…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版高一物理下冊階段測試試卷598考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、【題文】實驗小組利用DIS系統(數字化信息實驗系統),觀察超重和失重現象.他們在學校電梯內做實驗,在電梯天花板上固定一個拉力傳感器,測量掛鉤向下,并在鉤上懸掛一個重力為10N的鉤碼,在電梯運動過程中,計算機顯示屏上出現如圖所示圖線,根據圖線分析可知下列說法正確的是()

A.從時刻t1到t2,鉤碼處于失重狀態,從時刻t3到t4,鉤碼處于超重狀態B.t1到t2時間內,電梯一定在向下運動,t3到t4時間內,電梯可能正在向上運動C.t1到t4時間內,電梯可能先加速向下,接著勻速向下,再減速向下D.t1到t4時間內,電梯可能先加速向上,接著勻速向上,再減速向上2、2008

年9

月25

日21

時10

分“神舟”七號載人飛船發射升空，進入預定軌道繞地球自西向東做勻速圓周運動，運行軌道距地面343km.

繞行過程中，宇航員進行了一系列科學實驗，實現了我國宇宙航行的首次太空行走.

在返回過程中，9

月28

日17

時30

分返回艙主降落傘打開，17

時38

分安全著陸.

已知地球同步衛星的高度為36000km

下列說法正確的是()A.飛船做圓周運動的圓心與地心重合B.載人飛船運行周期大于地球同步衛星的運行周期C.載人飛船繞地球做勻速圓周運動的速度略大于第一宇宙速度7.9km/s

D.在返回艙降落傘打開后至著地前宇航員處于失重狀態3、一個質量m

帶電荷量為q

的半徑極小的小球，用絲線懸掛在某勻強電場中，電場線水平向左.

當小球靜止時，測得懸線與豎直方向成30鈭?

夾角，如圖所示.

則該電場的場強大小為(

)

A.mgq

B.3mg3q

C.3mg2q

D.3mgq

4、如圖所示，在輕彈簧的下端懸掛一個質量為m

的小球A

若將小球A

從彈簧原長位置由靜止釋放，小球A

能夠下降的最大高度為h.

若將小球A

換為質量為2m

的小球B

仍從彈簧原長位置由靜止釋放，則小球B

下降h

時的速度為(

已知重力加速度為g

且不計空氣阻力)

()

A.2gh

B.gh

C.gh2

D.0

5、如圖，質量為m1和m2的物體分別在F1和F2作用下沿水平方向移動了相同距離，F1、F2大小相等，與水平方向的夾角均為θ，若m1＜m2，F1做的功為W1，F2做的功為W2，則（）A.W1=W2B.W1＞W2C.W1＜W2D.條件不足，無法確定6、【題文】兩相同高度的斜面，傾角分別為300、600；兩小球分別由斜面頂端以相同水平速度v拋出，如圖所示，假設兩球能落在斜面上，則兩球下落高度之比（）

A.1:2B.3:1C.1:9D.9:1評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)7、地球同步衛星的發射過程如下：先進入環繞地球的停泊軌道1

運行穩定后再進入轉移軌道2

運行穩定后再進入同步軌道3.

下列判斷正確的是(

)

A.衛星從軌道1

進入軌道2

需在Q

點加速B.衛星從軌道2

進入軌道3

衛星需在P

點減速C.衛星在軌道1

上經過Q

點時的加速度大于它在軌道2

上經過Q

點的加速度D.衛星在軌道2

上經過Q

點時的速度大于在軌道3

上過P

點時的速度8、關于“亞洲一號”地球同步通訊衛星，下述說法正確的是（）A.已知它的質量是1.24t，若將它的質量增加為2.84t，其同步軌道半徑變為原來的2倍B.它的運行速度小于7.9km/s，它處于完全失重狀態C.它可以繞過北京的正上方，所以我國能利用其進行電視轉播D.它的周期是24h，其軌道平面與赤道平面重合且距地面高度一定9、如圖所示，洗衣機的脫水桶采用帶動衣物旋轉的方式脫水，下列說法中正確的是()

A.脫水過程中，衣物是緊貼桶壁的B.水會從桶中甩出是因為水滴受到的向心力很大的緣故C.加快脫水桶轉動角速度，脫水效果會更好D.靠近中心的衣物的脫水效果不如周邊的衣物的脫水效果好10、關于R3T2=k

的常量k

下列說法正確的是()

A.圍繞同一星球運行的行星或衛星，k

值相等B.不同星球的行星或衛星，k

值均相等C.公式只適用于圍繞太陽運行的行星D.k

值和中心天體有關11、某人用手將1Kg

物體由靜止向上提起1m

這時物體的速度為2m/s(g

取10m/s2)

則下列說法正確的是(

)

A.手對物體做功12J

B.合外力做功2J

C.合外力做功12J

D.物體克服重力做功10J

評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)12、A、B兩個物體在同一直線上做勻變速直線運動，它們的速度--時間圖象如圖所示，則開頭4s內A、B兩物體的位移大小之比____，A、B兩物體的加速度大小之比____．

13、提出行星圍繞太陽運行的軌道是橢圓等三個行星運動定律的科學家是____，____用實驗的方法測定了引力常量的值，被稱為“測出地球質量的人”。14、動能的計算公式為______．一個質量為50kg的學生，當她的運動速度為2米/秒時，她的動能為______J．15、如圖所示；某同學用圖甲所示的裝置進行“探究功與物體速度變化的關系”實驗，得到圖乙所示的紙帶．

（1）如圖甲，在本實驗中是通過改變橡皮筋的______來改變拉力做功的數值（選填“條數”或“長度”）；

（2）如圖乙，可以利用______段的距離來計算小車獲得的速度（選填“AB”或“BC”）．

（3）關于該實驗，下列敘述正確的是______

A．每次實驗必須設法算出橡皮筋對小車做功的具體數值。

B．每次實驗中；橡皮筋拉伸的長度沒有必要保持一致。

C．放小車的長木板應該使其水平放置。

D．先接通電源，再讓小車在橡皮筋的作用下彈出．16、15.

一個物體以初速度V

0=1.5m/s

沿光滑斜面上滑，2s

末仍沿斜面向上運動，速度大小為1m/s

則物體的加速度a

=

_________。評卷人得分四、簡答題(共4題，共16分)17、如圖所示，在距地面高h1=2m的光滑水平臺面上，一個質量m=1kg的小物塊壓縮彈簧后被鎖扣k鎖住，儲存的彈性勢能Ep=4.5J．現打開鎖扣K，物塊與彈簧分離后將以一定的水平速度向右滑離平臺，并恰好從B點沿切線方向進入光滑的BC斜面，已知B點距水平地面的高h2=1.2m，小物塊過C點無機械能損失，并與水平地面上長為L=10m的粗糙直軌道CD平滑連接，小物塊沿軌道BCD運動并與右邊的豎直墻壁會發生碰撞，重力加速度g=10m/s2；空氣阻力忽略不計．試求：

（1）小物塊運動到平臺末端A的瞬時速度VA大小；

（2）小物塊從A到B的時間；水平位移大小以及斜面傾角θ的正切（tanθ）大小；

（3）若小物塊與墻壁碰撞后速度等大反向，只會發生一次碰撞，且不能再次經過C點，那么小物塊與軌道CD之間的動摩擦因數μ應該滿足怎樣的條件．18、為了檢驗使蘋果落地的力與維持月球繞地球運動的力是同一種性質的力，牛頓做了著名的月一地檢驗試驗。已知地球半徑R=6.40隆脕106m

月球繞地球運行的軌道半徑r=3.84隆脕105km

月球繞地球運動的周期T=27.3

天，地面附近重力加速度g=9.80m/s2

請你根據以上數據，通過計算推理說明，使蘋果落地的力與維持月球繞地球運動的力是同一種性質的力。19、【題文】在傾角為α的斜面上，一條質量不計的皮帶一端固定在斜面上端，另一端繞過一中間有一圈凹槽的圓柱體，并用與斜面夾角為β的力F拉住，使整個裝置處于靜止狀態，如圖所示．不計一切摩擦，圓柱體質量為m，求拉力F的大小和斜面對圓柱體的彈力FN的大小．

某同學分析過程如下：

將拉力F沿斜面和垂直于斜面方向進行分解．

沿斜面方向：Fcosβ＝mgsinα①

沿垂直于斜面方向：Fsinβ＋FN＝mgcosα②

問：你同意上述分析過程嗎？若同意，按照這種分析方法求出F及FN的大小；若不同意，指明錯誤之處并求出你認為正確的結果．20、如圖所示；彈簧AB原長為35cm，A端掛一個重50N的物體，手執B端，將物體置于傾角為30°的斜面上，使物體沿斜面勻速下滑時，彈簧長度為40cm；使物體勻速上滑時，彈簧長度為50cm．上述兩種滑動中，彈簧軸線均平行于斜面．試求：

（1）彈簧的勁度系數k；

（2）物體與斜面的動摩擦因數μ．評卷人得分五、作圖題(共2題，共20分)21、（8分）測速儀安裝有超聲波發射和接收裝置．如圖所示，B為固定的測速儀，A為汽車，兩者原來相距x1=335m．某時刻B發出超聲波，同時A由靜止開始做勻加速直線運動．當B接收到反射回來的超聲波信號時，AB相距x2=355m．已知超聲波速度為340m／s，求：(1)汽車的加速度多大？(2)汽車在355m處的速度大小？22、【題文】畫出圖中甲；乙兩個物體所受力的示意圖。

（1）靜止于斜面上的物體。（2）用水平向右的力F拉物體。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A|C【分析】【解析】在t1-t2時間內F3-t4時間內F>mg,電梯有向上的加速度,處于超重狀態,A正確.因電梯速度方向未知,故當速度方向向上時,則為向上減速或向上加速,當速度方向向下時,則為向下加速或向下減速,C正確.【解析】【答案】AC2、A【分析】【分析】地球同步衛星的周期為24

小時；而“神七”載人飛船的周期為90

分鐘，根據飛船在軌道上飛行只受引力，根據萬有引力提供向心力去分析相關物理量的大小。

飛船在圓軌道飛行時，飛船內宇航員受引力完全提供提供向心力，處于完全失重狀態。根據飛船在軌道上飛行只受引力，根據萬有引力提供向心力去分析相關物理量的大小。解決本題的關鍵掌握牛頓第二定律，以及萬有引力提供向心力這一理論，并能靈活運用。【解答】A.飛船做圓周運動所需要的向心力由萬有引力提供；萬有引力指向地心，故飛船做圓周運動的圓心與地心重合，故A正確；

B.根據萬有引力提供向心力得，得運行周期T=2婁脨r3GM

可知軌道半徑越大，周期越大，因為地球同步衛星的軌道半徑大，則地球同步衛星的運行周期大于飛船運行周期；故B錯誤；

C.根據萬有引力提供向心力，得v=GMr

所以運行的高度越高，速度越小，當軌道半徑最小等于地球半徑時，速度最大等于第一宇宙速度7.9km/s

故C錯誤;

D.在返回艙主降落傘打開后至著地前做減速運動；加速度向上，所以處于超重狀態，故D錯誤。

故選A。

【解析】A

3、B【分析】解：小球受重力mg

電場力qE

和繩子的拉力T

處于平衡狀態；如圖所示；

則有：qE=mgtan30鈭?

解得：E=3mg3q

選項B正確；ACD錯誤。

故選：B

對小球進行受力分析；利用共點力的平衡幾何直角三角形的知識即可進行解答．

解答該題的關系式正確的受力分析，分析時不能漏掉了力；要習慣于作圖，找出力與力之間的矢量關系，熟練的利用三角形的相關知識進行解答．【解析】B

4、B【分析】【分析】對兩個過程分別運用動能定理列式；之后聯立方程組求解即可。

本題關鍵是對小球運動過程運用動能定理列式求解，也可以根據機械能守恒定律列式求解。【解答】小球A

下降h

過程；根據動能定理有：mgh鈭?W1=0

小球B

下降h

過程，根據動能定理有：2mgh鈭?W1=12隆隴2mv2鈭?0

聯立解得：v=gh

故B正確，ACD錯誤。

故選B。【解析】B

5、A【分析】解：由題意可得F1和F2大小和方向相同；并且物體移動的位移也相同，所以由功的公式W=FL可知，它們對物體做的功是相同的，故A正確，BCD錯誤。

故選：A。

由于F1和F2都是恒力；求恒力的功可以根據功的公式直接求得兩力做功的大小，從而比較大小關系。

本題考查功的計算，要注意明確因為是恒力做功，根據功的公式直接計算即可。【解析】A6、C【分析】【解析】

試題分析：根據平拋運動的規律以及落在斜面上的特點可知：分別將代入求時間之比為1:3；兩球下落高度之比為1:9，C正確。

考點：本題考查了平拋運動規律。【解析】【答案】C二、多選題(共5題，共10分)7、AD【分析】解：A

衛星要由軌道1

上的Q

點變軌到軌道2

要做離心運動，故需要在Q

點加速，故A正確；

B；由軌道2

變軌進入軌道3

需要加速；使衛星做離心運動，故B錯誤；

C、Q

點為同一點，半徑相同，萬有引力提供向心力即GMmr2=ma

可知；衛星在軌道1

上經過Q

點時的加速度等于它在軌道2

上經過Q

點的加速度，故C錯誤；

D、萬有引力提供向心力即GMmr2=mv2r

解得：v=GMr

又rP<rQ

所以衛星在軌道2

上經過Q

點時的速度大于在軌道3

上過P

點時的速度，故D正確；

故選：AD

根據人造衛星的萬有引力等于向心力GMmr2=mv2r=ma

列式求出加速度；線速度的表達式進行討論。

本題關鍵抓住萬有引力提供向心力，先列式求解出加速度、線速度、角速度的表達式，再進行討論。要能夠根據題目的要求選擇恰當的向心力的表達式。【解析】AD

8、BD【分析】解：A；地球同步衛星距離地球的高度約為36000km；半徑一樣，所以各國發射的這種衛星軌道半徑都一樣，與質量無關，故A錯誤；

B；第一宇宙速度是近地衛星的環繞速度；也是最大的圓周運動的環繞速度．而同步衛星的軌道半徑要大于近地衛星的軌道半徑，根據v的表達式可以發現，同步衛星運行的線速度一定小于第一宇宙速度，且處于完全失重狀態．故B正確；

C；它若在除赤道所在平面外的任意點；假設實現了“同步”，那它的運動軌道所在平面與受到地球的引力就不在一個平面上，這是不可能的，所以同步衛星不可能經過北京的正上空，故C錯誤；

D、根據萬有引力提供向心力得：因周期一定，則距地面高度一定，故D正確；

故選：BD．

了解同步衛星的含義；即同步衛星的周期必須與地球自轉周期相同．

物體做勻速圓周運動；它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向軌道平面的中心．

通過萬有引力提供向心力；列出等式通過已知量確定未知量．

本題考查了地球衛星軌道相關知識點，地球衛星圍繞地球做勻速圓周運動，圓心是地球的地心，萬有引力提供向心力，軌道的中心一定是地球的球心；同步衛星有四個“定”：定軌道、定高度、定速度、定周期．本題難度不大，屬于基礎題．【解析】【答案】BD9、ACD【分析】解：A

脫水過程中；衣物做離心運動而甩向桶壁.

故A正確．

B；水滴依附的附著力是一定的；當水滴因做圓周運動所需的向心力大于該附著力時，水滴被甩掉.

故B錯誤．

C；F=ma=m婁脴2R婁脴

增大會使向心力F

增大，而轉筒有洞，不能提供足夠大的向心力，水滴就會被甩出去，增大向心力，會使更多水滴被甩出去.

故C正確．

D；中心的衣服；R

比較小，角速度婁脴

一樣，所以向心力小，脫水效果差.

故D正確．

故選：ACD

．

A；水滴依附的附著力是一定的；當水滴因做圓周運動所需的向心力大于該附著力時，水滴被甩掉．

B；脫水過程中；衣物做離心運動而甩向桶壁．

C；F=ma=m婁脴2R

角速度增大，水滴所需向心力增大，脫水效果更好．

D；周邊的衣物因圓周運動的半徑更大；在角速度一定時，所需向心力比中心的衣物大，脫水效果更好．

此題要理解勻速圓周運動的向心力的來源、向心力的大小因素、做離心運動的條件.

屬于基礎題．【解析】ACD

10、AD【分析】略【解析】AD

11、ABD【分析】解：分析物體的運動的情況可知；物體的初速度的大小為0

位移的大小為1m

末速度的大小為2m/s

由速度位移公式得：v2鈭?v02=2ax

解得：a=2m/s2

由牛頓第二定律可得；F鈭?mg=ma

解得：F=12N

A；手對物體做功W=Fs=12隆脕1J=12J

故A正確；

B；合力的大小：F潞脧=ma=2N

所以合力做的功為：W潞脧=F潞脧s=2隆脕1=2J

所以合外力做功為2J

故B正確，C錯誤；

D；重力做的功為：WG=鈭?mgh=鈭?1隆脕10隆脕1=鈭?10J

所以物體克服重力做功10J

故D正確；

故選：ABD

．

根據物體的運動的情況可以求得物體的加速度的大小；再由牛頓第二定律就可以求得拉力的大小，再根據功的公式就可以求得力對物體做功的情況．

本題考查的是學生對功的理解，根據功的定義可以分析做功的情況．【解析】ABD

三、填空題(共5題，共10分)12、略

【分析】

因為圖線與時間軸圍成的面積表示位移，所以前4s內，A的位移則A；B兩物體的位移大小之比為5：9．

圖線的斜率表示加速度，則A；B兩物體的加速度大小為1：3．

故答案為：5：9；1：3．

【解析】【答案】通過圖線與時間軸圍成的面積求出A；B兩物體的位移大小之比；根據圖線的斜率求出A、B的加速度大小之比．

13、略

【分析】【解析】試題分析：開普勒發現了開普勒三定律，揭示了行星圍繞太陽運行的軌道是橢圓等三個行星運動定律，卡文迪許通過扭秤實驗測出了萬有引力常量G，考點：考查了物理學史，【解析】【答案】開普勒卡文迪許14、略

【分析】解：動能是表示物體由于運動而具有的能量；其表達式為：

該同學的動能為：EK=×50×22=100J；

故答案為：100．

動能的表達式為：根據表達式代入數據即可求得學生的動能．

本題考查動能的表達式及其計算，要注意正確掌握其表達式并掌握其意義．屬基礎知識的考查．【解析】10015、略

【分析】解：（1）實驗中改變拉力做功時；為了能定量，所以用不同條數的橡皮筋且拉到相同的長度，這樣橡皮筋對小車做的功才有倍數關系．故填：條數．

（2）v可以從紙帶上求出；因為小車先加速運動后勻速，再據勻速的紙帶求出勻速的速度，所以從點跡疏密程度相同的紙帶部分先用BC段求出勻速的速度．

（3）A、橡皮筋對小車做的功和小車獲得的動能滿足：W=的關系，所以當小車質量一定時：w與v2成正比．我們只需要看w與v2是否成正比即可．故A錯誤．

B；實驗中改變拉力做功時；為了能定量，所以用不同條數的橡皮筋且拉到相同的長度，這樣橡皮筋對小車做的功才有倍數關系．故B錯誤．

C；從紙帶上看出；小車先加速運動后勻速，這樣的話就需要平衡摩擦力，故木板應該是傾斜的．故C錯誤．

D；做紙帶類型的題時：統一的要求都是先接通電源；后讓紙帶運動．故D正確．

故選：D

故答案為：（1）條數；（2）BC；（3）D．

（1）實驗原理：橡皮筋的彈性勢能轉化為小車的動能；實驗中改變拉力做功時，為了能定量，所以用不同條數的橡皮筋且拉到相同的長度，這樣橡皮筋對小車做的功才有倍數關系．

（2）橡皮筋對小車做的功和小車獲得的動能滿足：W=的關系，所以當小車質量一定時：w與v2成正比．v可以從紙帶上求出；因為小車先加速運動后勻速，所以從點跡疏密程度相同的紙帶部分求出．

本實驗的原理是：W=實驗中要清楚是如何改變w，如何獲得的速度v即可．實驗過程中需要注意的事項可圍繞原理記憶．【解析】條數；BC；D16、-0.25m/s2【分析】【分析】本題考查加速度的定義式a=?v?t.

屬于基本概念，必須掌握，加速度是矢量注意加速度的方向．【解答】根據加速度的定義式可知物體的加速度為：a=?v?t=vt鈭?v0t=1m/s鈭?1.5m/s2s=鈭?0.25m/s2

故答案為：a=鈭?0.25m/s2

．【解析】鈭?0.25m/s2

四、簡答題(共4題，共16分)17、略

【分析】

（1）小物塊與彈簧分離過程中；機械能守恒求出速度；

（2）從A到B點過程；根據平拋運動規律求解即可；

（3）μ的最大值對應的是物塊撞墻瞬間的速度趨近于零；根據功能關系求出最大值，物體第一次碰撞后反彈，恰好不能過C點，根據功能關系求出最小值，進而求出范圍．

本題主要考查了機械能守恒定律以及平拋運動基本公式的直接應用，要求同學們能正確分析物體的運動情況和受力情況，知道從A到B點過程中物體做平拋運動，難度適中．【解析】解：（1）小物塊與彈簧分離過程中；機械能守恒，則有：

解得：vA=3m/s

（2）從A到B點過程；根據平拋運動規律可知；

解得：t=0.4s

水平位移：x=vt

解得：x=1.2m

豎直方向速度vy=gt=4m/s

tanθ=

（3）依據題意有：

①μ的最大值對應的是物塊撞墻瞬間的速度趨近于零；根據功能關系有：

mgh1+EP＞μmgL

帶入數據解得：μ＜0.245

②對于μ的最小值求解；物體第一次碰撞后反彈，恰好不能過C點，根據功能關系有：

mgh1+EP≤2μmgL

解得μ≥0.1225

綜上可知滿足題目條件的動摩擦因數μ值：0.1225≤μ＜0.245．

答：（1）小物塊運動到平臺末端A的瞬時速度VA大小為3m/s；

（2）小物塊從A到B的時間為0.4s，水平位移大小為1.2m，斜面傾角θ的正切（tanθ）大小為

（3）若小物塊與墻壁碰撞后速度等大反向，只會發生一次碰撞，且不能再次經過C點，那么小物塊與軌道CD之間的動摩擦因數μ應該滿足0.1225≤μ＜0.245．18、解：（1）理論分析：若使蘋果落地的力與維持月球繞地球運動的力是同一種性質的力，則同樣遵從平方反比律，即

已知地球半徑R＝6.40×106m，月球繞地球運行的軌道半徑r＝3.84×105km，所以r＝60R；

月球在其軌道上所受的力將只有它在地球表面所受重力的則月球在繞地軌道運行時因地球吸引而具有的加速度

（2）天文觀測：T＝27.3天，月球繞地運行的向心加速度故a2＝0.002722lm/s2；

（3）理論分析中的al與天文觀測中的a2符合的很好，可見，使蘋果落地的力與維持月球繞地球運動的力是同一種性質的力。【分析】本題考查了萬有引力定律的應用；解決本題的關鍵掌握月地檢驗的原理，掌握萬有引力等于重力和萬有引力提供向心力這兩個理論，并能靈活運用。根據足mg=GMmR2GMmr2=ma1

求出月球繞地球運行的向心加速度an

與地面的重力加速度g

的比值；通過a=r(2婁脨T)2

求出月球向心加速度的大小，從而求出向心加速度與地面重力加速度的比值；比較得出結論。

【解析】解：(1)

理論分析：若使蘋果落地的力與維持月球繞地球運動的力是同一種性質的力，則同樣遵從平方反比律，即F隆脴1r2

已知地球半徑R=6.40隆脕106m

月球繞地球運行的軌道半徑r=3.84隆脕105km

所以r=60R

月球在其軌道上所受的力將只有它在地球表面所受重力的1602=13600

則月球在繞地軌道運行時因地球吸引而具有的加速度a1=g3600=0.002722m/s2

(2)

天文觀測：T=27.3

天，月球繞地運行的向心加速度a2=(2婁脨T)2r=(2婁脨T)260R

故a2=0.002722lm/s2

(3)(3)理論分析中的alal與天文觀測中的a2a2符合的很好，可見，使蘋果落地的力