北京市昌平區2022-2023學年高三上學期物理期末質量檢測試卷姓名：__________班級：__________考號：__________題號一二三總分評分一、單選題1．2022年10月，中國科學院近代物理研究所使用蘭州重離子加速器與中國超重元素研究加速器裝置，成功合成了新核素錒204（89204A．115 B．89 C．204 D．2932．小明同學將手中的蘋果豎直向上拋出，經過t0時間，蘋果又重新落回手中，不計空氣阻力。用x表示蘋果運動的位移、v表示蘋果運動的速度、a表示蘋果運動的加速度、FA． B．C． D．3．截至2022年9月底，我國高鐵運營總里程超過4萬公里，穩居世界第一。高鐵車廂的水平桌面上放置一本書，書與桌面間的動摩擦因數μ為0.4，假設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g取10m/s2。若書相對桌面不滑動，該高鐵的最大加速度是（）A．2m/s2 B．4m/s2 C．4．如圖所示，兩同學用同樣大小的力F1和F2共同提起一桶水，F1和FA．當θ減小時，F1和FB．當θ增大時，水桶所受合力變大C．當θ減小時，兩同學更省力D．當θ增大時，兩同學更省力5．如圖所示，在半徑為r的洗衣機圓桶內，有一件質量為m的衣服緊貼著圓桶的豎直內壁隨圓桶以角速度ω做勻速圓周運動。滾筒轉軸沿豎直方向，重力加速度為g。下列說法不正確的是（）A．衣服對圓桶內壁的壓力大小為mB．圓桶內壁對衣服的靜摩擦力大小為mgC．若圓桶的轉速增大，則衣服對圓桶內壁的壓力也增大D．若圓桶的轉速增大，則圓桶內壁對衣服的靜摩擦力也增大6．運動員將質量為400g的足球踢出后，某人觀察它在空中飛行情況，估計上升的最大高度是5.0m，在最高點的速度為20m/s。不考慮空氣阻力，g取10m/sA．100J B．80J C．60J D．20J7．2022年10月12日下午，“天宮課堂”第三課在中國空間站問天實驗艙開講。中國航天員陳冬、劉洋、蔡旭哲演示了微重力環境下毛細效應實驗、水球變“懶”實驗、太空趣味飲水、會調頭的扳手等趣味實驗。在太空中，水球呈現標準的球形并可以自由地懸浮，這表明水球（）A．所受地球引力近似為零B．所受地球引力與飛船對其作用力兩者的合力近似為零C．所受地球引力的大小與其隨飛船運動所需向心力的大小近似相等D．隨飛船運動所需向心力的大小大于在地球表面上所受引力的大小8．圖為一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，此時x=2m處的質點Q的振動方向向上；再經0.2s，Q質點第1次回到平衡位置。下列說法正確的是（）A．該波沿x軸負方向傳播B．該波的傳播速度為10m/sC．t=0.1s時，質點Q的速度和加速度均最大D．在任意0.1s內，質點Q通過的路程均為4cm9．如圖所示，長直導線MN和矩形線框abcd被固定在豎直平面內，線框的ad、bc兩條邊與導線MN平行。當導線MN中電流I逐漸增大時，下列說法正確的是（）A．線框中感應電流沿abcda方向B．線框整體受到的安培力方向水平向右C．線框的ab、dc兩條邊不受安培力作用D．線框的ad、bc兩條邊所受安培力大小相等、方向相反10．粒子物理研究中使用的一種球狀探測裝置橫截面的簡化模型如圖所示。內圓區域有垂直紙面向里的勻強磁場，外圓是探測器。兩個粒子先后從P點沿徑向射入磁場，粒子1沿直線通過磁場區域后打在探測器上的M點。粒子2經磁場偏轉后打在探測器上的N點。裝置內部為真空狀態，忽略粒子重力及粒子間相互作用力。下列說法正確的是（）A．粒子1帶正電B．粒子2帶負電C．若增大磁感應強度，粒子1可能打在探測器上的Q點D．若增大粒子入射速度，粒子2可能打在探測器上的Q點11．2022年北京冬奧會短道速滑混合團體接力決賽中，中國隊以2分37秒348的成績奪冠。在交接區域，“交棒”運動員猛推“接棒”運動員一把，使“接棒”運動員向前快速沖出，如圖所示。在此過程中，忽略運動員與冰面間在水平方向上的相互作用，下列說法正確的是（）A．兩運動員的加速度一定相同B．兩運動員相互作用力做的總功一定等于零C．兩運動員相互作用力的總沖量一定等于零D．兩運動員組成的系統動量和機械能均守恒12．利用熱敏電阻在通以恒定電流（實驗設定恒定電流為50.0μA）時，其阻值隨溫度的變化關系（如圖甲所示）可以制作電子溫度計。把恒壓直流電源E、熱敏電阻RT、可變電阻R1、電流表A、電壓表A．電壓較高時表示溫度也較高B．該電子溫度計表盤上溫度的刻度是均勻的C．當熱敏電阻的溫度升高時，應將R1D．每升高相同的溫度，熱敏電阻的阻值變化均相等13．2021年中國全超導托卡馬克核聚變實驗裝置創造了新的紀錄。為粗略了解等離子體在托卡馬克環形真空室內的運動狀況，某同學將一小段真空室內的電場和磁場理想化為方向均水平向右的勻強電場和勻強磁場（如圖），電場強度大小為E，磁感應強度大小為B。若某電荷量為q的正離子在此電場和磁場中運動，其速度平行于磁場方向的分量大小為v1，垂直于磁場方向的分量大小為v2，不計離子重力，則（）A．電場力的瞬時功率為qEB．該離子受到的洛倫茲力大小為qv1BC．v2與v1的比值不斷變大D．該離子的加速度大小不變14．在實際情況中，物體做拋體運動時總會受到空氣阻力的影響。如圖所示，虛線是炮彈在忽略空氣阻力情況下計算出的飛行軌跡；實線是炮彈以相同的初速度和拋射角射出在空氣中實際的飛行軌跡，這種曲線叫作彈道曲線。由于空氣阻力的影響，彈道曲線的升弧和降弧不再對稱，升弧長而平伸，降弧短而彎曲。炮車的大小可以忽略。當炮彈做彈道運動時，結合學過的力學知識，分析判斷下列說法正確的是（）A．炮彈上升的時間一定等于下降的時間B．炮彈在最高點時的加速度等于重力加速度C．炮彈在上升階段損失的機械能大于在下降階段損失的機械能D．炮彈在上升階段重力勢能的增加量大于在下降階段重力勢能的減少量二、實驗題15．利用“打點計時器+紙帶”裝置，可以完成不同實驗。（1）某同學利用如圖1所示的裝置做“探究小車速度隨時間變化的規律”實驗。長木板水平放置，打點計時器所接交流電源的頻率為50.0Hz。圖2是打出紙帶的一部分，以計數點O為位移測量起點和計時起點，則打下計數點B時小車位移大小為cm。由圖3中描繪小車運動的數據點，求得小車的加速度大小為m/s2（計算結果保留3位有效數字）。（2）該同學繼續用圖1所示裝置做“探究加速度與力的關系”的實驗，需做出調整的是__________。A．換成質量更小的車B．調整長木板的傾斜程度C．調整定滑輪使細繩與長木板平行（3）利用“打點計時器+紙帶”組合裝置，還可以完成哪個實驗？簡要說明實驗原理。16．用圖1所示的電路測定一節蓄電池的電動勢和內阻。蓄電池的電動勢E約為2V，內阻r比較小，R0（1）現有蓄電池、電流表（量程0~0.6A）、滑動變阻器（0~20Ω）、開關、導線若干，以及下面的器材：A．電壓表（0~3V）B．電壓表（0~15V）C．定值電阻R0（2Ω）D．定值電阻R0（實驗中電壓表應選用；R0應選用（2）圖2是實驗器材實物圖，已連接了部分導線。請根據圖1，補充完成其他連線。（3）某位同學根據實驗記錄的數據作出如圖3所示的U?I圖像。根據圖像可知，該蓄電池的電動勢E=V，內阻r=Ω（計算結果保留2位有效數字）。（4）采用圖1電路測量電源電動勢和內阻，產生系統誤差的主要原因是__________。A．電流表的分壓作用 B．電壓表的分流作用（5）某同學按圖1連接好電路，閉合開關后發現：無論怎樣移動滑片P，電流表的示數始終為零，電壓表的示數接近2V不變。已知所用導線都完好。有同學說，因為電流表沒有示數，所以一定是電流表損壞了。你認為該同學的說法是否正確？簡要說明理由。三、解答題17．一個質量為m=60kg的蹦床運動員，從離水平網面高h1=3.2m處自由下落，著網后沿豎直方向蹦回到離水平網面高h2=5.0m處。不計空氣阻力，（1）運動員在剛接觸網瞬間和剛離開網瞬間的速度大小v1和v（2）運動員與網作用過程中速度變化量Δv的大小和方向；（3）運動員與網作用過程中所受合力的沖量大小I。18．某一質譜儀原理如圖所示，區域Ⅰ為粒子加速器，加速電壓為U1；區域Ⅱ為速度選擇器，磁場與電場正交，磁感應強度為B1，兩板間距離為d；區域Ⅲ為偏轉分離器，磁感應強度為（1）粒子離開加速器時的速度大小v；（2）速度選擇器兩板間的電壓U2（3）粒子在分離器中做勻速圓周運動的半徑R。19．微元累積法是物理學的一種重要的思想方法，是微積分思想解決物理問題的應用和體現。（1）當物體做勻變速直線運動時，其v?t圖像為一條傾斜的直線。如果把物體的運動分成6小段，如圖1甲所示，在每一小段內，可粗略認為物體做勻速直線運動。如果以這6個小矩形的面積之和代表物體在整個過程中的位移，計算的結果要（選填“小于”或“大于”）物體實際的位移。如果把運動過程劃分為更多的小段，如圖1乙所示，這些小矩形的面積之和就更（選填“接近”或“遠離”）物體的實際位移。對于非勻變速直線運動，（選填“能”或“不能”）用v?t圖像與t軸所圍的面積來表示物體的位移。（2）某摩天大樓中有一部直通高層的客運電梯，已知電梯在t=0時由靜止開始上升，電梯運行時的加速度a隨時間t變化的圖像如圖2所示。求10s末電梯的速度大小v。（3）半徑為R、均勻帶正電荷的球體在空間產生球對稱的電場，場強大小沿半徑分布如圖3所示，圖中E0已知，E?r曲線下O?R部分的面積等于R?2R部分的面積。求質量為m、電荷量為q的負電荷在球面處需至少具有多大的速度才能剛好運動到2R20．傳感器讓我們的生活變得更加便利，其基本工作原理是把非電學量轉換為電學量，從而方便進行測量、傳輸和控制。（1）為了測量儲罐中某種不導電液體液面的高度，某同學利用平行板電容器制作了一個“液位監測儀”，如圖1所示，將兩塊平行金屬板豎直插入到該液體中，液體填充在兩極板之間。兩極板分別用導線接到數字電容表上，數字電容表可顯示出電容器的電容，從電容的變化就可以知道容器中液面高度的變化。當數字電容表示數增大時，液面高度是上升還是下降？簡要說明理由。（2）如圖2所示為大型電子地磅電路圖。不稱物體時，滑片P在A端，滑動變阻器接入電路中的電阻最大，電流最??；稱重物時，在壓力作用下滑片P下滑，滑動變阻器接入電路中的電阻減小，電流增大。將電流表的電流刻度轉換成對應的重力刻度，就可以讀出被稱物體的重力。已知電源電動勢為E，內阻不計；滑動變阻器A、B間距離為L，最大阻值等于定值電阻R0的阻值；兩根彈簧的總彈力大小與形變量成正比，比例系數為k；電流表內阻不計。請推導所稱重物的重力G的大小與電流I（3）利用霍爾元件可以進行微小位移的測量。如圖3甲所示，在兩塊磁感應強度相同、N極相對放置的磁體縫隙中放入霍爾元件，當霍爾元件處于中間位置時，磁感應強度為0，霍爾電壓為0，將該點作為位移的零點，當霍爾元件沿±x方向移動時，同時通有如圖3乙所示的恒定電流I，由于不同位置處磁感應強度B不同，在M、N表面間產生的電勢差UMN不同。在小范圍內，兩磁極間磁感應強度B的大小與位移x的大小成正比，比例系數為k。已知該霍爾元件長為a，寬為b，厚為c，單位體積中導電的電子數為n，電子的電荷量為e。請推導霍爾元件M、N表面間的電勢差UMN與位移

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】新核素錒204的質子數為89，質量數為204，所以中子數為204?89=115故答案為：A。

【分析】中子數等于質量數減去質子數。2．【答案】B【解析】【解答】根據題意，由對稱性可知，蘋果上升的時間和下降的時間相等，均為t0A．根據公式x=v0t+12B．根據公式v=v0+at可得，蘋果運動的速度與時間的關系式為v=CD．蘋果整個運動過程中，只受重力，加速度一直為重力加速度，則合力F和加速度a不隨時間變化，CD不符合題意。故答案為：B。

【分析】求解蘋果位移與時間關系式，判斷x?t圖像是否正確。蘋果整個運動過程中，只受重力，加速度一直為重力加速度。3．【答案】B【解析】【解答】根據題意可知，書不滑動，說明書與高鐵的加速度相同，書的最大加速度就是二者一起運動最大加速度，書的最大加速度由最大靜摩擦力提供，則有μmg=mam故答案為：B。

【分析】書的最大加速度由最大靜摩擦力提供，書不滑動，即書與高鐵的加速度相同。4．【答案】C【解析】【解答】AB．根據題意，對水桶受力分析可知，由于水桶保持靜止，無論θ如何變化，都有F1和F2的合力與水桶的重力等大反向，水桶的合力為0，即當θ減小時，F1和FCD．根據題意，對水桶受力分析，如圖所示由平衡條件有2F1cosθ2=2F2cosθ2故答案為：C。

【分析】利用力合成時平行四邊形法則作圖即可。兩個拉力的合力總等于重力，大小不變。夾角變大變小，利用圖像很容易判斷。5．【答案】D【解析】【解答】AC．根據題意可知，衣服做圓周運動，靠圓桶內壁的彈力提供向心力，由牛頓第二定律得N=mω2rBD．根據題意，設圓桶內壁對衣服的靜摩擦力大小為f，在豎直方向上，由平衡條件有f=mg，可知，圓桶內壁對衣服的靜摩擦力大小為mg，若圓桶的轉速增大，則圓桶內壁對衣服的靜摩擦力不變，C正確，不符合題意，D錯誤，符合題意。故答案為：D。

【分析】衣服做圓周運動，靠圓桶內壁的彈力提供向心力。速度增大，服對圓桶內壁的壓力也增大。靜摩擦力總等于重力，大小不變。6．【答案】A【解析】【解答】根據題意，設運動員踢球時對足球做的功約為W，從開始踢球到足球上升到最大高度的過程，根據動能定理有W?mgh=12故答案為：A。

【分析】開始踢球到足球上升到最大高度的過程，根據動能定理即可求解運動員踢球時對足球做的功。7．【答案】C【解析】【解答】根據題意，設地球的質量為M，半徑為R，水球的質量為m，空間站距地面的高度為hABC．水球所受萬有引力為F=GMmD．在地球表面上所受引力的大小為F=GMm故答案為：C。

【分析】水球隨飛船做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力。地球表面距離地心較近，導致萬有引力較大。8．【答案】B【解析】【解答】A．根據題意，由同側法可知，該波沿x軸正方向傳播，A不符合題意；B．根據題意可知，由于質點Q再經0.2s，第1次回到平衡位置，則周期為T=0.4s，由圖可知，該波的波長為λ=4m，由公式v=λT可得，該波的傳播速度為C．t=0.1s時，質點Q振動14D．該波的周期為0.4s，0.1s為14T，質點在一個周期內通過的路程是四個振幅，但只有質點從平衡位置或端點開始振動時，14故答案為：B。

【分析】根據同側法或者“上坡下，下坡上”即可判斷波的傳播方向。由題意可得振動周期以及波長，由v=λ9．【答案】B【解析】【解答】A．根據右手螺旋定則，可知導線MN中電流I在矩形線框abcd區域產生的磁場方向向里；當導線MN中電流I逐漸增大時，矩形線框abcd的磁通量增大，根據楞次定律可知，線框中感應電流沿adcba方向，A不符合題意；BCD．線框中感應電流沿adcba方向，根據左手定則可知，線框的ab邊受到向下的安培力，dc邊受到向上的安培力，根據對稱性可知ab邊受到的安培力與dc邊受到的安培力剛好相互抵消；線框的ad邊受到水平向右的安培力，bc邊受到水平向左的安培力，由于ad邊離導線MN更近，ad邊受到的安培力大于bc邊受到的安培力；綜上分析可知線框整體受到的安培力方向水平向右，B符合題意，CD不符合題意。故答案為：B?！痉治觥扛鶕愦味煽芍袘娏鞣较?。離導線越近，導線產生的磁場越強，安培力越大。10．【答案】D【解析】【解答】AB．根據題意，由圖可知，粒子1在磁場中不偏轉，粒子1不帶電，粒子2在磁場中受向上的洛倫茲力，由左手定則可知，粒子2帶正電，AB不符合題意；C．由以上分析可知粒子1不帶電，則無論如何增大磁感應強度，粒子1都不會偏轉，C不符合題意；D．粒子2在磁場中洛倫茲力提供向心力，有qvB=mv2r，可得r=故答案為：D。

【分析】沿徑向射入磁場，必定沿徑向射出磁場。粒子1在磁場中不偏轉，可知粒子1不帶電，則無論如何增大磁感應強度，粒子1都不會偏轉。洛倫茲力提供向心力。11．【答案】C【解析】【解答】A．“交棒”運動員和“接棒”運動員受到的推力大小相等，方向相反，但是質量不一定相同，由牛頓第二定律a=FB．交接棒過程中兩運動員之間的相互作用力等大反向，但兩力作用的位移并不相同，總功并不為零，B不符合題意；C．兩個運動員相互作用的力的作用時間相同，等大、反向、共線，故“交棒”運動員對“接棒”運動員的沖量與“接棒”運動員對“交棒”運動員的沖量等大、反向、共線，兩運動員相互作用力的總沖量等于零，C符合題意；D．運動員與冰面間的摩擦可忽略不計，在“交棒”過程中，“交棒”運動員猛推“接棒”運動員一把，兩個運動員相互作用的力等大、反向、共線，作用時間相同，根據動量定理，兩個運動員的動量變化等大、反向、共線，系統動量守恒。因為推力做功，“交棒”運動員和“接棒”運動員組成的系統機械能一定增加，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】推力大小相等，方向相反，但是運動員質量不一定相同。兩力作用的位移并不相同，總功并不為零。推力做功，“交棒”運動員和“接棒”運動員組成的系統機械能一定增加。12．【答案】C【解析】【解答】A．根據題意可知，電路通有恒定的電流，溫度越高，由圖甲可知，RT阻值越小，由U=IB．由上述分析可知，電壓表的示數為U=IRT，由甲圖可知，C．當熱敏電阻的溫度升高時，阻值減小，要保證電路中電流恒定，則增大R1，即將RD．由甲圖可知，RT故答案為：C。

【分析】RT13．【答案】D【解析】【解答】A．根據瞬時功率的計算公式可知P=Fvcosθ，正離子所受電場力方向水平向有，與速度v1同向，故電場力的瞬時功率為P=Eqv1，A不符合題意；

B．因速度v1與磁場B平行，即離子在水平方向上不受力，根據洛倫茲力的計算公式有F洛=qv2B，B不符合題意；

C．根據運動的合成原理可知，離子在洛倫茲力作用下，垂直于紙面做勻速圓周運動，在電場力作用下，沿水平方向做加速運動，則v1增大，v2不變，v2與v1的比值不斷變小，C不符合題意；

D．離子受到的洛倫茲力不變，電場力不變，則該離子所受合力不變，根據牛頓第二定律，加速度大小不變，D符合題意。

14．【答案】C【解析】【解答】A．炮彈上升過程中，在豎直方向上，受到重力和阻力在豎直向下的分力，即mg+f1=may1，解得ay1=mg+f1m，炮彈下降過程中，在豎直方向，受到向下的重力和阻力在豎直向上的分力，即mg?f2=maB．到達最高點時，除受豎直向下的重力外還受到水平方向的空氣阻力作用f，合力F合C．假設空氣阻力大小不變，由微元法，上升過程克服空氣阻力做的功等于空氣阻力與上升過程路程的乘積，下降過程克服空氣阻力做的功等于空氣阻力與下降過程路程的乘積。升弧長而平伸，降弧短而彎曲。上升過程克服空氣阻力做的功大于下降過程克服空氣阻力做的功。又由功能關系，克服空氣阻力做的功等于機械能的減少量。炮彈在上升階段損失的機械能大于在下降階段損失的機械能。假設空氣阻力大小與速度成正比或與速度的平方成正比，由于空氣阻力始終做負功，同一高度處，上升過程的速度大小總是下降過程的速度大小，則同一高度處，上升過程的空氣阻力大小總是大于下降過程的空氣阻力大小。由微元法，上升過程克服空氣阻力做的功等于空氣阻力與上升過程路程的乘積，下降過程克服空氣阻力做的功等于空氣阻力與下降過程路程的乘積。升弧長而平伸，降弧短而彎曲。上升過程克服空氣阻力做的功大于下降過程克服空氣阻力做的功。又由功能關系，克服空氣阻力做的功等于機械能的減少量。炮彈在上升階段損失的機械能大于在下降階段損失的機械能。C符合題意。D．炮彈在上升階段重力勢能的增加量等于在下降階段重力勢能的減少量。D不符合題意。故答案為：C。

【分析】炮彈上升加速度大于下降的加速度，所以上升時間更短。炮彈在最高點時受重力和阻力，加速度大于重力加速度。同一高度處，上升過程的空氣阻力大小總是大于下降過程的空氣阻力大小。上升過程克服空氣阻力做的功大于下降過程克服空氣阻力做的功。15．【答案】（1）6.20；1.88（2）B（3）探究動能定理實驗；探究力做功與物體動能改變的關系，可通過改變力對物體做的功，測出力對物體做不同的功時物體動能的變化，從而得到力做功與物體動能改變的關系?！窘馕觥俊窘獯稹浚?）刻度尺的分度值為0.1cm，需要估讀到分度值的下一位，由圖2可知，打下計數點B時小車位移大小為6.20cm。根據題意，由圖3中描繪小車運動的數據點，求得小車的加速度大小為a=（2）A．利用圖1裝置“探究加速度與力、質量的關系”的實驗時，需要滿足小車質量遠遠大于槽碼質量，所以不需要換質量更小的車，A不符合題意；B．利用圖1裝置“探究加速度與力的關系”的實驗時，需要利用小車斜向下的分力以平衡其摩擦阻力，所以需要將長木板靠近打點計時器的一端墊高一些，B符合題意；C．利用圖1裝置“探究加速度與力、質量的關系”的實驗時，實驗過程中，需將連接槽碼和小車的細繩應跟長木板始終保持平行，與之前的相同，不需要調整，C不符合題意。故答案為：B。（3）利用“打點計時器+紙帶”組合裝置，還可以完成“探究動能定理實驗”，實驗原理：探究力做功與物體動能改變的關系，可通過改變力對物體做的功，測出力對物體做不同的功時物體動能的變化，從而得到力做功與物體動能改變的關系?！痉治觥浚?）vt圖像的斜率表示加速度，通過坐標求出斜率即求出了加速度。

（2）探究加速度與力的關系”的實驗時平衡其摩擦阻力，前面實驗不需要，所以要調整木板的傾斜程度。

（3）通過改變力對物體做的功，測出力對物體做不同的功時物體動能的變化，從而得到力做功與物體動能改變的關系。16．【答案】（1）A；C（2）（3）2.1；0.60（4）B（5）不正確；有可能是滑動變阻器損壞【解析】【解答】（1）一節蓄電池的電動勢約為2.0V，則實驗中電壓表應選用A；如果定值電阻選擇D，電路電流太小，定值電阻應選擇C；（2）根據圖示電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示（3）根據電源的U－I圖像在U軸上的截距表示電源的電動勢，故蓄電池的電動勢為E=2.1V，圖像斜率的絕對值表示電源的等效內電阻，有R0+r=（4）采用圖1電路測量電源電動勢和內阻，產生系統誤差的主要原因是電壓表的分流作用，故答案為：B；（5）電流表的示數始終為零，電壓表的示數接近2V不變。說明電流表和滑動變阻器支路是斷路，又已知所用導線都完好，所以故障是電流表損壞或者滑動變阻器損壞。所以同學說一定是電流表損壞了說法不正確，有可能是滑動變阻器損壞?！痉治觥浚?）在安全的前提下，電壓表量程越小，測量結果越精確。

（2）電流表內接，根據電流的流向，依次連接導線。

（3）電源的U－I圖像在U軸上的截距表示電源的電動勢，圖像斜率的絕對值表示電源的等效內電阻。

（4）用圖1電路測量電源電動勢和內阻，產生系統誤差的主要原因是電壓表的分流作用。

（5）電壓表的示數接近2V不變，即等于電源電壓，說明電流表和滑動變阻器支路是斷路?？赡苁请娏鞅頁p壞，也可能是滑動變阻器損壞。17．【答案】（1）解：由自由落體運動公式v2=2gh運動員剛離開網瞬間的速度大小v（2）解：運動員與網作用過程中速度變化量Δv的大小Δv=方向豎直向上（3）解：由動量定理可得運動員與網作用過程中所受合力的沖量大小I=m【解析】【分析】（1）利用自由落體公式或者豎直上拋公式即可求解兩個速度。

（2）根據速度變化量的定義代入數據求解。

（3）由動量定理可得運動員與網作用過程中所受合力的沖量大小等于運動員動量的該變量。18．【答案】（1）解：粒子加速過程根據動能定理，則有q解得v=（2）解：粒子經過速度選