…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年浙教版選修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，已知用光子能量為2.82eV的紫光照射光電管中的金屬涂層時，毫安表的指針發生了偏轉．若將電路中的滑動變阻器的滑頭P向右移動到某一位置時，毫安表的讀數恰好減小到零，電壓表讀數為1V，（已知電子質量me=9.11×10-31kg，普朗克常量h=6.63×10-34J?s，1eV=1.60×10-19J），則該金屬涂層的極限頻率約為（）

A.4.4×1014HzB.5.7×1014HzC.4.4×1016HzD.5.7×1016Hz2、如圖所示，矩形線圈abcd位于通電長直導線附近，線圈與導線在同一平面內，線圈的ad、bc邊與導線平行．下面的操作不能使線圈中產生感應電流的是。

A.使線圈水平向左平移B.使線圈水平向右平移C.使線圈豎直向下平移D.使線圈以bc邊為軸轉動3、一定質量的理想氣體經歷一系列變化過程；如圖所示，下列說法正確的是（）

A.過程中，氣體壓強不變，體積增大B.過程中，氣體體積減小，壓強減小C.過程中，氣體壓強增大，體積不變D.過程中，氣體壓強增大，體積變小4、下列說法不正確的是（）A.懸浮在液體里的花粉的無規則運動是布朗運動B.晶體在熔化時要吸熱，說明晶體在熔化過程中分子平均動能增加C.熱量可以從低溫物體傳遞到高溫物體D.兩個分子的間距從極近逐漸增大到10r0的過程中，它們的分子勢能先減小后增大5、下列對氣體壓強的描述錯誤的是（）A.在完全失重狀態下，氣體壓強為零B.氣體溫度升高時，壓強有可能減小C.氣體壓強是由于大量氣體分子對器壁的頻繁碰撞而產生的D.溫度升高，氣體壓強不變，則相同時間分子對器壁的撞擊次數一定減少6、蹦極跳是勇敢者的體育運動．設運動員離開跳臺時的速度為零，從自由下落到彈性繩剛好被拉直為第一階段，從彈性繩剛好被拉直到運動員下降至最低點為第二階段．下列說法中正確的是（）A.第一階段重力對運動員的功和第二階段重力對運動員的功大小相等B.第一階段重力對運動員的沖量大小和第二階段重力對運動員的沖量大小相等C.第一階段運動員受到的合力方向始終向下，第二階段受到的合力方向始終向上D.第一階段和第二階段，重力對運動員的總沖量與彈性繩彈力對運動員的沖量大小相等7、如圖所示，光滑水平面上，甲、乙兩個球分別以大小為v1=1m/s、v2=2m/s的速度做相向運動，碰撞后兩球粘在一起以0.5m/s的速度一起向右運動，則甲、乙兩球的質量之比為

A.1：1B.1：2C.5：1D.5：3評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、圖所示，電源的電動勢為E，內阻為r，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器，C為電容器，L為小燈泡，電表均為理想電表，閉合開關S后，若滑動變阻器的觸頭P向下滑動時，則()

A.小燈泡的功率增大B.電壓表的示數增大C.電容器上的電荷量增加D.兩表示數變化量的比值不變9、如圖所示的電路中，電流表和電壓表均可看成是理想電表，當滑動變阻器的滑動頭向上移動時，下列結論正確的是（）

A.電壓表和電流表和的示數都減小B.電壓表的示數增大，電流表的示數減小C.電壓表的示數增大，電流表的示數減小D.電壓表和電流表和的示數都增大10、如圖；兩個線圈繞在同一根鐵芯上，其中一線圈通過開關與電源連接，另一線圈與遠處沿南北方向水平放置在紙面內的直導線連接成回路。將一小磁針懸掛在直導線正上方，開關未閉合時小磁針處于靜止狀態。下列說法正確的是（）

A.開關閉合后的瞬間，小磁針的N極朝垂直紙面向里的方向轉動B.開關閉合并保持一段時間后，小磁針的N極指向垂直紙面向里的方向C.開關閉合并保持一段時間后，小磁針的N極指向垂直紙面向外的方向D.開關閉合并保持一段時間再斷開后的瞬間，小磁針的N極朝垂直紙面向外的方向轉動11、在一小型交流發電機中，矩形金屬線圈abcd的面積為S、匝數為n、線圈總電阻為r，在磁感應強度為B的勻強磁場中繞OO′軸以角速度ω勻速轉動（如圖甲所示），產生的感應電動勢e隨時間t的變化關系如圖乙所示，矩形線圈與阻值為R的電阻構成閉合電路，下列說法中正確的是()

A.t2~t3時間內穿過線圈磁通量的變化量為零B.t4時刻穿過線圈的磁通量變化率的大小為C.t3~t4時間內通過電阻R的電荷量為D.t1~t5時間內電阻R的發熱量為12、有三個質量相等的分別帶有正電、負電和不帶電的微粒，從極板左側中央以相同的水平初速度v先后垂直場強方向射入，分別落到極板A、B、C處；如圖所示，則下列說法正確的有（）

A.落在A處的微粒帶正電，B處的不帶電，C處的帶負電B.三個微粒在電場中運動時間相等C.三個微粒在電場中運動的加速度aA＜aB＜aCD.三個微粒到達極板時的動能EkA＞EkB＞EkC13、一輕質彈簧，上端懸掛于天花板，下端系一質量為M的平板，處在平衡狀態．一質量為m的均勻環套在彈簧外，與平板的距離為h，如圖所示，讓環自由下落(不計摩擦力)撞擊平板．已知碰后環與板以相同的速度向下運動，使彈簧伸長()

A.若碰撞時間極短，則碰撞過程中環與板的總動量守恒B.環撞擊板后，板的新的平衡位置與h的大小無關C.在碰后板和環一起下落的過程中，它們減少的重力勢能等于克服彈簧彈力所做的功D.在碰后板和環一起下落的過程中，它們減少的動能等于克服彈簧彈力所做的功評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)14、平靜的水面上，有一條質量M=100kg長度為3m的小船浮于水面，船上一個質量m=50kg的人勻速從船頭走到船尾，不計水的阻力，人相對水面走了_____m，船相對水位移為_____m．15、圖中虛線a、b、c、d、f代表勻強電場內間距相等的組等勢面，已知平面b上的電勢為2V．一電子經過a平面時的動能為10eV，從a到d的過程中克服電場力所做的功為6eV．則電勢為零的等勢面是_____，電子經過c平面時的動能為_____eV．

16、輸入只要有“1”，輸出即為“1”的電路是___________門；輸入只要有“0”，輸出即為“0”的電路是___________門；輸入是“1”，輸出為“___________”的電路是非門。17、熱力學溫度T與攝氏溫度t

（1）攝氏溫標：一種常用的表示溫度的方法．規定標準大氣壓下_______為0℃，_______為100℃，在0℃和100℃之間均勻分成_______等份；每份算做1℃。

（2）熱力學溫標：現代科學中常用的表示溫度的方法，熱力學溫標表示的溫度叫熱力學溫度，用符號_______表示，單位是_______，符號為_______。

（3）攝氏溫度與熱力學溫度的關系為T＝t＋_______K。18、如圖為一定質量的理想氣體的體積與熱力學溫度的關系圖像，該氣體的狀態經歷的變化過程。氣體狀態由過程中，氣體壓強________（選填“增大”“不變”或“減小”）；若整個過程中氣體放出的熱量為則整個過程外界對氣體所做的功為________。

19、如圖所示的電路中，電源電動勢E=6V，內電阻r=1Ω，M為一小電動機，其內部線圈的導線電阻RM=2Ω．R為一只保護電阻，R=3Ω．電動機正常運轉時，電壓表（可當作理想電表）的示數為1.5V，則電源的輸出功率為_____W，電動機的輸出功率為_____W．

20、位于坐標原點O處的波源產生一個沿x軸正方向傳播的脈沖波，波速v=20m/s．已知t=0時刻波剛好傳播到x=10m處，如圖所示．若傳播過程中無能量損失，由圖可知振源只振動了_____s，再經____s波剛好傳播到x=20m處，t=0時刻后x=8m處的質點運動的路程為___cm．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共12分)24、在“測定金屬的電阻率”的實驗中：

（1）用螺旋測微器測量金屬絲直徑時，其示數如圖1所示，則金屬絲的直徑為_____．

（2）某同學設計了如圖所示的電路測量該金屬絲的電阻（阻值約）

可選用的器材規格如下：

電源E（電動勢內阻不計）；

電流表A（內阻約）；

電流表G（內阻為）；

滑動變阻器（阻值額定電流）；

滑動變阻器（阻值額定電流）；

定值電阻

定值電阻

開關S和導線若干．

①為了便于操作，并使測量盡量精確，定值電阻應選______，滑動變阻器R應選______．

②某次測量時電流表G的讀數為安培表示數為計算的準確值為______（計算結果保留3為有效數字）25、實驗課中同學們要完成“測量一節干電池的電動勢和內阻”的任務；被測電池的電動勢約為1.5V，內阻約為1.0Ω．某小組計劃利用圖的電路進行測量，已知實驗室除待測電池；開關、導線外，還有下列器材可供選用：

電流表量程0~0.6A；內阻約0.125Ω

電流表量程0~3A；內阻約0.025Ω

電壓表V：量程0~3V；內阻約3kΩ

滑動變阻器R：0~20Ω；額定電流2A

（1）為了使測量結果盡量準確，電流表應選用________（填寫儀器的字母代號）．

（2）請根據圖所示的電路圖，在圖中完成實物的連接_______．

①圖是該組同學根據所獲得的6組實驗數據，在坐標紙上繪制的反映路端電壓隨電流變化的U-I圖線，請據此圖線判斷被測干電池的電動勢E=________V，內阻r=________Ω．（結果保留到小數點后兩位）

②若僅考慮電表內阻的影響，圖中描繪的點跡與“電池兩端電壓的真實值”和“流過電池的電流真實值”所對應點跡存在一定的偏差，請根據實驗中該同學測得的數據，以及電表的參數估算這一偏差的數量級約為________．

A.B.C.D.

③為了研究電表內阻對測量結果的影響，我們用U和I的函數關系來分析這一個問題．若字母分別表示電壓表和電流表的內阻，U、I分別表示電壓表和電流表的示數，E、r分別表示電池的電動勢和內阻的真實值．考慮到電表內阻的影響，請選擇相關的字母寫出反映U和I實際關系的函數關系表達式U=___________．26、實驗小組的同學們用如圖所示的裝置做“用單擺測定重力加速度”的實驗．

①測出懸點O到小球球心的距離（擺長）L及單擺完成n次全振動所用的時間t，則重力加速度g=_________（用L、n、t表示）．

②實驗時除用到秒表、刻度尺外，還應該用到下列器材中的______(選填選項前的字母)．

A．長約1m的細線。

B．長約1m的橡皮繩。

C．直徑約1cm的均勻鐵球。

D．直徑約10cm的均勻木球。

③選擇好器材，將符合實驗要求的單擺懸掛在鐵架臺上，應采用圖__中所示的固定方式．

④某實驗小組組裝單擺時，在擺線上端的懸點處，用一塊開有狹縫的橡皮夾牢擺線，再用鐵架臺的鐵夾將橡皮夾緊，如圖所示．這樣做的目的是___________(填字母代號)．

A．保證擺動過程中擺長不變。

B．可使周期測量得更加準確。

C．需要改變擺長時便于調節。

D．保證擺球在同一豎直平面內擺動。

⑤他組裝好單擺后在擺球自然懸垂的情況下，用毫米刻度尺量得從懸點到擺球的最低端的長度L=0.9990m，再用游標卡尺測量擺球直徑，結果如圖所示，則該擺球的直徑為______

mm，單擺擺長為______m．

在測量單擺的周期時，他用秒表記下了單擺做50次全振動的時間，如下圖所示，秒表的讀數為________s．

⑥下列振動圖象真實地描述了對擺長約為1m的單擺進行周期測量的四種操作過程，圖中橫坐標原點表示計時開始，A、B、C均為30次全振動的圖象，已知sin5°=0.087，sin15°=0.26，這四種操作過程合乎實驗要求且誤差最小的是___________(填字母代號)．

⑦將單擺正確懸掛后進行如下操作，其中正確的是_________(選填選項前的字母)．

A．測出擺線長作為單擺的擺長。

B．把單擺從平衡位置拉開一個很小的角度釋放；使之做簡諧運動。

C．在擺球經過平衡位置時開始計時。

D．用秒表測量單擺完成1次全振動所用時間并作為單擺的周期。

⑧甲同學多次改變單擺的擺長并測得相應的周期，他根據測量數據畫出了如圖所示的圖象，但忘記在圖中標明橫坐標所代表的物理量．你認為橫坐標所代表的物理量是_____(選填“l2”“l”或“”)，若圖線斜率為k，則重力加速度g=_________(用k表示)．

⑨乙同學測得的重力加速度數值大于當地的重力加速度的實際值，造成這一情況的原因可能是___________(選填選項前的序號)．

A．開始擺動時振幅較小。

B．開始計時時；過早按下停表。

C．測量周期時，誤將擺球(n-1)次全振動的時間記為n次全振動的時間。

D．測量擺長時從懸點到小球下端邊緣的距離為擺長。

⑩該同學在做完實驗后；繼續思考測量重力加速度的其他方法．請你展開想象的翅膀，再設計一個方案測量重力加速度．（簡要說明需要的器材以及測量方法）

__________________________________________________________________________

__________________________________________________________________________評卷人得分六、解答題(共4題，共8分)27、如圖甲所示，空間存在一有界勻強磁場，磁場的左邊界如虛線所示，虛線右側足夠大區域存在磁場，磁場方向豎直向下。在光滑絕緣水平面內有一長方形金屬線框，ab邊長為l=0.2m，線框質量m=0.1kg、電阻R=0.1Ω，在水平向右的外力F作用下，以初速度v0=1m/s勻加速進入磁場，外力F大小隨時間t變化的圖線如圖乙所示。以線框右邊剛進入磁場時開始計時；求：

（1）勻強磁場的磁感應強度B；

（2）線框進入磁場的過程中，通過線框的電荷量q。28、如圖（甲）所示，足夠長的光滑平行金屬導軌固定在同一水平面上，兩導軌間距導軌電阻忽略不計，其間連接有定值電阻導軌上靜置一質量電阻的金屬桿整個裝置處于磁感應強度的勻強磁場中，磁場方向豎直向下。用一外力沿水平方向拉金屬桿使它由靜止開始運動）金屬桿與導軌接觸良好并保持與導軌垂直），電流傳感器）不計傳感器的電阻）可隨時測出通過的電流并輸入計算機，獲得電流隨時間變化的關系如圖（乙）所示。求金屬桿開始運動時：

(1)金屬桿受到安培力的大小和方向；

(2)金屬桿的速率；

(3)對圖象分析表明，金屬桿在外力作用下做的是勻加速直線運動，加速度大小計算時外力做功的功率。

29、一內橫截面積為S的玻璃管下端有一個球形小容器，管內有一段長度為2cm的水銀柱。容器內密封一定質量的理想氣體。初始時，環境溫度為27管內（除球形小容器）氣柱的長度為L。現再向管內緩慢注入水銀，當水銀柱長度為4cm時，管內（除球形小容器）氣柱的長度為0.8L。整個裝置導熱良好，已知大氣壓強p0=76cmHg。

（i）求球形小容器的容積；

（ii）若將該容器水銀柱以下部分浸沒在恒溫的水中，穩定后，管內（除球形小容器）氣柱的長度為0.41L；求水的溫度為多少攝氏度。

30、如圖所示，一絕熱氣缸質量深度放在水平地面上，氣缸與地面的動摩擦因數輕質絕熱活塞面積與輕桿連接固定在豎直墻上，輕桿保持水平，光滑活塞與氣缸內壁密封一定質量的理想氣體，氣體溫度為活塞到氣缸底的距離為桿中恰無彈力。現用缸內的加熱裝置對缸內氣體緩慢加熱，氣體的內能滿足關系式氣缸與地面的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，外界大氣壓強取求：

（1）氣缸相對地面剛開始滑動時，缸內氣體的溫度T；

（2）氣缸滑動后，繼續緩慢加熱，氣缸緩慢移動，直至活塞恰到氣缸口，求這個過程氣體吸收的熱量Q。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【詳解】

毫安表的讀數恰好減小到零說明逸出的電子的動能恰好能克服電場力做功EK=eU=1eV，

由公式E=W+EK知W=2.82-1=1.82eV=2.912×10-19J

根據解得

故A正確。

故選A。2、C【分析】【詳解】

A．使線圈水平向左平移；垂直紙面向里的磁場，穿過線圈的磁通量增加，因此有感應電流，故A錯誤；

B．當線圈向右移動；逐漸遠離線圈，穿過線圈的磁場減小，即穿過線圈的磁通量減小，故產生感應電流，故B錯誤；

C．當線圈向下平動；穿過線圈的磁通量不變，則不會產生感應電流，故C正確；

D．線圈以直導線為軸轉動；穿過線圈的磁通量減小，則產生感應電流，故D錯誤；

故選C．3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖可知過程中是等壓變化；溫度減低，則體積減小，故A錯誤；

B．由圖可知過程中是等溫變化；壓強減小，則體積增大，故B錯誤；

CD．由圖可知過程中，氣體壓強增大，溫度也在同比增大有理想氣體狀態方程

得知體積不變；C正確，D錯誤。

故選C。4、B【分析】【分析】

【詳解】

A．懸浮在液體里的花粉的無規則運動是布朗運動；反應液體分子的無規則運動，故A正確；

B．晶體在熔化時吸熱；但溫度不變，則晶體在熔化過程中分子平均動能不變，故B錯誤；

C．熱量可以從低溫物體傳遞到高溫物體；但要引起其他方面的變化，故C正確；

D．兩個分子的間距從極近逐漸增大到10r0的過程中；分子力先做正功后做負功，它們的分子勢能先減小后增大，故D正確。

本題選擇不正確的選項，故選B。5、A【分析】試題分析：氣體的壓強不是由重力產生的；是由氣體分子對器壁的碰撞產生的，失重狀態下，氣體仍在作無規則的熱運動，所以氣體分子對器壁的碰撞沒有停止，因而有壓強．故A錯誤．壓強大小有兩方面決定：氣體分子的密集程度，氣體分子的平均動能．氣體溫度升高時，氣體分子的平均動能增大，壓強有增大的趨勢，但是如果氣體體積增加的更多，導致氣體分子的密集程度大大減小，有可能壓強會減小．故B說法正確，不選．壓強是大量分子頻繁地碰撞器壁，就對器壁產生持續；均勻的壓力．所以從分子動理論的觀點看來，氣體的壓強就是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力．故C正確，不選．溫度升高，氣體分子的平均動能增大，壓強有增大的趨勢，但是氣體壓強不變，一定是氣體體積增加，導致氣體分子的密集程度減小，則相同時間分子對器壁的撞擊次數一定減少．故D正確，不選．故選A。

考點：氣體壓強。

【名師點睛】理解壓強產生的原因：氣體壓強是大量氣體分子頻繁地碰撞器壁而產生的作用在器壁單位面積上的平均作用力．氣體壓強決定于氣體分子的密度（單位體積內的分子數）和分子的平均動能。6、D【分析】【詳解】

A；若兩個階段物體下落的高度不同；則兩個階段重力做功不相等，故A錯。

B、整個下落過程中,兩個階段的時間關系不知道,根據則不能判定第一階段重力對運動員的沖量和第二階段重力對運動員的沖量大小關系.故B錯誤;

C；第二階段運動員受到的合力方向先向下后向上.故C錯誤.

D；整個下落過程中,因為初末速度都為零,所以第一、第二階段重力對運動員的總沖量和第二階段彈性繩彈力對運動員的沖量大小相等.所以D選項是正確的.

綜上所述本題答案是：D

點睛：根據動量定理研究第一階段重力的沖量和第二階段彈力的沖量大小關系;整個下落過程中,因為初末速度都為零,根據動能定理,總功為零,整個過程中,重力對運動員所做的功等于運動員克服彈性繩彈力所做的功.7、C【分析】【詳解】

設碰撞前甲球的速度方向為正方向，根據動量守恒定律得：代入數據解得：m甲：m乙=5：1，故C正確，ABD錯誤．二、多選題(共6題，共12分)8、A:B:D【分析】【分析】

分析電路結構，當滑動變阻器的觸頭P向下滑動時，電阻R2減小；分析電路中總電阻的變化，再由閉合電路歐姆定律可分析電路中電流及電壓的變化，從而判斷電容器電量的變化．根據歐姆定律分析兩表示數變化量的比值．

【詳解】

由圖可知,L和R2串聯后和C并聯，再與R1串聯；電容器在電路穩定時相當于斷路；

A.當滑動變阻器的觸頭P向下滑動時，電阻R2減小；電路的總電阻減小，總電流I增大，流過小燈泡的電流增大，則小燈泡的功率增大，故A正確；

B.由歐姆定律知；電壓表的示數增大，故B正確；

C.電容器板間電壓UC=E?I(R1+r)，I增大，則UC減小；電容器上的電荷量減少，故C錯誤；

D.|△U/△I|=R1；保持不變，故D正確．

故選ABD9、B:C【分析】【詳解】

當滑動變阻器的滑動頭向上移動時，滑動變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，根據閉合電路歐姆定律

可知，干路電流減小，即的示數減小；根據路端電壓

可知，路端電壓增大，即電壓表的示數增大；根據串聯分壓原理

可知，電路中并聯部分的電壓增大，根據歐姆定律

可知，流過電阻的電流增大，根據并聯分流原理，由于總電流是減小的，則流過滑動變阻器的電流減小，即示數減小；故AD錯誤BC正確。

故選BC。10、A:D【分析】本題考查電磁感應；安培定則及其相關的知識點。

開關閉合的瞬間；左側的線圈中磁通量變化，產生感應電動勢和感應電流，由楞次定律可判斷出直導線中電流方向為由南向北，由安培定則可判斷出小磁針處的磁場方向垂直紙面向里，小磁針的N極朝垂直紙面向里的方向轉動，選項A正確；開關閉合并保持一段時間后，左側線圈中磁通量不變，線圈中感應電動勢和感應電流為零，直導線中電流為零，小磁針恢復到原來狀態，選項BC錯誤；開關閉合并保持一段時間后再斷開后的瞬間，左側的線圈中磁通量變化，產生感應電動勢和感應電流，由楞次定律可判斷出直導線中電流方向為由北向南，由安培定則可判斷出小磁針處的磁場方向垂直紙面向外，小磁針的N極朝垂直紙面向外的方向轉動，選項D正確。

【點睛】此題中套在一根鐵芯上的兩個線圈，實際上構成一個變壓器。11、B:C【分析】【詳解】

t2～t3時間內穿過線圈磁通量的變化量為△Φ=BS，故A錯誤；由于產生的電動勢最大值為E0，根據所以磁通量變化率的最大值故B正確；通過電阻的電荷量所以t4到t3這段時間通過電阻R的電荷量為：故C正確；t1～t5時間內電阻R的發熱量為：故D錯誤；12、A:C【分析】【詳解】

ABC．微粒在水平方向上均做勻速直線運動，且水平速度相同，三微粒在水平方向上的位移xC＜xB＜xA

則三微粒的運動時間為tC＝tB＝tA＝

可得tC＜tB＜tA

微粒在豎直方向上做初速度為零的勻加速運動，則有＝aAtA2＝aBtB2＝aCtC2

可得aA＜aB＜aC

所以落在A處的微粒必帶正電，B處的不帶電，而C處的帶負電；故AC正確，B錯誤；

D．根據動能定理得，在A處mg－qAE＝EkA－mv2

在B處mg＝EkB－mv2

在C處mg＋qCE＝EkC－mv2

由此可知EkA<EkB<EkC

故D錯誤。

故選AC。13、A:B【分析】【詳解】

A.圓環與平板碰撞過程；若碰撞時間極短，內力遠大于外力，系統總動量守恒，由于碰后速度相同，為完全非彈性碰撞，機械能不守恒，減小的機械能轉化為內能，故A正確；

B.碰撞后平衡時；有：

即碰撞后新平衡位置與下落高度h無關；故B正確；

CD.碰撞后環與板共同下降的過程中，碰撞后環與板共同下降的過程中，它們動能和重力勢能的減少量之和等于彈簧彈性勢能的增加量，彈簧彈性勢能的增加量等于克服彈簧彈力所做的功，故CD錯誤；三、填空題(共7題，共14分)14、略

【分析】試題分析：和小船組成的系統動量守恒；根據動量守恒定律求出船移動的位移大小．

船和人組成的系統，在水平方向上動量守恒，人在船上行進，船向右退，則有人從船頭走到船尾，設船相對水的位移為x，則人相對于水的位移為．

解得【解析】2m1m15、略

【分析】【分析】

根據只有電場力做功；動能與電勢能之和不變，當電場力做負功時，動能轉化為電勢能，在電勢為零處，電勢能為零，從而即可求解．

【詳解】

虛線a、b、c、d、f代表勻強電場內間距相等的一組等勢面，一電子經過a時的動能為10eV，從a到d的過程中克服電場力所做的功為6eV，動能減小了6eV，電勢能增加了6eV，因此a、d的電勢差為6V；等勢面間的電勢差為2V，因平面b上的電勢為2V，由于電子的電勢能增加，等勢面由a到f是降低的，因此平面c上的電勢為零；在平面b上電勢為2V；則電子的電勢能為-2eV，動能為8eV，電勢能與動能之和為6eV，當電子經過平面c時，其電勢能為0，動能為6eV；

【點睛】

考查電場力做功與電勢能變化的關系，掌握電勢能與動能之和不變，理解電勢為零處的電勢能為零是解題的關鍵．【解析】C616、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]根據門電路特點可知，輸入只要有“1”，輸出即為“1”的電路是或門；輸入只要有“0”，輸出即為“0”的電路是與門，輸入是“1”，輸出為0的電路是非門。【解析】或與017、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】冰的熔點水的沸點100T開爾文K273.1518、略

【分析】【詳解】

[1]氣體狀態由過程中

所以是等壓過程；氣體壓強不變。

[2]的整個過程氣體溫度不變，內能不變，則

整個過程中氣體放出的熱量為由熱力學第一定律可知

解得整個過程外界對氣體所做的功為【解析】不變Q19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由歐姆定律可知，電路的電流為

電源的輸出功率為

[2]電動機的輸出功率為【解析】2.75，1.520、略

【分析】【詳解】

由圖可知λ=6m，則λ=8m，周期則由圖可知振源只振動了波剛好傳播到x=20m處還需要的時間：t=0時刻后x=8m處的質點只振動了T/2，則運動的路程為2A=10cm．【解析】0.30.510四、作圖題(共3題，共27分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共12分)24、略

【分析】【詳解】

（1）固定刻度讀數為則此金屬絲的直徑為．

（2）根據閉合電路歐姆定律電路和電流表最小讀數；可求出電路中需要的最大電阻為：

由于待測電阻電阻為所以滑動變阻器應用

根據串分壓原理，故定值電阻

根據電阻定律，由：．

【點睛】

根據閉合電路歐姆定律電路和電流表最小讀數，可求出電路中需要的最大電阻，根據歐姆定律再進行求解；用伏安法測量電阻，首先要考慮安全，其次準確，最后操作方便．【解析】25、略

【分析】【分析】

根據實驗原理選擇儀器以及連接電路圖；U-I圖像的斜率等于電源內阻；截距為電動勢；根據電路圖分析誤差來源.

【詳解】

（1）實驗中電流較小；選0~0.6A比較合適．

（2）如圖；

①根據U軸截距為電動勢的測量值，則E=1.48V，圖像斜率可知．

②電流表的測量值帶來誤差，故選B.

③電流表帶來誤差:

整理得：

【點睛】

本題考查電源電動勢的測量，要注意明確實驗原理，能根據不同的條件分析不同的電路圖；遇到根據圖象求解的實驗題，應先根據物理定律寫出表達式，再整理出縱軸物理量與橫軸物理量的函數關系，再結合截距與斜率概念求解．【解析】（1）A1（2）如圖；（3）1.480.83（4）B（5）26、略

【分析】【詳解】

：①單擺的周期：由單擺周期公式：可知，重力加速度：

②為減小誤差應保證擺線的長短不變；A正確，B錯誤；擺球密度要大，體積要小，C正確，D錯誤．

③圖3方式固定懸點；使懸點不容易松動．

④在擺線上端的懸點處；用一塊開有狹縫的橡皮夾牢擺線，再用鐵架臺的鐵夾將橡皮夾緊，是為了防止動過程中擺長發生變化；如果需要改變擺長來探究擺長與周期關系時，方便調節擺長；A正確C正確；周期測量是否準確取決于計時工具，B錯誤；擺球在同一豎直平面內擺動，不能做圓錐擺運動；但與器材無關，D錯誤；

⑤由圖示游標卡尺可知，擺球的直徑為：12mm+0×0.1mm=12.0mm，單擺的擺長為：m；由圖示秒表可知，分針示數為：60s，秒針示數為：35.1s，秒表讀數：t=60s+35.1s=95.1s；

⑥當擺角小于等于5°時；我們認為小球做單擺運動，所以振幅約為：1×0.087m=8.7cm，當小球擺到最低點開始計時，誤差較小，測量周期時要讓小球做30-50次全振動，求平均值，所以A合乎實驗要求且誤差最小．

⑦擺長等于擺線的長度加上擺球的半徑；A錯誤．單擺的擺角小于5度時可以認為是簡諧運動，B正確．擺球經過平衡位置時速度最大，在擺球經過平衡位置時開始計時測量誤差最小，C正確．測量周期時不能測量1次