…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年新科版必修1物理下冊階段測試試卷252考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、關于“探究小車速度隨時間變化的規律”的實驗操作，下列說法錯誤的是()A.長木板不能側向傾斜，也不能一端高一端低B.在釋放小車前，小車應停在靠近打點計時器處C.應先接通電源，待打點計時器開始打點后再釋放小車D.要在小車到達定滑輪前使小車停止運動2、一小球沿斜面勻加速滑下，依次經過A、B、C三點，已知小球經過和兩段所用的時間均為2s，則小球經過A、B、C三點時的速度大小分別是（）A.B.C.D.3、如圖所示，直線a和曲線b分別是在同一條平直公路上行駛的甲、乙兩汽車的速度一時間（v-t)圖線．由圖可知（）

A.t1時刻，甲車的加速度大于乙車B.t2時刻，甲、乙兩車運動方向相反C.t2時刻，甲、乙兩車相遇D.t1到t2時間內，乙車的平均速度比甲車的大4、下圖是某物體做直線運動的圖象；由圖象可得到的正確結論是（）

A.t=1s時,物體的加速度大小為B.第3秒內，物體靜止C.第3s內物體的位移大小為1.5mD.物體在加速過程中的速度變化率比減速過程中的速度變化率大5、以下說法中不正確的是（）A.質點的提出應用了物理模型法B.加速度的定義應用了比值定義法C.亞里斯多德提出重的物體落得快D.伽利略提出重的物體落得快6、如圖所示，在豎直平面內的固定光滑圓環上，套有一質量為m的小球，一輕繩通過光滑滑輪P連接小球A，繩的另一端用水平向左的力F拉繩，使小球緩慢上升一小段位移，圖中為圓心，OQ為半徑，P為OQ的中點。在小球上升過程中；下列說法正確的是（）

A.繩的拉力先減小后增大B.繩的拉力一直減小C.環對小球的彈力方向是沿半徑背離圓心，大小恒為D.環對小球的彈力方向是沿半徑指向圓心，大小恒為2mg7、一滑塊做直線運動的v﹣t圖象如圖所示；下列說法正確的是（）

A.滑塊在2s末的速度方向發生改變B.滑塊在4s末的加速度方向發生改變C.滑塊在2～4s內的位移等于4～6s內的位移D.滑塊在0～2s內的平均速度等于2～4s內的平均速度評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、一個物體沿直線運動，其v-t圖像如圖所示；下列說法正確的是（）

A.前2s內的加速度為4m/s2B.前16s內的位移為100mC.第1s末速度方向和第11s末速度方向相反D.第0.5s末加速度方向和第11.5s末加速度方向相反9、若兩物體間有彈力作用，則這兩個物體（）A.一定有接觸B.一定有彈性形變C.表面一定光滑D.一定有相對運動10、如圖所示是汽車中的速度計,某同學在汽車中觀察速度計指針位置的變化,開始時指針指示在圖甲所示的位置,經過7s后指針指示在圖乙所示的位置,若汽車做變速直線運動,有關上述過程,下列說法正確的是()

A.乙速度計直接讀出的是汽車運動的平均速度B.乙速度計直接讀出的是汽車7s時的瞬時速率C.汽車運動的加速度約為5.7m/s2D.汽車運動的加速度約為1.6m/s211、小球從靜止開始運動，它在第1s內通過1m，在第2s內通過2m，在第3s內通過3m，在第4s內通過4m，有關小球運動的描述，正確的是（）A.小球在這4s內的平均速度是2.5m/sB.小球在第3、第4兩秒內的平均速度是3.5m/sC.小球在第3s末的瞬時速度是3m/sD.小球在這4s內一定做的是勻加速直線運動12、如圖所示，固定在豎直平面內的光滑圓環的最高點有一個光滑的小孔。質量為m的小球套在圓環上。一根細線的下端系著小球，上端穿過小孔用手拉住。現拉動細線，使小球沿圓環緩慢上移。在移動過程中手對線的拉力F和軌道對小球的彈力FN的大小變化情況是（）

A.F減小B.F增大C.FN不變D.FN減小13、關于牛頓第一定律的下列說法中，正確的是()A.牛頓第一定律是牛頓第二定律在合力為零時的特例，所以牛頓第一定律可以被牛頓第二定律代替B.牛頓第一定律說明了力是改變物體運動狀態的原因，而不是維持物體運動的原因C.速度大的物體慣性大，所以不容易停下來D.物體的運動不需要力來維持14、如圖，頂端附有光滑定滑輪的斜面體靜止在粗糙水平地面上，三條輕質不可伸長的細繩結于O點。一條繩跨過定滑輪平行于斜面體連接物塊P，一條繩連接小球Q，另一條繩OA在外力F的作用下，處于水平方向。現緩慢拉著繩OA向上直到OB水平，整個過程保持θ不變；下列說法正確的是（）

A.斜面對物塊P的摩擦力一定減小B.繩OA的拉力一定增大C.地面對斜面體的作用力一定減小D.地面對斜面體有向右的摩擦力15、兩個質點A、B在同一水平面上，由靜止開始從同一位置沿相同方向同時開始做直線運動，其運動的v-t圖象如圖所示．對A、B運動情況的分析，下列結論正確的是（）

A.在t=3t0時刻，A、B相距最遠B.在t=6t0時刻，A、B相遇C.A、B在加速階段平均速度相同D.A、B在減速階段加速度相同評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、在光滑墻壁上用網兜把足球掛在A點，足球與墻壁的接觸點為B．足球所受重力為G，懸繩與墻壁的夾角為α，網兜的質量不計，則懸繩對球的拉力大小為_______；若縮短網兜上的懸繩，球仍然保持靜止，則球對墻壁的壓力將___________（填“增大”或“減小”）．

17、v-t圖，讀圖則_____時刻離原點最遠，9秒內的位移是_____

18、一質點在x軸上運動，各個時刻的位置坐標如下表，則此質點開始運動后。t/s012345x/m05-4-1-71

（1）幾秒內位移最大______

A．1sB．2sC．3sD．4sE.5s

（2）第幾秒內位移最大______

A．1sB．2sC．3sD．4sE.5s

（3）幾秒內路程最大______

A．1sB．2sC．3sD．4sE.5s

（4）第幾秒內路程最大______

A．1sB．2sC．3sD．4sE.5s19、如圖所示，物體A、B、C疊放在光滑的水平面上，拉力F作用在B上。已知mA=3kg，mB=2kg；mC=1kg，A、B之間動摩擦因數為0.1，B、C之間動摩擦因數為0.2，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g=10m/s2。

（1）若要維持A、B、C一起運動，則拉力F的最大值為______N；

（2）若要將B時從A、C中抽出，則拉力F的應大于____N。20、矢量和標量。

（1）矢量：既有大小又有方向，相加時遵從______的物理量。

（2）標量：只有大小，沒有方向，相加時遵從______的物理量。21、有一游標卡尺，主尺的最小分度是1mm，游標上有20個小的等分刻度．用它測量一小球的直徑，如圖甲所示的讀數是______mm．用螺旋測微器測量一根金屬絲的直徑，如圖乙所示的讀數是______mm．22、如圖，固定于豎直面內的粗糙斜桿，在水平方向夾角為質量為m的小球套在桿上，在大小不變的拉力作用下，小球沿桿由底端勻速運動到頂端，為使拉力做功最小，拉力F與桿的夾角a=____，拉力大小F=_____．評卷人得分四、實驗題(共4題，共28分)23、在做“探究小車速度隨時間變化的規律”的實驗中，打出的紙帶如圖所示。已知打點計時器使用的交流電源頻率為50Hz，計數點A和B之間、B和C之間均有4個打出的點；則。

（1）打B、C兩點的時間間隔是______s；為了求出BC段的平均速度，還要用刻度尺量出______段的距離。

（2）當紙帶與運動物體連接時，打點計時器在紙帶上打出點痕，下列關于紙帶上的點痕說法中，正確的是______。

A.點痕記錄了物體運動的時間。

B.點痕記錄了物體在一段時間內的位置變化。

C.點在紙帶上的分布情況；反映物體的質量和形狀。

D.紙帶上點痕的分布情況；反映物體的運動情況。

（3）這次實驗已經得出小車做勻變速直線運動的結論。若第（1）問紙帶中測得AB、BC間距離分別為6.52cm和12.12cm，則B點對應小車速度為vB=______m/s，加速度a=______m/s2。（保留3位有效數字）24、某物理小組利用圖所示的實驗裝置研究小車的勻變速直線運動。

主要實驗步驟如下：

a.安裝好實驗器材；接通電源后，讓拖著紙帶的小車沿長木板運動，重復幾次。

b.選出一條點跡清晰的紙帶，找一個合適的點當作計時起點O（t＝0），然后每隔相同的時間間隔T選取一個計數點。

c.通過測量；計算可以得到小車的加速度。

結合上述實驗步驟；請你完成下列任務：

(1)在下列儀器和器材中，還需要使用的有________和________（填選項前的字母）。

A．電壓合適的50Hz交流電源。

B．電壓可調的直流電源。

C．刻度尺。

D．秒表。

E．天平（含砝碼）

(2)實驗中，保證小車做勻變速直線運動的必要措施是________（填選項前的字母）。

A．細線必須與長木板平行。

B．將長木板上沒有滑輪的一端適當墊高。

C．鉤碼的質量遠小于小車的質量。

D．先接通電源后釋放小車。

(3)實驗時將打點計時器接到頻率為50Hz的交流電源上，打出幾條紙帶，選取一條比較清晰的紙帶，部分計數點如圖所示（每兩個相鄰的計數點間還有4個點未畫出）。則小車的加速度a＝_____m/s2（結果保留3位有效數字）。

(4)研究勻變速直線運動時，往往用求某個點的瞬時速度，從理論上講，對Δt的要求是________（選填“越小越好”、“越大越好”或“與大小無關”）。25、小敏同學在暗室中用圖甲裝置做“測定重力加速度”的實驗；用到的實驗器材有：分液漏斗；閥門、支架、米尺、接水盒、一根熒光刻度的米尺、頻閃儀。具體實驗步驟如下：

①在分液漏斗內盛滿清水；旋松閥門，讓水滴以一定的頻率一滴滴的落下；

②用頻閃儀發出的白閃光將水滴流照亮，由大到小逐漸調節頻閃儀的頻率，當頻閃儀頻率和水滴頻率均為時；可以看到一串仿佛固定不動的水滴；

③用豎直放置的米尺測得各個水滴所對應的刻度；

④處理數據；得出結論；

(1)之所以能看到一串仿佛不動的水滴，是由于____________。

A．每次頻閃儀發出白閃光時；水滴的排布方式正好和上次閃光時一致，造成了水滴不動的假象；

B．頻閃光的頻率過高；對人眼造成了損傷；

C．分液漏斗由于實驗次數太多；被損壞了，滴出特定水滴后便不再滴出水滴，之前的水滴靜止在空中；

(2)小敏同學測得連續相鄰的五個水滴之間的距離如圖乙所示，根據數據計算當地重力加速度____點處水滴此時的速度____（結果均保留三位有效數字）26、如圖所示為某次實驗中拍攝到的小滑塊在粗糙水平面上滑動時的閃光照片，已知閃光頻率為每秒10次．其中A、B、C、D、E分別對應每次閃光時滑塊的位置，根據照片與實物的比例得到滑塊位移的數據，其中BC＝2.98cm，CD＝2.00cm．查得當地重力加速度值為9.80m/s2．則。

(1)小滑塊通過C位置時速度的大小vc=______________m/s（結果保留2位有效數字）；

(2)小滑塊與水平面之間的動摩擦因數μ=_____________．評卷人得分五、解答題(共1題，共7分)27、美國當地時間2017年3月21日；HTT官方發布一段視頻以及一組圖片展示了公司的最新進展，宣稱在建設世界上第一條全尺寸；可以運送乘客同時速度能達到720km/h的超級高鐵管道．該方案在法國圖盧茲市的地下進行測試，據稱最快會在2018年面世．在某次實驗直軌道上測試超級高鐵技術時，列車從靜止開始啟動后達到最大速度后勻減速運動后，恰好到達368km的終點站．已知加速階段與減速階段加速度大小相等，勻速階段時間是變速階段總時間的22.5倍，試驗列車總質量為5000kg，運行過程中的平均阻力為2000N，求：

（1）勻速運行過程的時間；

（2）勻加速直線運動時加速度；

（3）該超級高鐵在減速階段時列車的制動力．

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【分析】

正確解答本題需要掌握：理解該實驗的實驗原理；需要測量的數據等；明確打點計時器的使用；理解實驗中的注意事項以及如何進行數據處理；對于任何實驗注意從實驗原理；實驗儀器、實驗步驟、實驗數據處理、實驗注意事項這幾點去搞清楚．

【詳解】

A；實驗前要平衡摩擦力；把木板的一端墊高，長木板應一端高一端低，故A錯誤；

B；在釋放小車前；小車應靠近打點計時器，故B正確；

C；應先接通電源；待打點計時器開始打點后再釋放小車，故C正確；

D；要在小車到達定滑輪前使小車停止運動；故D正確；

故選BCD2、B【分析】【分析】

【詳解】

根據小球做勻加速直線運動的特點，兩點之間的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，故B點的速度等于段的平均速度

又因為連續相等時間內的位移之差等于恒量，即

則由

解得

則A點的速度vA=vB?at

解得vA=2m/s

C點的速度vC=vB+at

解得vC=6m/s

故B正確；ACD錯誤。

故選B。3、D【分析】【詳解】

圖線切線的斜率表示加速度，在時刻，a圖線的斜率小于b圖線切線的斜率，故甲車的加速度小于乙車的加速度，故A錯誤；在時刻，速度圖象都在時間軸的上方，都為正，方向相同．故B錯誤．在時刻，甲車和乙車的速度相同，不能說明在同一位置．故C錯誤．圖象與坐標軸圍成的面積表示位移，則在到這段時間內；乙車的位移大于甲車的位移，因平均速度等于位移比時間，時間相同，故乙車的平均速度比甲車的大故D正確．選D.

【點睛】在速度時間圖象中，某一點代表此時刻的瞬時速度，時間軸上方速度是正數，時間軸下方速度是負數；切線代表該位置的加速度，向右上方傾斜，加速度為正，向右下方傾斜加速度為負；圖象與坐標軸圍成面積代表位移，時間軸上方位移為正，時間軸下方位移為負.4、D【分析】【詳解】

A．t=1s時物體的加速度大小

故A錯誤．

B．第3秒內；物體做勻速直線運動，選項B錯誤；

C．第3s內物體的位移大小為x=3.0×1m=3.0m

選項C錯誤．

D．因v-t圖像的斜率等于加速度，加速度為速度的變化率，則由圖像可知，物體在加速過程中的速度變化率比減速過程中的速度變化率大，選項D正確．5、D【分析】【分析】

【詳解】

A．質點的提出應用了理想化模型法；選項A正確；

B．加速度的定義應用了比值定義法；選項B正確；

C．亞里斯多德提出重的物體落得快；選項C正確；

D．伽利略提出輕重物體落得一樣快；選項D錯誤。

此題選項不正確的選項，故選D。6、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．小球緩慢上升一小段位移的過程中；小球處于平衡狀態，對小球進行分析受力分析如圖所示。

由于三角形ABC與三角形POA，可得

當小球緩慢上升一小段位移的過程中，由于AP減小，則F減小；A錯誤，B正確；

CD．對小球受力分析可知，環對小球的彈力方向是沿半徑背離圓心，根據關系

解得N=2mg

故CD錯誤。

故選B。7、D【分析】【詳解】

A；在2s末前后速度方向均為正,故速度方向沒有發生改變,A錯誤;

B；在4s末前后圖線斜率沒變,則加速度沒變,故B錯誤;

C；由圖像可知；滑塊在2～4s內的位移等于4--6s內的位移大小相等，方向相反，故C錯；

D；由圖像可知：滑塊在0～2s內的位移等于2～4s內的的位移；所以滑塊在0～2s內的平均速度等于2～4s內的平均速度，故D對；

故選D二、多選題(共8題，共16分)8、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．前2s的加速度為

故A正確；

B．v-t圖像與t軸圍成的面積等于位移，則

故B正確；

C．v-t圖像中v值的正負表示方向；第1s末即第11s都為正值，故速度方向相同，C錯誤；

D．0-2s內勻加速(斜率為正值)

故第0.5s末a方向為正方向；10-12s內做勻減速運動(斜率為負值)

故第11.5s末a方向為負值，故a方向相反(或直接從斜率的正負判斷)；故D正確；

故選ABD。9、A:B【分析】【分析】

【詳解】

產生彈力的條件是兩個物體接觸并且擠壓；也就是接觸有彈性形變。

故選AB。10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB.速度計測量的是某個時刻的瞬時速度的大小；即瞬時速率，故A錯誤，B正確；

CD.7s前的瞬時速度大小為20km/h，7s后的瞬時速度大小為60km/h，則速度的變化量為40km/h≈11.2m/s，則加速度

故C錯誤；D正確。

故選BD。11、A:B【分析】【詳解】

A、小球在這4s內的平均速度故A正確；

B、小球在第3s和第4s這兩秒內的平均速度．故B正確；

C；小球在第3s內的平均速度為3m/s；因為小球具體運動情況不詳，所以小球在第3s末的速度不一定等于3m/s．故C錯誤；

D、初速度為零的勻變速直線運動，連續相等時間內的位移之比為1：3：5：7，所以小球在這4s內做的一定不是初速度為零的勻加速直線．故D錯誤．12、A:C【分析】【詳解】

對小球受力分析如圖：

根據圖中幾何關系可知：

根據相似比例關系：

重力和圓的半徑不變，隨著繩子長度減小，可知不變，減小；AC正確，BD錯誤。

故選AC。13、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．牛頓第一定律是在實驗的基礎上進一步的推理概括出來的科學理論,不是牛頓第二定律在合力為零時的特例,它們的含義并不是完全相同的;故A錯誤;

B．由牛頓第一定律可以知道,當物體不受力或受平衡力時,物體將處于靜止狀態或勻速直線運動狀態,因此力是改變物體運動狀態的原因;所以B選項是正確的;

C．慣性的大小僅僅與物體的質量有關,與物體速度的大小無關,故C錯誤;

D．由牛頓第一定律可得,力不是維持物體運動的原因,力是改變物體運動狀態的原因;故D對。

故選BD。14、B:C【分析】【詳解】

B．畫出節點O受力分析圖，構建力的矢量三角形，由于這個三角形中重力不變，FOA、FOB的夾角（180°－θ）保持不變，這類似于圓周角對應弦長的關系，作初始三角形的外接圓，然后讓FOA、FOB的交點在圓周上按題中轉動規律轉動；如圖。

力的三角形的外接圓正好是以初態時的FOB為直徑的圓周，可知在逆時針轉動到OB水平的過程中，FOA逐漸變大到最大為圓周直徑，FOB從圓周直線逐漸減小；故B正確；

A．由前面的分析可知繩OB的拉力逐漸減小，由于不知道物塊P受到斜面摩擦力的方向，故不能判斷斜面對物塊P的摩擦力是增大還是減小；故A錯誤；

C．以斜面體和P整體為研究對象受力分析，地面對斜面體的作用力等于整體的重力與OB拉力的合力，由于繩OB的拉力一直減小且與整體重力的方向夾角從90度逐漸變大，可知斜面體和P整體的重力與OB拉力的合力逐漸減小；所以地面對斜面體的作用力一直在減小，故C正確。

D．以斜面體和P整體為研究對象受力分析，根據平衡條件可知，斜面體受地面的摩擦力與OB繩子水平方向的拉力等大反向；可知斜面所受的摩擦力方向向左，故D錯誤；

故選BC。15、B:D【分析】【詳解】

;

A、速度時間圖線與時間軸所圍成的面積表示位移,當AB速度相等時,相距最遠,由圖象可以知道,在和之間相距最遠,故A錯誤;

B、當AB圖象與坐標軸圍成的面積相等時,相遇,根據圖象可以知道,在時刻,A；B位移相等,相遇,所以B選項是正確的.

C、由公式知故C錯誤；

D、速度時間圖象的斜率表示加速度,則A減速時的加速度大小為B減速時的加速度大小為所以A、B在減速階段加速度相同；故D正確。

綜上所述本題答案是：BD

點睛：速度時間圖象的斜率表示加速度,速度時間圖線與時間軸所圍成的面積表示位移,當AB速度相等時,相距最遠,當AB圖象與坐標軸圍成的面積相等時,相遇.三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【詳解】

[1]．對球進行力分析；如圖：

根據平衡條件拉力

[2]．若縮短網兜上的懸繩，懸繩與墻面夾角增大，由平衡可知

所以墻面對球的支持力增大，根據牛頓第三定律可知，球對墻壁的壓力將增大．【解析】增大17、略

【分析】【詳解】

[1]由v-t圖像可知，v-t圖所包圍的面積代表位移；故7s時物體的正向位移最大，離原點最遠；

[2]v-t圖的斜率代表加速度，6-9s內，斜率為

即加速度大小為9s時的速度為

所以9秒內的位移是【解析】7s10m18、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）4s內的位移是-7m；其大小為7m，最大。

故選D；

（2）第2s內的位移是-9m；其大小是9m，最大。

故選B；

（3）由于質點一直在運動著；時間越長，經過的軌跡也越長，在5s內的路程也最大。

故選E。

（4）在第2s內質點的位移最大；路程是9m也最大。

故選B。【解析】①.D②.B③.E④.B19、略

【分析】【詳解】

（1）[1]若要使得AB之間不產生滑動，則對A分析可知

可得A的最大加速度為

此時BC之間的摩擦力

即BC之間不會產生滑動，A、B、C能一起運動。此時對整體可得

（2）[2]若要將B時從A、C中抽出，則需使BC之間達到最大靜摩擦力，即對C分析可知，

此時AB之間一定產生了滑動，則對B分析可知

解得

若要將B時從A、C中抽出，則拉力F的應大于33N。【解析】63320、略

【分析】【詳解】

（1）[1]既有大小又有方向；相加時遵從平行四邊形定則的物理量叫矢量。

（2）[2]只有大小，沒有方向，相加時遵從算術法則的物理量叫標量。【解析】平行四邊形定則算術法則21、略

【分析】【分析】

試題分析：游標卡尺的主尺讀數為10mm；游標讀數為0.05×10mm=0.50mm，所以最終讀數為10.50mm；螺旋測微器的固定刻度讀數為1.5mm，可動刻度讀數為0.01×23.2mm=0.232mm，所以最終讀數為1.732mm（1.729到1.733均可）．

考點：游標卡尺；螺旋測微器。

【名師點睛】螺旋測微器的讀數等于固定刻度讀數加上可動刻度讀數；需估讀；游標卡尺的讀數等于主尺讀數加上游標讀數，不需估讀．

【點睛】

【詳解】【解析】10.50mm1.732mm（1.729—1.733都可）22、略

【分析】【詳解】

．因為沒有摩擦力；拉力做功最小．

本題考查力的分解，功等．難度：中等．【解析】①.60°②.mg四、實驗題(共4題，共28分)23、略

【分析】【詳解】

(1)[1][2]由圖可以知道，B和C之間有4個打出的點，則B、C兩點的時間間隔是0.1s;為了求出BC段的平均速度，還要用刻度尺量出BC段的距離。

(2)[3]AB．打點計時器每隔一定的時間打下一個點；因而點跡記錄了物體運動的時間，同時也記錄了物體在不同時刻的位置和某段時間內的位移，故AB正確；

CD．點跡的分布情況反映了物體的運動情況；而不能反映物體的質量和形狀，故C錯誤D正確。

故選ABD。

(3)[4][5]B點對應小車速度為

利用公式

解得加速度【解析】0.1BCABD0.9325.6024、略

【分析】【詳解】

(1)[1]打點計時器需要使用交流電源；因此需要