…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年統(tǒng)編版2024高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、下列說法中正確的是（）A.在玻璃幕墻表面鍍一定厚度的金屬氧化物，利用衍射現(xiàn)象使外面的人在白天看不到幕墻里面的情況B.紫外線的頻率與固體物質(zhì)分子的固有頻率接近，容易引起分子共振，產(chǎn)生內(nèi)能C.來回抖動(dòng)帶電的梳子，在空間就會(huì)形成變化的電磁場(chǎng)，產(chǎn)生電磁波D.地面上兩北斗衛(wèi)星導(dǎo)航終端同時(shí)發(fā)出定位申請(qǐng)信號(hào)，在高速運(yùn)行的衛(wèi)星上看兩信號(hào)也一定是同時(shí)發(fā)出的2、圓形導(dǎo)體線圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一豎直螺線管b，二者軸線重合，螺線管與電源和滑動(dòng)變阻器連接成如圖所示的電路．若將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下滑動(dòng)，下列表述正確的是（）A.線圈a中將產(chǎn)生俯視順時(shí)針方向的感應(yīng)電流B.穿過線圈a的磁通量變小C.線圈a有擴(kuò)張的趨勢(shì)D.線圈a對(duì)水平桌面的壓力FN將增大3、布朗運(yùn)動(dòng)的發(fā)現(xiàn)，對(duì)物理學(xué)的主要貢獻(xiàn)是（）A.說明了懸浮微粒時(shí)刻在做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)B.說明了分子在永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)C.說明了懸浮微粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)是因?yàn)槲⒘５捏w積很小D.說明了液體分子與懸浮微粒之間有相互作用力4、如圖所示，有一帶電粒子貼A板沿水平方向射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為U1時(shí)，帶電粒子沿軌跡①?gòu)膬砂逭虚g飛出；當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為U2時(shí)，帶電粒子沿軌跡②落到B板中間；設(shè)兩次射入電場(chǎng)的水平速度相同，則電壓U1、U2之比為（）A.1:8B.1:4C1:2D.1:15、自由擺動(dòng)的秋千擺動(dòng)幅度越來越小，下列說法正確的是（）A.機(jī)械能守恒B.能量正在消失C.只有動(dòng)能和勢(shì)能相互轉(zhuǎn)化D.減少的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、如圖，金屬棒ab、cd與足夠長(zhǎng)的水平光滑金屬導(dǎo)軌垂直且接觸良好，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向垂直向下，則ab棒在恒力F作用下向右運(yùn)動(dòng)，則（）A.安培力對(duì)ab棒做正功B.abdca回路的磁通量先增加后減少C.安培力對(duì)cd棒做正功D.F做的功等于回路產(chǎn)生的總熱量和系統(tǒng)動(dòng)能增量之和7、關(guān)于天然放射現(xiàn)象，敘述正確的是（）A.若使放射性物質(zhì)與其他物質(zhì)發(fā)生化學(xué)反應(yīng)，其半衰期不會(huì)改變B.β衰變所釋放的電子不可能是原子核外的電子電離形成的C.在α、β、γ這三種射線中，γ射線的穿透能力最強(qiáng)，α射線的電離能力最強(qiáng)D.鈾核（U）衰變?yōu)殂U核（Pb）的過程中，要經(jīng)過8次α衰變和10次β衰變8、某同學(xué)對(duì)某種抽水泵中的電磁泵模型進(jìn)行了研究.

如圖電磁泵是一個(gè)長(zhǎng)方體，ab

邊長(zhǎng)為L(zhǎng)1

左右兩側(cè)面是邊長(zhǎng)為L(zhǎng)2

的正方形，在泵頭通入導(dǎo)電劑后液體的電阻率為婁脩

泵體所在處有方向垂直向外的磁場(chǎng)B

把泵體的上下兩表面接在電壓為U(

內(nèi)阻不計(jì))

的電源上，理想電流表示數(shù)為I

若電磁泵和水面高度差為h

不計(jì)水在流動(dòng)中和管壁之間的阻力，重力加速度為g.

則(

)

A.泵體上表面應(yīng)接電源正極B.電源提供的電功率為U2L1蟻

C.電磁泵不加導(dǎo)電劑也能抽取不導(dǎo)電的純水D.在t

時(shí)間內(nèi)抽取水的質(zhì)量為m

這部分水離開泵時(shí)的動(dòng)能為UIt鈭?mgh鈭?I2婁脩L1t

9、[

多選]

圖甲為風(fēng)力發(fā)電的簡(jiǎn)易模型；在風(fēng)力作用下，風(fēng)葉帶動(dòng)與桿固連的永磁鐵轉(zhuǎn)動(dòng)，磁鐵下方的線圈與電壓傳感器相連，在某一風(fēng)速時(shí)，傳感器顯示如圖乙所示，則()

A.磁鐵的轉(zhuǎn)速為10r/sB.線圈兩端電壓的有效值為62VVC.交流的電壓表達(dá)式為u=12sin5婁脨tVD.該交流電可以直接加在擊穿電壓為9V

的電容器上10、判斷下列說法正確的是（）A.空間各點(diǎn)磁場(chǎng)的方向就是該點(diǎn)磁感線的切線方向B.磁感線越密，該處磁通量越大C.磁感線越疏，該處磁感應(yīng)強(qiáng)度越大E.鐵屑在磁場(chǎng)中顯示的就是磁感線E.鐵屑在磁場(chǎng)中顯示的就是磁感線11、下列說法中正確的是（）A.一定質(zhì)量的理想氣體，體積減小時(shí)，單位體積的分子數(shù)增多，氣體的壓強(qiáng)一定增大B.壓縮處于絕熱容器中的一定質(zhì)量的理想氣體，其內(nèi)能一定增加C.已知阿伏加德羅常數(shù)、某種氣體的摩爾質(zhì)量和密度，可以估算該種氣體分子體積的大小D.分子a從遠(yuǎn)處靠近不動(dòng)的分子b的過程中，當(dāng)它們相互作用力為零時(shí)，分子a的動(dòng)能一定最大12、下列說法中正確的是（）A.α射線的穿透能力比γ射線的穿透能力弱B.結(jié)合能是由于核子結(jié)合成原子核而具有的能量C.若質(zhì)子、電子具有相同動(dòng)能，則它們的物質(zhì)波波長(zhǎng)相等D.普朗克認(rèn)為振動(dòng)著的帶電微粒的能量只能是某一最小能量值ε的整數(shù)倍13、如圖所示，彈簧下端掛一質(zhì)量為m

的物體，物體在豎直方向上做振幅為A

的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，當(dāng)物體振動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，彈簧正好為原長(zhǎng)，則在物體振動(dòng)過程中()

A.物體在最低點(diǎn)時(shí)所受的彈力大小應(yīng)為2mg

B.彈簧的彈性勢(shì)能和物體動(dòng)能總和不變C.彈簧的最大彈性勢(shì)能等于2mgA

D.物體的最大動(dòng)能應(yīng)等于mgA

14、天然放射性元素90232Th(

釷)

經(jīng)過一系形婁脕

衰變和婁脗

衰變之后，變成82208Pb(

鉛)

下列論斷中正確的是()A.鉛核比釷核少24

個(gè)中子B.衰變過程中共有4

次婁脕

衰變和8

次婁脗

衰變C.鉛核比釷核少8

個(gè)質(zhì)子D.衰變過程中共有6

次婁脕

衰變和4

次婁脗

衰變?cè)u(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、在電場(chǎng)中的某點(diǎn)放入電荷量為5.0×10-9C的點(diǎn)電荷，受到的電場(chǎng)力是3.0×10-4N．則這一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E=____N/C．如果改用電荷量為6.0×10-9C的點(diǎn)電荷，來確定該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，場(chǎng)強(qiáng)大小____（填“變大”、“變小”或“不變”）．16、黑體輻射的規(guī)律如圖所示，從中可以看出，隨著溫度的降低，各種波長(zhǎng)的輻射強(qiáng)度都有____（填“增加”、“減少”“不變”），輻射強(qiáng)度的極大值向波長(zhǎng)____（填“較長(zhǎng)”；“較短”）的方向移動(dòng)．

17、將一個(gè)滿偏電流為5mA，內(nèi)阻為200Ω的電流計(jì)改裝成量程為10V的電壓表，應(yīng)該____聯(lián)（填“串”或“并”）一個(gè)阻值為____的電阻．18、一交流電壓隨時(shí)間變化的圖象如圖所示，則此交流電的頻率是______Hz，電壓的有效值為______V；若將該電壓加在一阻值為1kΩ的純電阻用電器上，用電器恰能正常工作，為避免意外事故的發(fā)生，電路中保險(xiǎn)絲的額定電流不能低于______A．19、如圖所示，有四列簡(jiǎn)諧波同時(shí)沿x

軸正方向傳播，波速分別是v2v3v

和4vab

是x

軸上所給定的兩點(diǎn)，且ab=l.

在t

時(shí)刻ab

兩點(diǎn)間四列波的波形分別如圖所示；則由該時(shí)刻起a

點(diǎn)出現(xiàn)波峰的先后順序依次是圖______；頻率由高到低的先后順序依次是圖______

20、如圖；有兩個(gè)同心導(dǎo)體圓環(huán)，內(nèi)環(huán)中通有順時(shí)針方向的電流，外環(huán)中原來無電流.

當(dāng)內(nèi)環(huán)中電流逐漸增大時(shí)；

外環(huán)中感應(yīng)電流的方向?yàn)開_____.(

填順時(shí)針或者逆時(shí)針)

外環(huán)的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)是______(

填收縮或者擴(kuò)張)

若換成外環(huán)通有順時(shí)針方向電流且增大時(shí)；

內(nèi)環(huán)的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)是______(

填收縮或者擴(kuò)張)

21、如圖所示為一分壓器電路，電阻R1=20Ω，R2的最大阻值為20Ω．當(dāng)輸入端A、B接220V電壓時(shí)，用電壓表測(cè)得輸出端C、D的電壓范圍是____________．

評(píng)卷人得分四、判斷題(共2題，共8分)22、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分五、計(jì)算題(共4題，共28分)24、如圖所示豎直面內(nèi)，水平線OO隆盲

下方足夠大的區(qū)域內(nèi)存在水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

一個(gè)單匝正方形導(dǎo)體框，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)

質(zhì)量為m

總電阻為r

從ab

邊距離邊界OO隆盲

為L(zhǎng)

的位置由靜止釋放，已知從ab

邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)到cd

邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)所有時(shí)間t

重力加速度為g

空氣阻力不計(jì)，導(dǎo)體框不翻轉(zhuǎn).

求：

(1)ab

邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，ba

間電勢(shì)差的大小Uba

(2)cd

邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，導(dǎo)體框的速度．25、如圖所示，長(zhǎng)L1寬L2的矩形線圈電阻為R，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)邊緣，線圈與磁感線垂直。將線圈以向右的速度v勻速拉出磁場(chǎng)，求：①拉力F大小；②拉力的功率P；③拉力做的功W；④線圈中產(chǎn)生的電熱Q；⑤通過線圈某一截面的電荷量q。26、（8分）一輛汽車在平直公路上以20m/s的速度勻速行駛，在其后1000m處的摩托車欲在起動(dòng)后用3min的時(shí)間恰好追上汽車，如果摩托車所能達(dá)到的最大速度為30m/s，那么它的加速度應(yīng)為多大？（設(shè)摩托車加速時(shí)，加速度恒定）27、如圖所示，質(zhì)量為M=2kg

的導(dǎo)體棒ab

垂直放在相距為l=1m

的平行金屬軌道上，導(dǎo)軌與導(dǎo)體棒間的動(dòng)摩擦因數(shù)為315.

導(dǎo)軌平面與水平面的夾角為胃=30?

并處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=2T

方向垂直與導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，左側(cè)是水平放置、間距為d=0.5m

的平行金屬板，R

和Rx

分別表示定值電阻和滑動(dòng)變阻器的阻值，定值電阻為R=3惟

不計(jì)其他電阻.

現(xiàn)將金屬棒由靜止釋放，重力加速度為g=10m/s2

試求：

(1)

調(diào)節(jié)Rx=2R

釋放導(dǎo)體棒，當(dāng)棒沿導(dǎo)軌勻速下滑時(shí)，求通過棒的電流I

及棒的速率v(2)

改變Rx

待棒沿導(dǎo)軌再次勻速下滑后，將質(zhì)量為m=6隆脕10鈭?4kg

帶電量為+q=5隆脕10鈭?5C

的微粒水平射入金屬板間，若它恰能勻速通過，求此時(shí)的Rx

．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【解答】A；在玻璃幕墻表面鍍一定厚度的金屬氧化物；利用鏡面反射使外面的人看不到幕墻里面的情況；故A錯(cuò)誤．

B；紅外線的頻率與固體物質(zhì)分子的固有頻率接近；容易引起分子共振，產(chǎn)生內(nèi)能．故B錯(cuò)誤．

C；來回抖動(dòng)帶電的梳子；產(chǎn)生變化的電場(chǎng)，變化的電場(chǎng)產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)，變化的電場(chǎng)和變化的磁場(chǎng)交替產(chǎn)生，形成電磁波．故C正確．

D；地面上兩北斗衛(wèi)星導(dǎo)航終端同時(shí)發(fā)出定位申請(qǐng)信號(hào)；在高速運(yùn)行的衛(wèi)星上看兩信號(hào)不是同時(shí)的．故D錯(cuò)誤．

故選C．

【分析】在玻璃幕墻表面鍍一定厚度的金屬氧化物，利用鏡面反射使外面的人看不到幕墻里面的情況；當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率緊急物體的固有頻率時(shí)，會(huì)發(fā)生共振．變化的電磁場(chǎng)交替產(chǎn)生，形成電磁波．2、D【分析】解：A、B：當(dāng)滑動(dòng)觸頭P向下移動(dòng)時(shí)電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知通過線圈b的電流增大；從而判斷出穿過線圈a的磁通量增加方向向下，所以B錯(cuò)誤；根據(jù)楞次定律即可判斷出線圈a中感應(yīng)電流方向俯視應(yīng)為逆時(shí)針，AB錯(cuò)誤．

C；再根據(jù)微元法將線圈a無線分割根據(jù)左手定則不難判斷出線圈a應(yīng)有收縮的趨勢(shì)；或直接根據(jù)楞次定律的第二描述“感應(yīng)電流產(chǎn)生的效果總是阻礙引起感應(yīng)電流的原因”，因?yàn)榛瑒?dòng)觸頭向下滑動(dòng)導(dǎo)致穿過線圈a的磁通量增加，故只有線圈面積減少時(shí)才能阻礙磁通量的增加，故線圈a應(yīng)有收縮的趨勢(shì)，C錯(cuò)誤；

D、開始時(shí)線圈a對(duì)桌面的壓力等于線圈a的重力，當(dāng)滑動(dòng)觸頭向下滑動(dòng)時(shí)，可以用“等效法”，即將線圈a和b看做兩個(gè)條形磁鐵；不難判斷此時(shí)兩磁鐵的N極相對(duì)，互相排斥，故線圈a對(duì)水平桌面的壓力將增大，所以D正確．

故選：D．

此題的關(guān)鍵首先明確滑動(dòng)觸頭向下滑動(dòng)時(shí)通過判斷出線圈b中的電流增大；然后根據(jù)楞次定律判斷出線圈a中感應(yīng)電流的方向．根據(jù)楞次定律的第二種描述：“感應(yīng)電流產(chǎn)生的效果總是阻礙引起感應(yīng)電流的原因”分析線圈的運(yùn)動(dòng)．

首先應(yīng)掌握楞次定律的基本應(yīng)用，楞次定律的第二描述是能量守恒定律在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中得出的必然結(jié)果．一般在解決有關(guān)相對(duì)運(yùn)動(dòng)類問題時(shí)用楞次定律的第二描述將會(huì)非常簡(jiǎn)便．【解析】【答案】D3、B【分析】解：1827年英國(guó)植物學(xué)家布朗用顯微鏡觀察懸浮在水中的花粉；發(fā)現(xiàn)了布朗運(yùn)動(dòng)，不是測(cè)定分子大小的方法．布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮微粒的運(yùn)動(dòng)，間接說明液體分子永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)．

所以對(duì)物理學(xué)的主要貢獻(xiàn)是說明了分子在永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)．故ACD錯(cuò)誤；B正確．

故選：B．

布朗運(yùn)動(dòng)是指懸浮在液體中顆粒的運(yùn)動(dòng)；不是液體分子的運(yùn)動(dòng)，也不是懸浮在液體中的固體分子運(yùn)動(dòng)，間接說明液體分子永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)．

本題可以從布朗運(yùn)動(dòng)形成的原因來加深理解并強(qiáng)化記憶，要知道布朗運(yùn)動(dòng)是固體顆粒的運(yùn)動(dòng)．【解析】【答案】B4、A【分析】試題分析：帶電粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)．當(dāng)粒子在極板正中間射出時(shí)，當(dāng)粒子打在Ｂ板中間時(shí)，聯(lián)立解得故選項(xiàng)Ａ正確．考點(diǎn)：本題考查粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律的應(yīng)用．【解析】【答案】A5、D【分析】解：A；自由擺動(dòng)的秋千擺動(dòng)幅度越來越小；說明秋千的機(jī)械能越來越小，機(jī)械能不守恒。故A錯(cuò)誤；

B；D、秋千的機(jī)械能越來越小；減小的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能。能量并沒有消失。故B錯(cuò)誤，D正確；

C；秋千的機(jī)械能越來越小；減小的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，并不僅僅是動(dòng)能與重力勢(shì)能之間的轉(zhuǎn)化。故C錯(cuò)誤。

故選：D。

自由擺動(dòng)的秋千擺動(dòng)幅度越來越小；說明秋千的機(jī)械能越來越小，減小的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能．

秋千在振動(dòng)的過程中，動(dòng)能、重力勢(shì)能相互轉(zhuǎn)化，同時(shí)有一部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能．在能量轉(zhuǎn)化的過程中總量保持不變，并不會(huì)消失．【解析】D二、多選題(共9題，共18分)6、CD【分析】解：A、Bab棒在恒力F作用下向右做加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)楞次定律可知，回路中將產(chǎn)生的感應(yīng)電流沿acdba方向，由左手定則判斷可知，ab棒所受的安培力方向向左，cd棒所受的安培力方向向右，則安培力對(duì)ab棒做負(fù)功；對(duì)cd棒做正功．故A錯(cuò)誤，C正確．

B、兩棒最終都做勻加速運(yùn)動(dòng)，速度之差恒定，ab棒的速度大于cd棒的速度，兩板間距離增大，則abdca回路的磁通量一直增加．故B錯(cuò)誤．

D；根據(jù)能量守恒定律得知；F做的功等于回路產(chǎn)生的總熱量和系統(tǒng)動(dòng)能增量之和．故D正確．

故選：CD

ab棒在恒力F作用下向右做加速運(yùn)動(dòng)；切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流，cd棒在安培力作用下也向右運(yùn)動(dòng)，切割磁感線產(chǎn)生一個(gè)反電動(dòng)勢(shì)，當(dāng)兩棒的速度差恒定時(shí)，回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流恒定，兩棒均做勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)安培力方向與導(dǎo)體運(yùn)動(dòng)方向的關(guān)系，判斷做功正負(fù)．根據(jù)兩棒的運(yùn)動(dòng)情況分析磁通量變化情況．根據(jù)系統(tǒng)能量守恒分析F做功與熱量和總動(dòng)能增量的關(guān)系．

本題的解題關(guān)鍵是分析導(dǎo)體棒受力情況，來確定其運(yùn)動(dòng)情況，從而判斷磁通量如何變化，同時(shí)明確功能關(guān)系的應(yīng)用，能正確分析能量轉(zhuǎn)化的方向．【解析】【答案】CD7、ABC【分析】解：A；半衰期由元素本身決定；與元素所處物理、化學(xué)環(huán)境無關(guān)，故A正確；

B；β衰變的實(shí)質(zhì)是原子核的一個(gè)中子變?yōu)橘|(zhì)子同時(shí)釋放一個(gè)電子；故B正確；

C；根據(jù)α、β、γ三種射線性質(zhì)可知；γ射線的穿透能力最強(qiáng)，α射線的電離能力最強(qiáng)，故C正確；

D、23892U的質(zhì)子數(shù)為92，中子數(shù)為146，20682Pb的質(zhì)子數(shù)為82；中子數(shù)為124，因而鉛核比鈾核少10個(gè)質(zhì)子，22個(gè)中子，注意到一次α衰變質(zhì)量數(shù)減少4，故α衰變的次數(shù)為x=238-206=8次，再結(jié)合核電荷數(shù)的變化情況和衰變規(guī)律來判定β衰變的次數(shù)y應(yīng)滿足2x-y+82=92，y=2x-10=6次，故D錯(cuò)誤．

故選：ABC．

正確解答本題需要掌握：正確理解半衰期的含義；β衰變的實(shí)質(zhì)以及α；β、γ這三種射線特點(diǎn)；根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒正確書寫衰變方程．

本題考查了關(guān)于原子核衰變的基本規(guī)律，對(duì)于這些規(guī)律注意平時(shí)記憶與積累，同時(shí)加強(qiáng)練習(xí)．【解析】【答案】ABC8、AD【分析】解：A

當(dāng)泵體上表面接電源的正極時(shí)；電流從上向下流過泵體，這時(shí)受到的磁場(chǎng)力水平向左，拉動(dòng)液體；故A正確；

B、根據(jù)電阻定律，泵體內(nèi)液體的電阻：R=婁脩LS=婁脩隆脕L2L1L2=婁脩L1

因此流過泵體的電流I=UR=UL1蟻

那么液體消耗的電功率為P=U2L1蟻

而電源提供的電功率為UI

故B錯(cuò)誤；

C；電磁泵不加導(dǎo)電劑；不能抽取不導(dǎo)電的純水，故C錯(cuò)誤；

D、若t

時(shí)間內(nèi)抽取水的質(zhì)量為m

根據(jù)能量守恒定律，則這部分水離開泵時(shí)的動(dòng)能為EK=UIt鈭?mgh鈭?I2婁脩L1t

故D正確；

故選：AD

．

當(dāng)泵體中電流向下時(shí)；安培力向左，故液體被抽出；根據(jù)電阻定律和歐姆定律列式求解電流表達(dá)式分析，根據(jù)安培力公式分析安培力大小情況．

本題關(guān)鍵是明確電磁泵的工作原理，要能夠結(jié)合歐姆定律、電阻定律、安培力公式分析抽液高度的影響因素，不難．【解析】AD

9、BC【分析】【分析】根據(jù)u鈭?t

圖象判斷出電流的最大值與周期，明確交流電的最大值和有效值間的關(guān)系，知道電容器的擊穿電壓為交流電的最大值。根據(jù)相對(duì)性來分析與解決問題，即可判斷出感應(yīng)電壓的大小變化，及轉(zhuǎn)速與周期的關(guān)系。【解答】A.電流的周期為T=0.4s

故磁體的轉(zhuǎn)速為n=1T=10.4=2.5r/s

故A錯(cuò)誤；

B.通過乙圖可知電壓的最大值為12V

故有效值U=Um2=62V

故B正確；

C.周期T=0.4s

故婁脴=2婁脨T=2婁脨0.4rad/s=5婁脨rad/s

故電壓的表達(dá)式為U=12sin5婁脨t(A)

故C正確；

D.電容器的擊穿電壓為交流電的最大值；而交流電的最大值大于電容器的擊穿電壓，故不能，故D錯(cuò)誤。

故選：BC

【解析】BC

10、A【分析】解：A；磁感線上每一點(diǎn)的切線方向都和小磁針在該點(diǎn)靜止時(shí)N極所指的方向一致；即空間各點(diǎn)磁場(chǎng)的方向就是該點(diǎn)磁感線的切線方向．故A正確；

B；由磁通量公式Φ=BScosθ可知；磁感線密，磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，穿過閉合回路的磁通量也不一定越大，當(dāng)兩者平行時(shí)，磁通量為零．故B錯(cuò)誤．

C；磁感線越密；該處磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，故C錯(cuò)誤．

D；近距離平行放置的兩個(gè)條形磁鐵異名磁鐵極間的磁場(chǎng)近似是勻強(qiáng)磁場(chǎng)．故D錯(cuò)誤．

E；鐵屑在磁場(chǎng)中顯示的是模擬的磁感線．磁感線并不是真實(shí)存在的．故E錯(cuò)誤．

F；磁通量為零；磁感應(yīng)強(qiáng)度可能為零；也可能線圈與磁場(chǎng)平行時(shí)，但磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零．故F正確．

故選：AF．

由磁通量公式Φ=BScosθ可知；磁通量發(fā)生變化，不一定是磁場(chǎng)發(fā)生變化引起的．磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，穿過閉合回路的磁通量也不一定越大．磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，線圈面積越大，磁通量也不一定越大．線圈的磁通量為零，但該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零．且異名磁極相互吸引，同名磁極相互排斥，磁感線上每一點(diǎn)的切線方向都和小磁針在該點(diǎn)靜止時(shí)N極所指的方向一致．

本題除考查磁場(chǎng)的基本性質(zhì)外；還關(guān)注磁通量的概念，要抓住兩種特殊情況：當(dāng)線圈與磁場(chǎng)平行時(shí)，Φ=0；當(dāng)線圈與磁場(chǎng)垂直時(shí)，Φ=BS．

注意磁感線上每一點(diǎn)的切線方向都和小磁針在該點(diǎn)靜止時(shí)N極所指的方向一致，而不是S極．【解析】【答案】AF11、BD【分析】解：A；壓強(qiáng)與分子密度和平均動(dòng)能有關(guān)；氣體的體積減小時(shí)，單位體積內(nèi)的分子數(shù)增多，但氣體的壓強(qiáng)不一定增大，故A錯(cuò)誤。

B；壓縮處于絕熱容器中的一定質(zhì)量的理想氣體；外界對(duì)氣體做功，絕熱沒有熱交換，根據(jù)熱力學(xué)第一定律知其內(nèi)能一定增加，故B正確．

C；已知阿伏加德羅常數(shù)、某種氣體的摩爾質(zhì)量和密度；可以摩爾質(zhì)量與密度之比求出摩爾體積，摩爾體積除以阿伏加德羅常數(shù)得到氣體分子占據(jù)的空間大小，由于氣體分子間距較大，所以不能求出氣體分子體積．故C錯(cuò)誤．

D；分子從無限遠(yuǎn)相互靠近時(shí)；分子力先為引力，分子力先對(duì)分子a先做正功，動(dòng)能增大，達(dá)到平衡距離之后，分子力為斥力，分子力做負(fù)功，動(dòng)能減小，故當(dāng)相互作用力為零時(shí)，分子a的動(dòng)能最大；故D正確；

故選：BD．

溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；壓強(qiáng)與分子密度和平均動(dòng)能有關(guān)，根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析內(nèi)能的變化．氣體分子的體積不能估算．根據(jù)分子力做功情況，分析分子動(dòng)能的變化．

本題考查分子間作用力、熱力學(xué)第一定律及壓強(qiáng)的微觀意義．要注意分子勢(shì)能可以根據(jù)分子力做功的情況進(jìn)行分析，分子力做正功時(shí)分子勢(shì)能減小，動(dòng)能增大．分子力做負(fù)功時(shí)，分子勢(shì)能增加，動(dòng)能減小．【解析】【答案】BD12、AD【分析】解：A；α射線的穿透能力比γ射線的穿透能力弱．故A正確．

B；結(jié)合能是由于核子結(jié)合成原子核所釋放的能量．故B錯(cuò)誤．

C、根據(jù)德布羅意波長(zhǎng)公式質(zhì)子；電子具有相同動(dòng)能，由于質(zhì)量不等，則物質(zhì)波波長(zhǎng)不等．故C錯(cuò)誤．

D；普朗克認(rèn)為振動(dòng)著的帶電微粒的能量只能是某一最小能量值ε的整數(shù)倍．故D正確．

故選：AD．

γ射線的穿透能力最強(qiáng)；α射線的穿透能力最弱；結(jié)合能是由于核子結(jié)合成原子核所釋放的能量；根據(jù)德布羅意波長(zhǎng)公式，結(jié)合質(zhì)子和電子的動(dòng)量大小比較波長(zhǎng)的大小；普朗克認(rèn)為帶電微粒的能量只能是某一最小能量值ε的整數(shù)倍，是量子化的．

本題考查了天然放射現(xiàn)象的射線的性質(zhì)、物質(zhì)波、黑體輻射等基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)，關(guān)鍵要熟悉教材，牢記這些基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)，即能輕松解決．【解析】【答案】AD13、AC【分析】由于物體振動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，彈簧正好為原長(zhǎng)，故該點(diǎn)處物體的加速度大小為g

方向豎直向下，根據(jù)振動(dòng)的對(duì)稱性，物體在最低點(diǎn)時(shí)的加速度大小也為g

方向豎直向上，由牛頓第二定律F鈭?mg=ma

而a=g

得物體在最低點(diǎn)時(shí)所受的彈力大小應(yīng)為2mgA

選項(xiàng)正確；在振動(dòng)過程中彈簧的彈性勢(shì)能、物體的動(dòng)能及物體的重力勢(shì)能總和不變，B

選項(xiàng)錯(cuò)誤；從最高點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，由機(jī)械能守恒得重力勢(shì)能的減少等于彈簧彈性勢(shì)能的增加，故彈簧的最大彈性勢(shì)能等于2mgAC

選項(xiàng)正確；物體在平衡位置時(shí)具有最大動(dòng)能，從最高點(diǎn)到平衡位置的過程，由動(dòng)能定理得Ekm=mgA鈭?W碌爐祿脡

故D選項(xiàng)錯(cuò)誤。【解析】AC

14、CD【分析】【分析】理解婁脕婁脗

衰變的實(shí)質(zhì)，正確根據(jù)衰變過程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒進(jìn)行解題。本題主要考查了質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒在衰變過程中的應(yīng)用，是考查基礎(chǔ)知識(shí)和規(guī)律的好題。【解答】AC

根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知；鉛核比釷核少8

個(gè)質(zhì)子，少16

個(gè)中子，故C正確，A錯(cuò)誤；

BD

發(fā)生婁脕

衰變是放出24He

發(fā)生婁脗

衰變是放出電子鈭?10e

設(shè)發(fā)生了x

次婁脕

衰變和y

次婁脗

衰變，則根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒有：

2x鈭?y+82=904x+208=232

解得x=6y=4

故衰變過程中共有6

次婁脕

衰變和4

次婁脗

衰變，故B錯(cuò)誤，D正確。故選CD。【解析】CD

三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】

在電場(chǎng)中的某點(diǎn)放入電荷量為5.0×10-9C的點(diǎn)電荷，受到的電場(chǎng)力是3.0×10-4N．

由場(chǎng)強(qiáng)的定義式E=得；

這一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E=6.0×104N/C．

電場(chǎng)強(qiáng)度是反映電場(chǎng)本身特性的物理量；由電場(chǎng)決定，與試探電荷無關(guān)；

如果改用電荷量為6.0×10-9C的點(diǎn)電荷，該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，仍為6.0×104N/C．

故答案為：6.0×104N/C；不變．

【解析】【答案】放入電場(chǎng)中電荷是試探電荷，電場(chǎng)強(qiáng)度等于試探電荷所受的電場(chǎng)力與電荷量的比值，由場(chǎng)強(qiáng)的定義式E=求解P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度．將改變檢驗(yàn)電荷；該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不變．

16、略

【分析】

由圖可知；隨溫度的降低，相同波長(zhǎng)的光輻射強(qiáng)度都會(huì)減小；同時(shí)最大輻射強(qiáng)度向右側(cè)移動(dòng)，即向波長(zhǎng)較長(zhǎng)的方向移動(dòng)；

故答案為：減少；較長(zhǎng)．

【解析】【答案】本題考查的是讀圖能力；由圖可得出波長(zhǎng)與輻射強(qiáng)度及溫度之間的關(guān)系．

17、略

【分析】【解析】試題分析：由串聯(lián)電阻具有分壓作用，可知改裝電壓表要串聯(lián)一個(gè)電阻，對(duì)電流計(jì)由串聯(lián)電路電壓的特點(diǎn)得到由歐姆定律考點(diǎn)：本題考查串聯(lián)電路的特點(diǎn)，歐姆定律。【解析】【答案】串180018、略

【分析】解：從圖象可以看出；該電壓為余弦式交變電壓，周期為0.02s，頻率為50Hz；電壓的最大值為200V，則電容器的耐壓不應(yīng)小于200V；

電壓有效值為U==100V；

將該電壓加在一阻值為1kΩ的純電阻用電器；用電器恰能正常工作；

則該用電器的額定電流為I==0.14A；

故答案為：50，1000.14．

根據(jù)圖象可知交流電的電壓最大值以及周期；然后進(jìn)一步可求出電壓的有效值和頻率，最后求解電功率．

本題考查了有關(guān)交流電描述的基礎(chǔ)知識(shí)，要根據(jù)交流電圖象正確求解最大值、有效值、周期、頻率、角頻率等物理量，知道有效值是根據(jù)電流的熱效應(yīng)定義的．【解析】50；1000.1419、略

【分析】解：四個(gè)圖的波長(zhǎng)分別是：婁脣a=l婁脣b=l2婁脣c=2l婁脣c=23l

周期分別為Ta=婁脣av=lvTb=l2脳2v=l4vTc=2l3vTd=2l3脳4v=l6v

由該時(shí)刻起a

點(diǎn)出現(xiàn)波峰的時(shí)間分別為。

ta=14Ta=l4vtb=14Tb=l16vtc=14Tc=l6vtd=34Td=l8v

可見，tb<td<tc<ta.

所以由該時(shí)刻起a

點(diǎn)出現(xiàn)波峰的先后順序依次是圖BDCA

．

根據(jù)頻率與周期的關(guān)系f=1T

得到，頻率關(guān)系為fd>fb>fc>fa

頻率由高到低的先后順序依次是圖DBCA

．

故答案為：BDCADBCA

根據(jù)波形讀出波長(zhǎng)；求出周期，分別得到a

點(diǎn)形成波峰的時(shí)間，再確定先后順序.

頻率等于周期的倒數(shù)．

本題考查波速公式的應(yīng)用.

根據(jù)波形確定波長(zhǎng)是基本能力.

基礎(chǔ)題．【解析】BDCADBCA

20、略

【分析】解：當(dāng)內(nèi)環(huán)中順時(shí)針的電流逐漸增大時(shí)；在環(huán)內(nèi)產(chǎn)生的垂直于紙面向里的磁場(chǎng)增大，穿過外環(huán)內(nèi)的磁通量增大，根據(jù)楞次定律，感生電流磁場(chǎng)的方向垂直于紙面向外，根據(jù)安培定則可得，外環(huán)的感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向；

由于兩個(gè)環(huán)的電流的方向相反；所以它們之間的排斥力，外環(huán)受到的力背離圓心，所以外環(huán)有面積增大的趨勢(shì)；

當(dāng)外環(huán)中通以順時(shí)針方向的電流時(shí)內(nèi)環(huán)中磁場(chǎng)向里增大；則根據(jù)楞次定律的阻礙規(guī)律可知，線圈中磁通量應(yīng)收縮以及阻礙磁通量的增大；

故答案為：逆時(shí)針；擴(kuò)張；收縮．

內(nèi)環(huán)中電流逐漸增大時(shí)；在環(huán)內(nèi)產(chǎn)生的磁場(chǎng)增大，可以根據(jù)楞次定律的四個(gè)步驟，逐步做出判定，也可以直接使用楞次定律的推廣形式做出判定。

本題要注意明確楞次定律的應(yīng)用，同時(shí)注意外環(huán)中既包括內(nèi)環(huán)中環(huán)內(nèi)的磁感線，同時(shí)還包括內(nèi)環(huán)外的磁感線，所以當(dāng)內(nèi)環(huán)電流增大時(shí)，外環(huán)通過擴(kuò)張而使外部磁感線增多從而起到阻礙磁通量增加的作用．【解析】逆時(shí)針；擴(kuò)張；收縮21、略

【分析】【詳解】

當(dāng)變阻器觸頭處于最下端時(shí)，則輸出電壓UCD=0，當(dāng)滑片移到上端時(shí)，即為電阻R2的兩端電壓，根據(jù)歐姆定律，則有因此輸出端C、D的電壓范圍0～110V．【解析】0–110V四、判斷題(共2題，共8分)22、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大小．

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．23、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．五、計(jì)算題(共4題，共28分)24、略

【分析】

(1)

根據(jù)機(jī)械能守恒定律計(jì)算線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度；再根據(jù)閉合電路的歐姆定律和電壓分配特點(diǎn)求解；

(2)

根據(jù)動(dòng)量定理列方程；再計(jì)算出平均安培力的大小，即可得到導(dǎo)體框的速度．

對(duì)于電磁感應(yīng)現(xiàn)象中涉及電路問題的分析方法是：確定哪部分相對(duì)于電源，根據(jù)電路連接情況畫出電路圖，結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律列方程求解．【解析】解：(1)

設(shè)ab

邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為v1

根據(jù)機(jī)械