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文檔簡介
江蘇省淮安市盱眙中學2025屆物理高二上期末監(jiān)測模擬試題請考生注意:1.請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上,請用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2.答題前,認真閱讀答題紙上的《注意事項》,按規(guī)定答題。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、如圖是某款能一件自動上水的全自動智能電熱壺,當壺內水位過低時能自動加滿水,加熱之后的水,時間長了冷卻,機器又可以自動加熱到設定溫度。某同學為了研究其工作原理,經(jīng)進一步查閱廠家相關技術說明了解到:“一鍵加水”是由一水泵(電動機)和傳感器來實現(xiàn)的,單獨對這一部分進行測試時發(fā)現(xiàn),當其兩端所加電壓時,電動機帶不動負載,因此不轉動,此時通過它的電流;當其兩端所加電壓時(通過變壓器實現(xiàn)),電動機能帶動負載正常運轉,這時電流,則下列說法正確的是()A.這種電熱壺工作時加熱部分的電阻值約為5ΩB.正常工作時,其輸出的機械功率為C.正常工作時,其電動機內阻兩端電壓為D.使用一天該水壺消耗的電能為2、下列關于電勢和電勢能的說法中正確的是()A.克服電場力做功時,電荷的電勢能減少B.電場強度為零的點,電勢一定為零C.沿著電場線的方向,電勢逐漸降低D.電荷在電場中電勢為正值的地方,電勢能必為正值3、兩個定值電阻R1、R2串聯(lián)后接在輸出電壓U=12V的直流電源上,且電源電壓保持不變。把一個內阻不是遠大于R1、R2的電壓表接在R1的兩端(如圖所示),電壓表的示數(shù)為8V,如果把此電壓表改接在R2兩端,則電壓表的示數(shù)將()A.小于4VB.等于4VC.大于4V、小于8VD.等于或大于8V4、如圖在電場強度為E的勻強電場中,任取間距為L的A、B兩點,把試探電荷q沿三條不同路徑從A點移動到B點:沿直線AB電場力做功W1;沿折線AMB電場力做功W2;沿曲線AB電場力做功W3。關于電荷沿三條路徑從A點移動到B點的過程中,電場力做功W1、W2、W3及電勢能變化大小正確的說法是()A.W1<W2<W3,沿曲線運動電勢能變化最大B.W3<W2<W1,沿直線運動電勢能變化最大C.W1=W2=W3=EqL,沿各條路徑電勢能變化一樣大D.W1=W2=W3=EqLcosθ,沿各條路徑電勢能變化一樣大5、一根長為0.2m、電流為1A的通電導線,放在磁感應強度為1T的勻強磁場中,通電導線與磁場磁感應強度方向的夾角為30°,則導線受到磁場力的大小為()A.0.4N B.0.3NC.0.2N D.0.1N6、磁場中某區(qū)域的磁感線如圖所示,則()A.a、b兩處的磁感應強度的大小不等,Ba>BbB.a、b兩處的磁感應強度的大小不等,Ba<BbC.同一通電導線放在a處受力一定比放在b處受力大D.同一通電導線放在a處受力一定比放在b處受力小二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、如圖所示,直線A為某電源的U-I圖線,曲線B為某小燈泡D1的U-I圖線的一部分,用該電源和小燈泡D1組成閉合電路時,燈泡D1恰好能正常發(fā)光,則下列說法中正確的是()A.此電源的內阻為ΩB.燈泡D1的額定電壓為3V,額定功率為6WC.把燈泡D1換成“3V,20W”的燈泡D2,電源的輸出功率將變大D.由于小燈泡D1的U-I圖線是一條曲線,所以燈泡發(fā)光過程,歐姆定律不適用8、如圖所示,兩塊水平放置的平行正對的金屬板a、b分別與電池兩極相連,開始時開關S閉合,發(fā)現(xiàn)在距兩板距離相等的P點有一個帶電液滴處于靜止狀態(tài),然后斷開開關,并將b板向下平移一小段距離,穩(wěn)定后,下列說法中正確的是A.液滴將加速向下運動B.液滴將保持不動C.P點電勢升高,液滴在P點時電勢能減少D.P點電勢升高,液滴在P點時電勢能增大9、1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器,其原理如圖所示.這臺加速器由兩個銅質D形盒D1、D2構成,其間留有空隙,下列說法正確的是A.回旋加速器交流電的周期等于帶電粒子圓周運動周期的一半B.利用回旋加速器加速帶電粒子,要提高加速粒子的最終能量,應盡可能增大磁感應強度B和D形盒的半徑RC.回旋加速器的加速電壓越大,帶電粒子獲得的最大動能越大D粒子每次經(jīng)過D型盒狹縫時,電場力對粒子做功一樣多10、如圖所示,電流表、電壓表均為理想電表,L為小燈泡,C為電容器,R為滑動變阻器,電源電動勢為E,內阻為r.現(xiàn)將開關S閉合,當滑動變阻器滑片P向右移動時,下列結論正確的是()A.燈泡L變亮B.電流表讀數(shù)變小C.電壓表讀數(shù)變小D.電容器C上的電荷量增加三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)如圖所示A是B輪上的一點,B、C兩輪用皮帶連接而不打滑rA:rB:rC=1:4:2,則A、B、兩點的線速度之比_____,B,C兩點加速度之比_____12.(12分)如圖所示,燈A、B完全相同,帶鐵芯的線圈L的電阻可忽略.則S閉合的瞬間,觀察到的現(xiàn)象是_____(填“A、B同時發(fā)光”“A先亮”“B先亮”),穩(wěn)定后再斷開S的瞬間,A_____,B____(填“立即熄滅”“閃亮一下再熄滅”“逐漸熄滅”)四、計算題:本題共3小題,共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,AB是一傾角為θ=37°的絕緣粗糙直軌道,滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù),BCD是半徑為R=0.2m的光滑圓弧軌道,它們相切于B點,C為圓弧軌道的最低點,整個空間存在著豎直向上的勻強電場,場強E=4.0×103N/C,質量m=0.20kg的帶電滑塊從斜面頂端由靜止開始滑下。已知斜面AB對應的高度h=0.24m,滑塊帶電荷q=-5.0×10-4C,取重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.60,cos37°=0.80。求:(1)滑塊從斜面最高點滑到斜面底端B點時的速度大小;(2)滑塊滑到圓弧軌道最低點C時對軌道的壓力。14.(16分)如圖(a)所示,間距為l、電阻不計的光滑導軌固定在傾角為θ的斜面上.在區(qū)域I內有方向垂直于斜面的勻強磁場,磁感應強度恒為B;在區(qū)域Ⅱ內有垂直于斜面向下的勻強磁場,其磁感應強度Bt的大小隨時間t變化規(guī)律如圖(b)所示.t=0時刻,在軌道上端的金屬細棒ab從如圖位置由靜止開始沿導軌下滑,同時下端的另一金屬細棒cd在位于區(qū)域I內的導軌上也由靜止釋放.在ab棒運動到區(qū)域Ⅱ的下邊界EF之前,cd棒始終靜止不動,兩棒均與導軌接觸良好.已知cd棒的質量為m,電阻為R,ab棒的質量、阻值均未知,區(qū)域Ⅱ沿斜面的長度為2l,在t=tx時刻(tx未知)ab棒恰好進入?yún)^(qū)域Ⅱ,重力加速度為g.求:(1)當ab棒在區(qū)域Ⅱ內運動時,cd棒消耗的電功率;(2)ab棒由靜止下滑到區(qū)域Ⅱ下邊界的時間.15.(12分)如圖所示,電源的電動勢,內電阻,定值電阻,,電動機的線圈電阻。當開關閉合,電動機轉動穩(wěn)定后,電壓表示數(shù),不計電動機除線圈電阻外其它損耗,求:(1)兩端的電壓;(2)電動機的機械效率。
參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】考查電功率與熱功率,焦耳定律。【詳解】A.由銘牌圖可知,加熱部分額定電壓為220V,額定功率為1500W,則加熱部分電阻為:A錯誤;B.電壓時,電動機帶不動負載,此時僅加熱部分工作,電流,則電動機內阻:其兩端所加電壓時,電動機能帶動負載正常運轉,這時電流,則輸出功率:B正確;C.正常工作時,其電動機內阻兩端電壓為:C錯誤;D.使用一天該水壺,加熱部分消耗的電能為:總消耗的電能應該加上電動機消耗,故大于,D錯誤。故選B。2、C【解析】A.克服電場力做功時,電荷的電勢能增加;故A錯誤;B.電場強度為零的點,電勢不一定為零,二者沒有必然聯(lián)系;故B錯誤;C.沿著電場線的方向,電勢逐漸降低。故C正確;D.根據(jù)電勢的定義式可知電勢為正值的地方,正電荷的電勢能為正值,而負電荷的電勢能為負值。故D錯誤;故選:C;3、A【解析】當電壓表接在R1兩端時,其示數(shù)為8V,則此時電阻R2兩端的電壓為4V,將R1與RV并聯(lián)后的總電阻用R1V表示,則==解得R1V=2R2由于R1>R1V,則R1>2R2。當電壓表改接在R2兩端時,將R2與RV并聯(lián)后的總電阻用R2V表示,則R2>R2V。此時電阻R1兩端的電壓U1與電壓表示數(shù)U2V之比為=>>=2故電壓表的示數(shù)將小于4V。故A正確,BCD錯誤。故選A。4、D【解析】電場力做功與路徑無關,只取決于初末兩點的位置,可得根據(jù)功能關系,電勢能的減少量等于靜電力做的功即故各條路徑電勢能變化一樣大,故ABC錯誤,D正確。故選D。5、D【解析】解決本題的關鍵掌握安培力的大小公式,其中θ為導線與磁感應強度的夾角;【詳解】通電導線與磁場磁感應強度方向的夾角為30°,則導線受到磁場力的大小為:,故D正確,ABC錯誤【點睛】本題主要是考查安培力計算,解決本題的關鍵掌握安培力的大小公式6、B【解析】AB.在磁場中,磁感線疏密程度表示磁場的強弱,故A錯誤B正確;CD.同一通電導線如果都垂直放入磁場中,則在a處受力一定比b處受力小,但如果導線與磁場平行放置,受力均為零,CD錯誤。故選B。二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、BC【解析】A項:由圖讀出:電源的電動勢,內阻,故A錯誤;B項:兩圖線交點表示小燈泡D1與電源連接時的工作狀態(tài),此時燈泡的電壓U=3V,電流I=2A,功率為P=UI=6W,由于小燈泡D1正常發(fā)光,則燈泡D1的額定電壓為3V,功率為6W,故B正確;C項:燈泡D1的電阻,的燈泡D2的電阻為,可知燈泡D2的電阻更接近電源的內阻,根據(jù)推論:電源的內外電阻相等時電源的輸出功率最大,知把燈泡D1換成“3V,20W”的燈泡D2,電源的輸出功率將變大,故C正確;D項:燈泡是純電阻,歐姆定律仍適用,圖象為曲線是由燈泡電阻隨溫度的增大而增大,故D錯誤8、BC【解析】A、B、液滴受力平衡,故電場力向上,可知液滴帶負電;電容器因斷開開關后電量保持不變,b板下移時,兩板間的距離增大,則由可知,場強E不變;則粒子受到的電場力不變,故液滴繼續(xù)保持靜止,故A錯誤、B正確.C、D、下極板接地,則P點的電勢等于P與b之間的電勢差,因E不變,d增大,故液滴處的電勢增大;因液滴帶負電,故其電勢能將減小,故C正確、D錯誤.故選BC【點睛】對于電容器的動態(tài)分析問題,關鍵在于明確電容器是斷開電源還是與電源相連;然后再由電容的定義式有決定式進行分析求解9、BD【解析】回旋加速器靠電場加速和磁場偏轉來加速粒子,根據(jù)洛倫茲力提供向心力,判斷粒子的最大速度與什么因素有關.加速粒子時,交變電場的周期與粒子在磁場中運動的周期相等【詳解】加速粒子時,交變電場的周期必須與粒子在磁場中運動的周期相等,這樣才能使得每次經(jīng)過D型盒的狹縫中時都能被電場加速,選項A錯誤;當粒子運轉半徑等于D型盒的半徑時粒子速度最大,即,則,則要提高加速粒子的最終能量,應盡可能增大磁感應強度B和D形盒的半徑R,帶電粒子獲得的最大動能與加速電壓無關,選項B正確,C錯誤;粒子每次經(jīng)過D型盒狹縫時,電場力對粒子做功均為qU,選項D正確;故選BD.【點睛】解決本題的關鍵知道回旋加速器電場和磁場的作用,以及知道最大速度與什么因素有關10、AC【解析】當滑動變阻器滑片P向右移動時,分析變阻器接入電路電阻的變化,確定外電路總電阻的變化,由歐姆定律分析總電流和路端電壓的變化,判斷兩電表讀數(shù)的變化和小燈泡亮度的變化,由歐姆定律分析電容器電壓的變化,確定其電荷量的變化;【詳解】A、當滑動變阻器滑片P向右移動時,變阻器接入電路電阻減小,外電路總電阻減小,由歐姆定律得知,總電流增大,路端電壓減小,則電流表示數(shù)變大,電壓表示數(shù)變小,燈泡L變亮,故AC正確,B錯誤;D、電容器的電壓,I增大,其它量不變,則U減小,由可知電容器C上電荷量Q減小,故D錯誤;【點睛】本題是電路的動態(tài)變化分析問題,按“部分→整體→部分”的思路進行分析三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、①.1:4:4;②.1:2【解析】點B與點C是同源傳遞的邊緣點,故vB=vC;點A與點B是同軸傳動,角速度相等,故ωA=ωB;點A與點B,半徑之比為1:4,故線速度之比為1:4;故vA:vB:vC=1:4:4;由于B、C的半徑之比為2:1,根據(jù)公式B、C的加速度之比為1:212、①.A、B同時發(fā)光②.閃亮一下再熄滅③.立即熄滅【解析】[1].S閉合瞬間,線圈中電流緩慢增加,故A、B同時發(fā)光;[2][3].穩(wěn)定后電燈A被短路,故B燈更亮,A熄滅;穩(wěn)定后再斷開S的瞬間,B燈立即熄滅,但由于線圈的電流減小,導致線圈中出現(xiàn)感應電動勢從而阻礙電流的減小,所以A燈亮一下再慢慢熄滅;四、計算題:本題共3小題,共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1);(2)【解析】(1)滑塊沿斜面滑下的過程中,根據(jù)動能定理求解滑到斜面底端B點時的速度大小;(2)滑塊從B到C點,由動能定理可得C點速度,由牛頓第二定律和由牛頓第三定律求解。【詳解】(1)滑塊沿斜面滑下的過程中,受到的滑動摩擦力設到達斜面底端時的速度為v1,根據(jù)動能定理得解得v1=2.4m/s(2)滑塊從B到C點,由動能定理可得當滑塊經(jīng)過最低點時,有由牛頓第三定律方向豎直向下。【點睛】本題是動能定理與牛頓定律的綜合應用,關鍵在于研究過程的選擇。14、(1)(2)【解析】(1)Ⅱ內磁場均勻變化,在回路中形成感應電流,根據(jù)楞次定律判斷出流過cd的電流方向,然后根據(jù)平衡求出cd棒所受安培力方向,進一步
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