2025屆江蘇省常州市溧陽市物理高二上期中監測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、兩根完全相同的金屬絲甲和乙，長度均為L，橫截面積均為S，將乙拉長為原來的3倍后，將兩根金屬絲串聯在同一電路中，甲、乙金屬絲兩端的電壓之比為（）A．1：9 B．9：1 C．1：3 D．3：12、在如圖所示的實驗裝置中，平行板電容器的極板B與一靜電計相接，極板A接地．下列操作中可以觀察到靜電計指針張角變大的是（）A．極板A上移B．極板A右移C．極板間插入一定厚度的金屬片D．極板間插入一云母片3、一塊手機電池的背面印有如圖所示的一些符號，另外在手機使用說明書上還寫有“通話時間3h，待機時間100h”，則該手機通話和待機時消耗的功率分別約為（）A．1.8W，5.4×10-2WB．3.6W，0.108WC．0.6W，1.8×10-2WD．6.48×103W，1.94×102W4、2018年12月8日，肩負著億萬中華兒女探月飛天夢想的嫦娥四號探測器成功發射，“實現人類航天器首次在月球背面巡視探測，率先在月背刻上了中國足跡”．已知月球的質量為、半徑為，探測器的質量為，引力常量為，嫦娥四號探測器圍繞月球做半徑為的勻速圓周運動時，探測器的（）A．周期為 B．動能為C．角速度為 D．向心加速度為5、關于電流的熱效應，主要的規律是英國的一位物理學家通過一系列的實驗發現的，下列表述正確的是：A．這位物理學家是愛迪生； B．這位物理學家是安培；C．電流通過導體產生的熱量Q=IRt； D．白熾燈工作就是應用了電流的熱效應．6、如圖所示，線圈兩端與電阻和電容器相連構成閉合回路，在線圈上方有一豎直放置的條形磁鐵，磁鐵的S及朝下．在將磁鐵的S極插入線圈的過程中（）A．通過電阻的感應電流的方向由b到a，線圈與磁鐵相互排斥B．通過電阻的感應電流的方向由b到a，線圈與磁鐵相互吸引C．通過電阻的感應電流的方向由a到b，線圈與磁鐵相互排斥D．電容器的A極板帶正電二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲、乙所示的電路圖為電表改裝的示意圖，G為表頭、R為可調電阻，則下列說法正確的是()A．圖甲為電流表改裝的原理圖，增大可調電阻的阻值，改裝后電表的量程增大B．圖甲為電流表改裝的原理圖，增大可調電阻的阻值，改裝后電表的量程減小C．圖乙為電壓表改裝的原理圖，增大可調電阻的阻值，改裝后電表的量程增大D．圖乙為電壓表改裝的原理圖，增大可調電阻的阻值，改裝后電表的量程減小8、關于多用電表的使用，下列說法中正確的是A．用電阻擋測電阻時，被測電阻的阻值越大，指針向右轉過的角度就越大B．不管是當電壓表、電流表還是歐姆表使用都應讓電流從標“正”的接線柱流入多用電表C．測量電壓、電流前要進行機械調零，測電阻時不需要進行機械調零D．測量電阻時不小心將紅表筆插入標“負”的表孔，黑表筆插入標“正”的表孔，不影響結果9、一帶電粒子垂直于電場方向射入電場，經電場后的偏轉角與下列因素的關系是：（）A．偏轉電壓越高，偏轉角越大 B．帶電粒子的質量越大，偏轉角越大C．帶電粒子的電量越少，偏轉角越大 D．帶電粒子的初速度越大，偏轉角越小10、如圖所示，平行金屬板中帶電質點P處于靜止狀態，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器的滑片向a端移動時，則下列判斷正確的是（）A．電壓表讀數減小B．電流表讀數增大C．質點P將向上運動D．R3上消耗的功率逐漸增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學想描繪某一熱敏電阻的伏安特性曲線，實驗室提供下列器材：A．電壓表V（量程為0~5V，內阻約5kΩ）B．電流表A1（量程為0~25mA，內阻約0.2Ω）C．電流表A2（量程為0~0.6A，內阻約0.1Ω)D．滑動變阻器R1（0~10Ω，額定電流1.5A)；E．滑動變阻器R2（0~1000Ω，額定電流0.5A）F．直流電源（電動勢6V，內阻忽略不計）G．電鍵一個、導線若干（1）該小組同學用螺旋測微器和游標卡尺分別測量了該元件的直徑及長度，測量情況如下圖所示，則該筆芯的直徑為d=___________mm，L=____________cm。（2）該同學選擇了適當的器材組成描繪伏安特性曲線的電路，請在下面的方框中畫出此實驗的電路圖.（熱敏電阻符號為）（______）（3）該同學在實驗中得到熱敏電阻電壓和電流的7組數據（如下表），電壓U（V）0.01.02.02.43.03.64.0電流I（mA）0.011.816.020.0請你在方格紙上作出熱敏電阻的伏安特性曲線.（______）（4）由此曲線可知，該熱敏電阻的阻值隨電壓的增大而_______（選填“增大”或“減小”）．該同學選擇的電流表是______（選填“B”或“C”），選擇的滑動變阻器是____（選填“D”或“E”）12．（12分）用如圖所示的實驗裝置探究加速度與合外力、質量的關系.（1）在平衡摩擦力的步驟中,下列四種做法正確的是______。（2）接通電源，釋放小車，打點計時器在紙帶上打出一系列點，將打出的第一個點標為O，在紙帶上依次取A、B、C…若干個計數點．測得A、B、C…各點到O點的距離分別為x1，x2、x3….已知相鄰計數點間的時間間隔均為T。則B點的速度為vB=________，小車運動的加速度a=________四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，虛線MN、PQ之間存在水平向右的勻強電場，兩虛線間距離為d．一質量為m、電荷量為+q的帶電粒子，從a點由靜止釋放，經電壓為U的電場加速后，由b點垂直進入水平勻強電場中，從MN上的某點c(圖中未畫出)離開，其速度與電場方向成45°角．不計帶電粒子的重力．求：(1)帶電粒子剛進入水平勻強電場時的速率v0；(2)水平勻強電場的場強大小E；(3)bc兩點間的電勢差Ubc．14．（16分）如圖甲所示,一個掛在絲線下端的帶正電的小球B靜止在圖示位置，細線與豎直方向的夾角為。若固定的帶正電的小球A的電荷量為Q,B球的電荷量為q,,A和B相距為r且在同一水平線上,整個裝置處于真空中（靜電常數為k）,求：（1）A與B之間庫侖力大小和方向（2）B球的質量m15．（12分）如圖所示，已知電源電動勢E=20V，內阻r=1Ω，當接入固定電阻R=4Ω時，電路中標有“3V，6W”的燈泡L和內阻RM=0.5Ω的小型直流電動機M都恰能正常工作．求：（1）電路中的電流I；（2）電源的輸出功率P外；（3）電動機的輸出功率P出．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

乙拉長為原來的3倍時，橫截面積減小為原來的1/3，由R=ρ可知，乙的電阻變為原來的1倍，則甲、乙電阻之比為1：1．兩電阻串聯時，電流相等，電壓之比等于電阻之比，故甲、乙金屬絲兩端的電壓之比為：1：1；故選A．2、A【解析】

A．極板A上移，極板正對面積減小，根據電容的決定式C=εS4πkd，可知電容C減小，電容器的電量Q不變，由電容的定義式C=QB．極板A右移，板間距離減小，根據電容的決定式C=εS4πkd，可知電容C增大，電容器的電量Q不變，由電容的定義式C=QC．極板間插入一定厚度的金屬片，相當于板間距離減小，根據電容的決定式C=εS4πkd，可知電容C增大，電容器的電量Q不變，由電容的定義式C=QD．極板間插人一云母片，根據電容的決定式C=εS4πkd，可知電容C增大，電容器的電量Q不變，由電容的定義式C=Q【點睛】對于電容器動態變化分析問題，關鍵掌握電容的決定式C=εS4πkd和電容的定義式3、C【解析】由圖知,．通話時，由，得.同理待機時，，C對．4、A【解析】

由萬有引力提供向心力可得，可得，故A正確；解得，由于，故B錯誤；解得，故C錯誤；解得，故D錯誤．綜上分析，答案為A5、D【解析】

發現電流的熱效應的科學家是焦耳，選項AB錯誤；電流通過導體產生的熱量Q=I2Rt，選項C錯誤；白熾燈工作就是應用了電流的熱效應，選項D正確；故選D．6、A【解析】試題分析：當磁鐵向下運動時，穿過線圈的磁通量變大，原磁場方向向上，所以感應磁場方向向下，根據右手螺旋定則判斷感應電流的方向；根據楞次定律“來拒去留”可判斷磁鐵與線圈的相互作用．當磁鐵向下運動時，穿過線圈的磁通量變大，原磁場方向向上，所以感應磁場方向向下，根據右手螺旋定則，拇指表示感應磁場的方向，四指彎曲的方向表示感應電流的方向，即通過電阻的電流方向為b→a．根據楞次定律“來拒去留”可判斷線圈對磁鐵的作用是阻礙作用，故磁鐵與線圈相互排斥．綜上所述：線圈中感應電流的方向為電阻的電流方向為b→a，磁鐵與線圈相互排斥，故B正確．視頻二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

圖甲為電流表改裝的原理圖，增大可調電阻的阻值，根據可知，會使得改裝后電表的量程減小，選項A錯誤，B正確；圖乙為電壓表改裝的原理圖，增大可調電阻的阻值，根據可知，改裝后電表的量程增大，選項C正確，D錯誤；故選BC.8、BD【解析】A、電阻的0在表盤右端,左端是無窮大,被測電阻的阻值越大,指針向右轉過的角度越小,故A錯誤;

B、多用電表測電流、電壓、電阻時電流都是正接線柱流入,負接線柱流出,故B正確；C、任何電表使用前都要機械調零，故C錯誤；D、測量電阻時不小心將紅表筆插入標“負”的表孔，黑表筆插入標“正”的表孔，不影響結果，兩條線只是起接通電路的作用，正常操作不影響結果，故D正確；綜上所述本題答案是：BD9、AD【解析】

設偏轉電壓為U，知勻強電場的電場強度為：，粒子在偏轉電場中的運動時間為：，則偏轉角的正切值為：，則A．偏轉電壓越高，則偏轉角越大．故A正確．B．帶電粒子的質量越大，則偏轉角越小．故B錯誤．C．帶電粒子的電量越小，偏轉角越小．故C錯誤．D．帶電粒子的初速度越大，則偏轉角越小．故D正確．10、CD【解析】

由題意可知，滑片向a端移動時，外電路的總電阻增大，干路電流減小，路端電壓增大，R1的電壓減小，R3的電壓增大、電流增大，滑動變阻器所在支路電流減小，R2的電壓減小，滑動變阻器的電壓增大。A．電壓表測得是滑動變阻器的電壓，所以讀數增大，A錯誤B．電流表測得是滑動變阻器所在支路的電流，所以讀數減小，B錯誤C．電容器的電壓等于R3的電壓，所以質點所受電場力增大，大于重力，質點向上運動，C正確D．R3的電壓增大、電流增大，所以消耗的功率逐漸增大，D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、4.685mm1.455cm電路圖見解析伏安特性曲線見解析減小BD【解析】

（1）[1][2]．該筆芯的直徑為d=4.5mm+0.01mm×18.5=4.685mm；L=1.4cm+0.05mm×11=1.455cm。（2）[3]．由表中數據可知電流的變化范圍為0-20mA，所以電流表選擇B，滑動變阻器的特點是：電阻大的調節精度低，電阻變化快，操作不方便，故選小電阻的，故選D；該實驗中由于需要測量較多的數據，因此滑動變阻器采用分壓接法，由于熱敏電阻阻值較大，因此安培表采用內接法，電路圖如圖所示：

（3）[4]．作出熱敏電阻的伏安特性曲線如圖；（4）[5][6][7]．圖象中曲線的斜率表示電阻的倒數，所以熱敏電阻的阻值隨電壓的增大而減小；由表中數據可知電流的變化范圍為0-20mA，所以電流表選擇B；為了便于調節滑動變阻器，應在安全的情況下選最大阻值較小的D．12、B【解析】

（1）[1]平衡摩擦力時，要求小車在無動力的情況下平衡摩擦力，不需要掛任何東西。平衡摩擦力時，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，所以需要將木板的一端抬高，故選B。（2）[2]根據勻變速直線運動中中間時刻的瞬時速度等于該段時間的平均速度，則B點的速度為：[3]根據：△則有：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）【解析】

（1）對粒子從a運動到b過程應用動能定理得：（2）粒子在豎直方向上做勻速直線運動，粒子從b運動到c的時間：粒子在水平方向上做初速度為零的勻加速直線運動，加速度：a=離開電場時水平分速度：由題意得：解得：（3）粒子運動到c點時速度為：b