PAGEPAGE5歐姆定律eq\o(\s\up7(限時：45分鐘總分：100分),\s\do5())一、單項選擇題(每小題6分，共42分)1.如圖所示，電壓U不變，閉合開關S，先調整電阻箱R的電阻值到R1，使電流計指針轉到滿刻度，再把R調整到R2，使電流計的指針轉到滿刻度的eq\f(2,3)，電流計的內阻等于(D)A．R2－R1 B．2R2－R1C．R2－3R1 D．2R2－3R1解析：調整電阻箱R的阻值至R1，電流計的指針達到滿偏，則：Im＝eq\f(U,R1＋Rg)，把電阻箱R的電阻值調到R2，電流計的指針轉到滿刻度的eq\f(2,3)，則：eq\f(2,3)Im＝eq\f(U,R2＋Rg)，解得：Rg＝2R2－3R1，故D正確．2．某家用臺燈可通過調整開關使它的亮度漸漸增大到最亮，若燈最亮時的電壓為220V，工作電流為0.18A，則當電壓為110V時，燈絲的電阻(D)A．等于1222Ω B．等于611ΩC．大于1222Ω D．小于1222Ω解析：燈泡正常工作時的電阻R＝eq\f(U,I)＝eq\f(220,0.18)Ω≈1222Ω，電壓減小時，燈絲的溫度降低，燈絲的電阻減小，則選項D正確．3．一個阻值為R的導體兩端加上電壓U后，通過導體橫截面的電荷量q與通電時間t之間的關系為過坐標原點的直線，如圖所示，此圖線的斜率表示(C)A．U B．RC.eq\f(U,R) D.eq\f(R,U)解析：在q－t圖象中，圖線的斜率代表eq\f(q,t)，即電流，由歐姆定律I＝eq\f(U,R)可知選項C正確．4．小燈泡的伏安特性曲線如圖中的AB段(曲線)所示，由圖可知，燈絲的電阻因溫度的影響變更了(B)A．5Ω B．10ΩC．1Ω D．6Ω解析：由電阻的定義R＝eq\f(U,I)知，A點電阻RA＝eq\f(3,0.1)Ω＝30Ω；B點的電阻：RB＝eq\f(6,0.15)Ω＝40Ω，從而AB段電阻變更10Ω，故B正確．5．某同學做三種導電元件的導電性試驗，他依據所測量的數據分別繪制了三種元件的I－U圖象，如圖所示，則下述推斷正確的是(D)A．只有乙圖正確B．甲、丙圖的曲線確定是偶然誤差太大C．甲、丙不遵從歐姆定律，確定不行能D．甲、乙、丙三個圖象都可能正確，并不確定有較大誤差解析：由于三種導電元件可能是線性的，也可能是非線性的，故其I－U圖象可能是直線，也可能是曲線，故D正確．6．有一未知電阻Rx，為較精確地測出其阻值，先后用圖①、②兩種電路進行測試，利用圖①測得數據為“2.7V，5.0mA”，利用圖②測得數據為“2.8V，4.0mA”，那么，該電阻測得值較精確的數值及它比真實值偏大或偏小的狀況是(D)A．5600Ω，偏大 B．5600Ω，偏小C．700Ω，偏小 D．700Ω，偏大解析：用圖①測得數據為2.7V,5.0mA，用圖②測得數據為2.8V，4.0mA，則電壓表的示數變更量與原來值的比值為eq\f(2.8－2.7,2.7)＝eq\f(1,27)，電流表示數的變更量與原來值的比值為eq\f(5.0－4.0,5.0)＝eq\f(1,5)，所以，電流表的示數變更較大，由此可知，由于電壓表分流較大，所以應采納伏安法測電阻的電流表內接法如圖②所示，其測量值R測＝eq\f(2.8,4.0×10－3)Ω＝700Ω，且R測＝R真＋RA，故R測>R真，選項D正確．7．在描繪小燈泡的伏安特性曲線時，采納如圖所示電路，試驗中發覺移動滑動變阻器的滑片時，電流表的示數變更而電壓表的指針不動，下列緣由可能的是(C)A．燈泡中燈絲已燒斷B．滑片接觸不良C．燈泡內部短路D．滑動變阻器A端接觸不良解析：由題圖知若電壓表的電阻無窮大，移動滑片時，因電流表示數有變更，故和電流表串聯的回路中不存在斷點，故A錯．若滑片接觸不良，電路中不行能有電流，故B錯．若滑動變阻器A端接觸不良，滑片移動時電流表和電壓表讀數均變更，故D錯．若燈泡內短路則燈泡兩端電壓為零，電壓表指針不變，移動滑片時，只有電流表指針變更，故選C.二、多項選擇題(每小題8分，共24分)8．由歐姆定律I＝eq\f(U,R)導出U＝IR和R＝eq\f(U,I)，下列敘述中正確的是(BCD)A．導體的電阻跟導體兩端的電壓成正比，跟導體中的電流成反比B．導體的電阻由導體本身的性質確定，跟導體兩端的電壓及流過導體的電流的大小無關C．對確定的導體，其兩端電壓和流過它的電流的比值就是它的電阻值D．確定的電流流過導體，電阻越大，其電壓降越大解析：導體的電阻是由導體自身的性質確定的，與所加的電壓和通過的電流無關．當R確定時，才有I∝U，故A錯，B、C、D正確．9．已知兩個導體電阻之比R1∶R2＝2∶1，那么(BC)A．若兩個導體兩端電壓相等，則電流之比I1∶I2＝2∶1B．若兩個導體兩端電壓相等，則電流之比I1∶I2＝1∶2C．若導體中電流相等，則兩導體兩端電壓之比U1∶U2＝2∶1D．若導體中電流相等，則兩導體兩端電壓之比U1U2＝12解析：依據歐姆定律I＝eq\f(U,R)知，若兩個導體兩端電壓相等，則eq\f(I1,I2)＝eq\f(R2,R1)＝eq\f(1,2)，故選項A錯誤，選項B正確；依據U＝IR，若導體中電流相等，則eq\f(U1,U2)＝eq\f(R1,R2)＝eq\f(2,1)，故選項C正確，選項D錯誤．10．某導體中的電流隨其兩端電壓的變更狀況如圖所示，則下列說法中正確的是(AD)A．加5V電壓時，導體的電阻約是5ΩB．加11V電壓時，導體的電阻約是1.4ΩC．由圖可知，隨著電壓的增大，導體的電阻不斷減小D．由圖可知，隨著電壓的減小，導體的電阻不斷減小解析：對某些導體，其伏安特性曲線不是直線，但曲線上某一點的eq\f(U,I)值仍表示該點所對應的電阻值．本題中給出的導體在加5V電壓時，eq\f(U,I)值為5，所以此時電阻約為5Ω；當電壓增大時，eq\f(U,I)值增大，即電阻增大，綜合推斷可知A、D正確．三、非選擇題(共34分)11．(16分)有一燈泡上標有“6V,0.1A”字樣，現要測繪該燈泡的伏安特性曲線，有下列器材可供選用：A．電壓表(0～5V，內阻2.0kΩ)B．電壓表(0～10V，內阻3.0kΩ)C．電流表(0～0.3A，內阻2.0Ω)D．電流表(0～6A，內阻1.5Ω)E．滑動變阻器(30Ω，2A)F．滑動變阻器(100Ω，0.5A)G．學生電源(直流9V)及開關、導線等(1)試驗中所用的電壓表應選B，電流表應選C，滑動變阻器應選E.(2)畫出試驗電路圖，要求電壓從零起先測量．答案：見解析解析：(1)電壓表的量程應大于小燈泡的額定電壓6V，故電壓表應選B.小燈泡的額定電流是0.1A，故電流表應選C.由題目要求可知變阻器用分壓式，故應選電阻較小的E.(2)小燈泡的電阻R＝eq\f(U,I)＝eq\f(6V,0.1A)＝60Ω，故電流表應采納外接法，滑動變阻器接成分壓式，電路如圖所示．12．(18分)一根長為L＝2m，橫截面積S＝1.6×10－3m2的銅棒，兩端電勢差為U＝5.0×10－2V，銅棒的電阻R＝2.19×10－5Ω，銅內自由電子密度為n＝8.5×1029個·m(1)通過銅棒的電流．(2)銅棒內的電場強度．(3)自由電子定向移動的速率．答案：(1)2.28×103A(2)2.5×10(3)1.05×10－5m解析：(1)I＝eq\f(U,R)＝eq\f(