速度迅即射穿A后，速度變為100m/s，最后物體A仍靜止在車上，若物體A與小車間的動摩擦因數為0.5，g取10m/s2．

求：（1）平板車最后的速度是多大？

（2）A相對平板車滑行的距離？（平板車足夠長）

30、如圖所示，R1=14Ω，R2=9Ω；當S扳到位置1時，電壓表示數為2.8V，當開關S扳到位置2時，電壓表示數為2.7V，求電源的電動勢和內阻？

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B|D【分析】

A、導線ab勻速向右運動時，導線ab產生的感應電動勢和感應電流恒定不變；大線圈M產生的磁場恒定不變，穿過小線圈N中的磁通量不變，沒有感應電流產生．故A錯誤．

B、導線ab減速向右運動時，導線ab中產生的感應電動勢和感應電流減小，由右手定則判斷出來ab電流方向由a→b；根據安培定則判斷可知：M產生的磁場方向：垂直紙面向里，穿過N的磁通量減小，由楞次定律判斷得知：線圈N產生順時針方向的感應電流，符合題意．故B正確．

C、導線ab減速向左運動時，導線ab中產生的感應電動勢和感應電流減小，由右手定則判斷出來ab電流方向由b→a；根據安培定則判斷可知：M產生的磁場方向：垂直紙面向外，穿過N的磁通量減小，由楞次定律判斷得知：線圈N產生逆時針方向的感應電流，不符合題意．故C錯誤．

D、導線ab加速向左運動時，導線ab中產生的感應電動勢和感應電流增加，由右手定則判斷出來ab電流方向由b→a；根據安培定則判斷可知：M產生的磁場方向：垂直紙面向外，穿過N的磁通量增大，由楞次定律判斷得知：線圈N產生順時針方向的感應電流，符合題意．故D正確．

故選BD

【解析】【答案】導線ab運動時；切割磁感線產生感應電流，由右手定則判斷感應電流的方向．感應電流流過大線圈M時，M產生磁場，就有磁通量穿過小線圈N，根據安培定則判斷感應電流產生的磁場方向，再根據楞次定律判斷小線圈N中產生的電流方向，選擇符合題意的選項．

2、C【分析】【解析】試題分析：由粒子的運動軌跡可知粒子電性，則可求得電場力對粒子所做的功的性質；由動能定理可求得動能的變化；由能量關系可知重力勢能與電勢能總和的變化，及動能和電勢能之和的變化．【解析】

A、粒子由a到b，由運動軌跡可判出粒子受電場力與重力的合力向上，故粒子帶負電且電場力大于重力，電場力與重力的合力做正功，由動能定理可知，油滴的動能增大；故A錯誤；B、由于電場力做正功，故電勢能減小，故B錯誤；C、而由于重力和電場力的合力做正功，故重力勢能與電勢能之和減小，故C正確；D、由于油滴在運動中，電勢能減小，減小的電勢能轉化為油滴的動能及重力勢能，故動能和電勢能之和應減小，減小部分變成了油滴的重力勢能；故D錯誤；故選：C．【解析】【答案】C3、B|C【分析】試題分析：根據沿著電場線的方向電勢逐漸降低，電場線越密集電場強度越大可知，A錯誤；B正確；根據功的定義可知將+q電荷從A點移到B點電場力做了正功，所以C正確；D錯誤。考點：本題考查電場線、電勢、電場強度、功等知識，意在考查學生的識記能力。【解析】【答案】BC4、C【分析】【分析】

將熱敏電阻Ⅰ看成電源的內阻；當兩個電阻相等時，Ⅱ上消耗的電功率最大，無論溫度升高還是降低，Ⅱ上消耗的電功率都變小。此題要對熱敏電阻的特性掌握牢固.

本題中運用等效法研究功率問題，也是常用的方法。

【解答】

將熱敏電阻Ⅰ看成電源的內阻；開始時Ⅰ和Ⅱ阻值相等，根據數學知識分析得知此時電源的輸出功率最大，即Ⅱ上消耗的電功率最大，所以無論溫度升高還是降低，Ⅱ阻值增大或減小，Ⅱ上消耗的電功率都變小，故C正確。

故選C。

【解析】C

5、B【分析】解：A；在0～5s內；從速度-時間圖象可知，此時的加速度為正，說明電梯的加速度向上，此時人處于超重狀態，故A錯誤；

B；由圖象可知；10-20s內電梯還處于上升階段，鋼纜對電梯的力向上，則鋼纜對電梯做正功；故B正確；

C、在10-20s內，從速度時間圖象可知電梯上升的位移為：故C錯誤；

D、在20-25s內，從速度時間圖象可知電梯向下運動的位移為：則電梯（包括乘客）的重力做功為W=mgh=800×10×2.5J=2×104J；故D錯誤；

故選：B。

在速度-時間圖象中；直線的斜率表示加速度，圍成面積表示位移求解電梯上升的位移；根據圖象求出加速度，當人有向上的加速度時，此時人就處于超重狀態，當人有向下的加速度時，此時人就處于失重狀態。功的正負由力和位移的夾角決定；重力做功大小由W=mgh計算。

本題考查超失重現象的理解，位移和功的計算，關鍵是充分利用在速度-時間圖象中，直線的斜率表示加速度，圍成面積表示位移的知識點。【解析】B二、填空題(共9題，共18分)6、略

【分析】【解析】試題分析：（a）圖與（b）圖的數據顯示，兩種電路電流表的示數相對誤差要大一些，宜用電流的真實值故用（a）圖的電路，其測量值為：測量過程中電流表測量的是真實值，但是電流壓測量的是兩者的電壓和，比真實值大，所以測量值偏大，考點：考查了伏安法測電阻誤差分析【解析】【答案】a1000Ω大7、略

【分析】解：之間的時間間隔T=0.s；根據勻變速直線動中時間中點的速度等該中的平均度；

據勻速直線動的推論公式△xaT2；

由B1.cmAC=3.6cm；AD=7.2c；

得：v===0.18ms

xCD-x=xBC-AB=1.2cmT2；

答案為：0.181.2

根據勻速直運動時中點的速度等于該過程中平均速；可以求出打紙帶上B時的時度小；根據勻變速直線運推論公△x=aT2以求出加速度的大小．

要提高勻變速直的規律以及推論解答實驗問題力在平練中要加強基礎知的理解與應用．【解析】0.18；1.28、略

【分析】解：由單擺的周期公式T=2π變形得；

T2=L

由數學知識得知，T2-L圖線的斜率等于即得=tanθ

所以g==4π2cotθ

故答案為：4π2cotθ

根據單擺的周期公式T=2π變形得到，T2與L的表達式；再根據數學知識確定圖象斜率的物理意義，即可求得g．

本題要掌握測量重力加速度的原理：單擺周期公式T=2π結合數學知識圖象的物理意義．【解析】4π2cotθ9、略

【分析】解：(1)由圖1所示可知；刻度尺的分度值為1mm，單擺擺長為99.80cm；

由圖2所示秒表可知；分針示數為1.5min=90s，秒針示數為10s，秒表示數為90s+10s=100s．

(2)由單擺周期公式T=2π可知，重力加速度g=

A；測擺線長時擺線拉得過緊；擺長L偏大，所測重力加速度偏大，故A錯誤；

B；擺線上端未牢固地系于懸點；振動中出現了松動，使擺線長度增加了，使所測周期T偏大，求出的重力加速度g偏小，故B正確；

C；開始計時時；秒表提前按下，使所測周期偏大，重力加速度偏小，故C正確；

D；實驗中誤將49次全振動數為50次；使所測周期偏小，重力加速度偏大，故D錯誤；故選BC．

(3)①用擺線拴住小石塊做成單擺，測出擺線長度為L1時的周期T1，然后改變擺線的長度，使擺線長度為L2，測出此時單擺的周期T2；②懸點到石塊重心的距離是單擺的擺長，設擺線系石塊的結點到石塊重心的距離為r，則單擺周期T1=2πT2=2π解得：g=．

故答案為：(1)99.80；100；(2)BC；(3)如上所述．【解析】99.80;100;BC;①用擺線拴住小石塊做成單擺，測出擺線長度為L1時的周期T1，然后改變擺線的長度，使擺線長度為L2，測出此時單擺的周期T2；②懸點到石塊重心的距離是單擺的擺長，設擺線系石塊的結點到石塊重心的距離為r，則單擺周期T1=2πT2=2π解得：g=．10、2000電流表2.9V5.9Ω【分析】解：（1）③、電壓表內阻=20×100Ω=2000Ω；將兩表筆接電流表兩端，發現指針位置幾乎不變可知，發生斷路故障的元件是電流表。

（2）畫出的U-I圖線如圖所示：由圖象可得：

E=2.9V，r==5.9Ω。

故答案為：（1）③2000；電流表。

（2）如圖；2.9V，5.9Ω

本題（1）③的關鍵是歐姆表讀數時，不要忘記乘以倍率；（2）題的關鍵是根據U=E-Ir可知；U-I圖象中縱軸截距與斜率的物理意義。

遇到圖象問題，要首選根據物理規律寫出有關縱軸和橫軸物理量的數學表達式，然后再根據截距與斜率的含義求解即可。【解析】2000電流表2.9V5.9Ω11、略

【分析】本題考查的是測量長度的儀器與萬用表的讀數問題，按照讀數規則讀即可；【解析】【答案】（1）1.660cm2分5.695mm±0.002mm2分（2）31.0mA±0.1mA1分1500Ω1分×1k1分調整歐姆零點1分12、略

【分析】【解析】【答案】0.02、垂直紙面向外13、略

【分析】解：1；螺旋測微器的固定刻度為0.5mm；可動刻度為40.0×0.01mm=0.400mm；

所以最終讀數為0.5mm+0.400mm=0.900mm．

2；螺旋測微器的固定刻度為1mm；可動刻度為10.4×0.01mm=0.104mm；

所以最終讀數為1mm+0.104mm=1.104mm．

故答案為：0.900mm；1.104．

解決本題的關鍵掌握螺旋測微器的讀數方法；固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀．

對于基本測量儀器如游標卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進行有關測量．【解析】0.900mm；1.10414、略

【分析】解：（1）A；調節光源高度使光束沿遮光筒軸線照在屏中心時；不放上單縫和雙縫．故A錯誤；

B；將測量某條干涉亮紋位置時；應使測微目鏡分劃板中心刻線與該亮紋的中心對齊．故B正確．

C、為了減小測量誤差，可用測微目鏡測出n條亮紋間的距離a，求出相鄰兩條亮紋間距△x=再利用公式便可得到波長的測量值．故C錯誤．

D；假若把此裝置置于某種液體中測得某單色光的波長；由于液體的折射率大于1，所以結果將比在真空中測得該光波長短，故D正確．

本題選擇不正確的；故選：AC．

（2）圖2螺旋測微器的主尺讀數為1.5mm．可動刻度是0.01mm×47.0=0.470；總讀數為1.5mm+0.470mm=1.970mm．

故答案為：（1）AC；（2）1.970

根據雙縫干涉條紋的間距公式結合d和波長的變化判斷條紋間距的變化．螺旋測微器的讀數等于主尺讀數加上游標讀數，需估讀．

解決本題的關鍵掌握雙縫干涉條紋的間距公式并能靈活運用．以及掌握螺旋測微器的讀數方法．【解析】AC；1.970三、判斷題(共7題，共14分)15、A【分析】【解答】解：根據電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．16、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．17、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．18、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．20、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．四、識圖作答題(共2題，共6分)22、（1）水草和藻類；二；

（2）答案不唯一，只要寫對即可，如：水草→魚類→水禽；

（3）鰱魚。【分析】（1）?生產者主要指綠色植物，能夠通過光合作用制造有機物，為自身和生物圈中的其他生物提供物質和能量，貝類是以水草和藻類為食，屬于初級消費者，是第二營養級。（2）食物鏈的起點一定是生產者，終點是不被其他生物所食的最高營養級。如水草→魚類→水禽等。（3）湖水變綠是由于浮游藻類大量繁殖，據表可知鰱魚是以浮游植物為食，因此投放鰱魚可以解決湖水變綠問題。【解析】（1）水草和藻類；二；（2）答案不唯一，只要寫對即可，如：水草→魚類→水禽；（3）鰱魚。23、（1）原生質層細胞液質量分數為30%的蔗糖溶液細胞壁是全透性的（2）a>b>c（或b>a>c）【分析】【分析】本題主要考查細胞質壁分離與質壁分離復原現象及其原因的相關知識，意在考查學生的識記能力和判斷能力，運用所學知識綜合分析問題和解決問題的能力。【解答】（1）B圖中的細胞膜、液泡膜和兩層膜之間的細胞質，構成植物細胞的原生質層，相當于A圖中的2半透膜；液泡中的細胞液相當于圖A中的a溶液，由于細胞壁是全透性的，所以外界溶液可進入細胞壁，則4處的物質是質量分數為30%的蔗糖溶液，內外溶液之間存在濃度差，所以一個成熟的植物細胞可看作一個滲透系統。（2）?若要探究溶液濃度對滲透作用的影響，則要調整圖A中的某一溶液濃度。由于溶液a、b為等濃度的同種溶液，液體c為清水，濃度差相同，因此需要調整a或b的濃度，調整后a、b、c三種溶液濃度大小順序為a＞b＞c或b＞a＞c。【解析】（1）原生質層細胞液質量分數為30%的蔗糖溶液細胞壁是全透性的（2）a>b>c（或b>a>c）五、推斷題(共3題，共18分)24、（1）

（2）羥基羧基加成反應

（3）2CH3CH2OH＋O22CH3CHO＋2H2O

（4）CH3COOH＋CH3CH2OHCH3COOC2H5＋H2O加入濃硫酸作催化劑并加熱以加快反應速率【分析】【分析】本題考查常見有機物之間的轉化和有機推斷、同分異構體的書寫，難度一般。抓住突破口“rm{A}的產量可以用來衡量一個國家的石油化工水平”推出rm{A}為乙烯，結合題給信息和轉化關系進行作答。【解答】rm{A}的產量可以用來衡量一個國家的石油化工水平，則rm{A}應為rm{CH}的產量可以用來衡量一個國家的石油化工水平，則rm{A}應為rm{A}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{=CH}rm{=CH}為rm{{,!}_{2}}，乙烯與水在一定條件下發生加成反應生成的rm{B}為rm{CH}rm{B}rm{CH}rm{{,!}_{3}}乙醇催化氧化生成的rm{CH}為rm{CH}乙酸催化氧化生成的rm{{,!}_{2}}為rm{OH}乙醇催化氧化生成的rm{C}為rm{CH_{3}CHO}乙酸催化氧化生成的rm{D}為rm{CH}rm{OH}rm{C}rm{CH_{3}CHO}rm{D}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH}rm{CH}和rm{COOH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}在濃硫酸作用下反應生成的rm{CH}為rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}和rm{CH}rm{OH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH}在濃硫酸作用下反應生成的rm{E}為rm{CH}

rm{COOH}丁烷的兩種同分異構體為rm{E}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOCH}rm{COOCH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}分子中；

rm{(1)}丁烷的兩種同分異構體為rm{CH}rm{(1)}

rm{CH}為rm{{,!}_{3}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}官能團為羥基，rm{CH}為rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}官能團為羧基；rm{{,!}_{3}}是、含有三個甲基的結構簡式為故答案為：；rm{(2)B}為rm{CH}rm{(2)B}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}為乙醇在銅做催化劑、加熱的條件下與氧氣反應生成乙醛和水，化學方程式為rm{OH}官能團為羥基，rm{D}為rm{CH}rm{OH}rm{D}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH}官能團為羧基；rm{A隆煤B}是rm{CH}rm{COOH}rm{A隆煤B}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{=CH}rm{=CH}rm{{,!}_{2}}與水在一定條件下發生加成反應生成rm{CH}；rm{CH}與rm{{,!}_{3}}反應生成rm{CH}的反應為乙醇和乙酸在濃硫酸、加熱的條件下發生酯化反應生成乙酸乙酯和水，化學方程式為rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}rm{OH}故答案為：羥基羧基加成反應；rm{(3)B隆煤C}rm{2CH}rm{2CH}rm{{,!}_{3}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH+O}rm{OH+O}rm{{,!}_{2}}rm{2CH}該反應的速率比較緩慢，為提高該反應的速率，通常采取的措施有rm{2CH}rm{{,!}_{3}}rm{CHO+2H}rm{CHO+2H}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}故答案為：rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(4)B}rm{D}rm{E}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH+CH}加入濃硫酸作催化劑并加熱以加快反應速率。

rm{COOH+CH}本題考查常見有機物之間的轉化和有機推斷、同分異構體的書寫，難度一般。抓住突破口“rm{{,!}_{3}}的產量可以用來衡量一個國家的石油化工水平”推出rm{CH}為乙烯，結合題給信息和轉化關系進行作答。rm{CH}rm{{,!}_{2}}的產量可以用來衡量一個國家的石油化工水平，則rm{OH}應為rm{OH}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOC}為rm{COOC}rm{{,!}_{2}}rm{H}rm{H}rm{{,!}_{5}}乙醇催化氧化生成的rm{+H}為rm{+H}rm{{,!}_{2}}rm{O}乙醛催化氧化生成的rm{O}為加入濃硫酸作催化劑并加熱以加快反應速率；故答案為：rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH+CH}rm{COOH+CH}rm{{,!}_{3}}rm{CH}和rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}在濃硫酸作用下反應生成的rm{OH}為rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOC}rm{COOC}rm{{,!}_{2}}rm{H}為rm{H}rm{{,!}_{5}}rm{+H}其某種同系物分子式為rm{+H}rm{{,!}_{2}}rm{O}加入濃硫酸作催化劑并加熱以加快反應速率。rm{O}【分析】rm{A}的產量可以用來衡量一個國家的石油化工水平”推出rm{A}為乙烯，結合題給信息和轉化rm{A}rm{A}有【解答】種結構，故該同系物的結構有rm{A}的產量可以用來衡量一個國家的石油化工水平，則rm{A}應為rm{CH}種；rm{A}rm{A}【解析】【小題rm{1}】rm{(1)}rm{(2)}羥基羧基加成反應rm{(3)2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{(3)2CH_{3}CH_{2}OH+

O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(4)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OH}rm{CH_{3}COOC_{2}H_{5}}加入濃硫酸作催化劑并加熱以加快反應速率【小題rm{+H_{2}O}】rm{2}rm{4}25、rm{(1)}Ⅳrm{A}

rm{(2)S}

rm{(3)HClO_{4}}

rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}【分析】【分析】本題考查了元素周期律和元素周期表的應用。掌握元素周期律：同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，金屬性逐漸減弱，最高價氧化物對應水化物的堿性逐漸減弱；同主族元素從上至下原子半徑逐漸增大是解答本題的關鍵。該題是高考常見題型，試題難易適中，側重對學生基礎知識的鞏固和訓練，有利于提高學生的邏輯推理能力和應試能力。【解答】根據元素周期表的結構可知rm{壟脵}為rm{C}rm{壟脷}為rm{O}rm{壟脹}為rm{Na}rm{壟脺}為rm{Al}rm{壟脻}為rm{S}rm{壟脼}為rm{Cl}據此分析：rm{(1)壟脵}元素是rm{C}在元素周期表中位于元素是rm{(1)壟脵}在元素周期表中位于第二周期、第Ⅳrm{C}族，故答案為：Ⅳrm{A}rm{A}rm{(2)}為rm{(2)}rm{壟脷}為rm{O}rm{壟脻}和rm{S}位于同一主族，從上至下原子半徑逐漸增大，所以原子半徑較大的為rm{O}和rm{S}位于同一主族，從上至下原子半徑逐漸增大，所以原子半徑較大的為rm{S}故答案為：rm{S}故答案為：rm{O}rm{S}rm{S}rm{S}的最高價氧化物對應的水化物分別為硫酸和高氯酸，同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，非金屬性逐漸正確，最高價氧化物對應水化物的酸性逐漸正確，rm{(3)S}的非金屬性比rm{(3)S}弱，所以酸性性較強的為和故答案為：rm{Cl}的最高價氧化物對應的水化物分別為硫酸和高氯酸，。rm{Cl}氫氧化鈉和氫氧化鋁反應的離子方程式為rm{S}的非金屬性比rm{S}rm{Cl}弱，所以酸性性較強的為rm{HClO_{4}}rm{Cl}rm{HClO_{4}}rm{HClO_{4}}rm{(4)}氫氧化鈉和氫氧化鋁反應的離子方程式為【解析】rm{(1)}Ⅳrm{A}rm{(2)S}rm{(3)HClO_{4}}rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}26、（1）碳碳雙鍵

（2）加成

（3）

（4）+NaOH+NaBr【分析】【分析】本題考查有機推斷，涉及烯烴、鹵代烴、醇等性質以及學生根據信息給予獲取知識的能力，是對有機化合物知識的綜合考查，能較好的考查考生的自學能力和分析推理能力，推斷出rm{A}的分子式，根據反應條件及反應類型，利用順推法進行推斷，是高考熱點題型，難度中等。【解答】rm{1mol}某烴rm{A}充分燃燒后可以得到rm{8molCO_{2}}和rm{4molH_{2}O}故烴rm{A}的分子式為rm{C_{8}H_{8}}不飽和度為rm{dfrac{2隆脕8+2-8}{2}=5}可能含有苯環，由rm{A}發生加聚反應生成rm{C}故A中含有不飽和鍵，故A為rm{C}為rm{A}與溴發生加成反應生成rm{B}則rm{B}為rm{B}在氫氧化鈉的乙醇溶液、加熱條件下發生消去反應生成rm{E}則rm{E}為rm{E}與溴發生加成反應生成由信息烯烴與rm{HBr}的加成反應可知，不對稱烯烴與rm{HBr}發生加成反應，rm{H}原子連接在含有rm{H}原子多的rm{C}原子上，故與rm{HBr}放出加成反應生成rm{D}則rm{D}為rm{D}在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發生水解反應生成rm{F}則rm{F}為rm{F}與乙酸發生酯化反應生成rm{H}故H為據此解答。rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}中的官能團是碳碳雙鍵，rm{A}的結構簡式：故答案為：碳碳雙鍵；

rm{(2)}上述反應中，反應rm{壟脵}是與溴發生加成反應生成

故答案為：加成；

rm{(