2025屆湖北省孝感市漢川市漢川二中高二物理第一學期期中調研試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在“車讓人”交通安全活動中，交警部門要求汽車在斑馬線前停車讓人．以8m/s勻速行駛的汽車，當車頭離斑馬線8m時司機看到斑馬線上有行人通過，已知該車剎車時最大加速度為5m/s2，駕駛員反應時間為0.2s．若駕駛員看到斑馬線上有行人時立即緊急剎車，則A．汽車能保證車讓人B．從開始發現情況到車停下來汽車通過的距離是6.4mC．從開始發現情況到車停下來汽車運動的時間是1.6sD．在駕駛員反應時間內汽車通過的距離是1m2、如圖所示的電路中，已知電容C1=C2，電阻R1=R2，電源電動勢為E，內阻不計，當開關S由閉合狀態斷開時，下列說法中正確的是（）A．電容器C1的電量增多，電容器C2的電量減少B．電容器C1的電量減少，電容器C2的電量增多C．電容器C1、C2的電量都增多D．電容器C1、C2的電量都減少3、下列各圖中，運動電荷的速度方向、磁感應強度方向和電荷的受力方向之間的關系正確的是()A． B．C． D．4、如圖所示，水平天花板下用長度相同的絕緣輕質細線懸掛起來的兩個相同的帶電小球a、b，左邊放一個帶正電的固定球＋Q時，兩懸球都保持豎直方向。下面說法正確的是()A．a球帶正電，b球帶正電，并且a球帶電荷量較大B．a球帶負電，b球帶正電，并且a球帶電荷量較小C．a球帶負電，b球帶正電，并且a球帶電荷量較大D．a球帶正電，b球帶負電，并且a球帶電荷量較小5、圖示為物體A和B在同一直線上運動的v—t圖線，已知在3s末兩個物體第一次相遇，則（）A．相遇時它們的速度不相同B．它們是相向運動的C．t=0時刻，B在A前面4.5m處D．3s之后一段時間，它們還會第二次相遇6、如圖，電路中8個電阻r相同，r=1Ω，另3個電阻阻值均為R=4Ω，還有一個電阻阻值R0=2Ω，將a，b與電源相連，電路中總電流為2A，則電路消耗的總功率為P，其中R0上消耗的功率為P0，則（）A．P=24W，P0=W B．P=12W，P0=WC．P=16W，P0=W D．P=16W，P0=W二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一根粗細均勻的金屬導線阻值為R，兩端加上恒定電壓U時，通過金屬導線的電流強度為I，金屬導線中自由電子定向移動的平均速率為v，若將金屬導線均勻拉長，使其長度變為原來的2倍，仍給它兩端加上恒定電壓U，已知電流微觀式為I=neSV，其中n為單位體積電子個數，e為元電荷，S為導線模截面積，則下列說法中正確的是A．此時金屬導線的阻值為4RB．此時通過金屬導線的電流為C．此時自由電子定向移動的平均速率為D．此時自由電子定向移動的平均速率為8、如圖甲所示，在真空中足夠大的絕緣水平地面上，一質量為m=0.1kg、帶電荷量為的小物塊處于靜止狀態，小物塊與地面間的摩擦因數.從t=0時刻開始，空間上加如圖乙所示的電場.下列說法正確的是（）A．4秒內小物塊一直向同一方向運動B．2s末小物塊速度大小為2m/sC．4秒內小物塊的位移大小為6mD．4秒內電場力對小物塊所做的功為0.8J9、下列關于電源的說法，正確的是（）A．電源向外提供的電能越多，表示電動勢越大．B．電動勢在數值上等于電源將單位正電荷從負極移送到正極時，非靜電力所做的功C．電源的電動勢與外電路有關，外電路電阻越大，電動勢就越大D．電動勢越大的電源，將其他形式的能轉化為電能的本領越大10、下列說法中正確的是A．物體的動量改變，一定是速度大小改變B．物體的動量改變，一定是速度方向改變C．物體的運動狀態改變，其動量一定改變D．物體的速度方向改變，其動量一定改變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，游標卡尺的讀數為________cm；螺旋測微器的讀數為________mm。12．（12分）兩位同學用如圖所示裝置，通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律．（1）實驗中必須滿足的條件是________．A．斜槽軌道盡量光滑以減小誤差B．斜槽軌道末端的切線必須水平C．入射球A每次必須從軌道的同一位置由靜止滾下D．兩球的質量必須相等（2）測量所得入射球A的質量為mA，被碰撞小球B的質量為mB，圖中O點是小球拋出點在水平地面上的垂直投影，實驗時，先讓入射球A從斜軌上的起始位置由靜止釋放，找到其平均落點的位置P，測得平拋射程為OP；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球B相撞，分別找到球A和球B相撞后的平均落點M、N，測得平拋射程分別為OM和ON．當所測物理量滿足表達式_________________時，即說明兩球碰撞中動量守恒；如果滿足表達式_______________時，則說明兩球的碰撞為完全彈性碰撞．（1）乙同學也用上述兩球進行實驗，但將實驗裝置進行了改裝：如圖12所示，將白紙、復寫紙固定在豎直放置的木條上，用來記錄實驗中球A、球B與木條的撞擊點．實驗時，首先將木條豎直立在軌道末端右側并與軌道接觸，讓入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，撞擊點為B′；然后將木條平移到圖中所示位置，入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，確定其撞擊點P′；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與球B相撞，確定球A和球B相撞后的撞擊點分別為M′和N′．測得B′與N′、P′、M′各點的高度差分別為h1、h2、h1．若所測物理量滿足表達式_________________時，則說明球A和球B碰撞中動量守恒．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）示波器的示意圖如圖，金屬絲發射出來的電子（初速度為零，不計重力）被加速后從金屬板的小孔穿出，進入偏轉電場．電子在穿出偏轉電場后沿直線前進，最后打在熒光屏上．設加速電壓U1=1640V，偏轉極板長Ｌ=4cm，偏轉板間距d=1cm，當電子加速后從兩偏轉板的中央沿板平行方向進入偏轉電場．（1）偏轉電壓U2為多大時，電子束打在熒光屏上偏轉距離最大？（2）如果偏轉板右端到熒光屏的距離Ｓ=20cm，則電子束最大偏轉距離為多少？14．（16分）如圖為實驗室常用的兩個量程的電流表原理圖。當使用O、A兩接線柱時，量程為0.6A；當使用O、B兩接線柱時，量程為3A。已知電流計的內電阻為Rg=100Ω,滿偏電流為Ig=100mA。求分流電阻R1和R2的阻值。15．（12分）如圖所示，在x軸上方有垂直于xOy平面向里的勻強磁場，磁感強度為B；在x軸下方有沿y軸負方向的勻強電場，場強為E。一質量為m，電量為-q的粒子從坐標原點O沿著y軸正方向射出。射出之后，第三次到達x軸時，它與點O的距離為L。求此粒子射出時的速度v和運動的總路程s（重力不計）。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

反應時間內汽車勻速運動，求解此過程汽車運動的距離，根據速度位移公式求出減速到零的時間，然后求出位移，判斷是否超過停車線．【詳解】若駕駛員反應時間為t1=1.2s，反應時間的位移：x1=8m/s×1.2s=1.6m；剎車的距離，剎車的時間：則車前行最短距離為x=x1+x2=1.4m+6.4m=7.8m<8m，車運動的時間為t=t1+t2=1.8s，故該汽車能保證車讓人，故BCD錯誤，A正確；故選A．【點睛】解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的速度時間公式、速度位移公式、位移時間公式，并能靈活運用，同時要注意剎車的末速度可能是1．2、D【解析】答案選D分析：電容器的電容不變，通過分析電壓變化來分析電量變化．當開關S斷開時，電路中無電流，兩電容的電壓都等于電源的電動勢．當S閉合時，R1、R2串聯，C1與電阻R1并聯，C2與電阻R2并聯，根據兩電容器的電壓與電動勢的關系分析電壓的變化，再判斷電量的變化．解答：解：當開關S斷開時，電路中無電流，兩電容的電壓都等于電源的電動勢．當S閉合時，R1、R2串聯，C1與電阻R1并聯，C2與電阻R2并聯，則兩電容器的電壓均小于電動勢，電壓減小，而電容不變，則電容器的電量均減小．故選D．3、B【解析】

帶電粒子在磁場中運動時，所受洛倫茲力方向由左手定則進行判斷．根據左手定則可知：A．圖中洛倫茲力方向應該向上；錯誤B．圖中電荷的速度方向、磁場方向和電荷的受力方向之間的關系符合左手定則；正確CD．圖中電荷運動方向與磁場方向在一條線上，不受洛倫茲力；錯誤【點睛】本題考查判斷洛倫茲力的方向，容易題．注意帶電粒子在磁場中的運動受洛倫茲力的條件及安培定則的應用．4、B【解析】

存在+Q球時，對A、B球受力分析，由于懸線都沿豎直方向，說明水平方向各自合力為零，說明a球帶負電，b球帶正電，對+Q而言，a、b對+Q的水平方向的庫侖力大小相等方向相反。根據得A離+Q較近，所以a球帶電荷量較小，b球帶電荷量較大。A.a球帶正電，b球帶正電，并且a球帶電荷量較大，與結論不相符，選項A錯誤；B.a球帶負電，b球帶正電，并且a球帶電荷量較小，與結論相符，選B正確；C.a球帶負電，b球帶正電，并且a球帶電荷量較大，與結論不相符，選項C錯誤；D.a球帶正電，b球帶負電，并且a球帶電荷量較小，與結論不相符，選項D錯誤。5、C【解析】

A.由題，在3s末兩個物體第一次相遇，兩圖線相交，說明速度相同，故A錯誤；B.速度的正負表示物體的運動方向，它們的速度均為正，可知它們都沿正向運動，是同向運動的，故B錯誤；C.v-t圖像的面積表示物體的位移，兩物體在3s內的位移分別為：，，因為t=3s末兩物相遇，則出發時B在A前4.5m處。故C正確；D.3s末兩個物體相遇后，B的速度大于A的速度，兩物體不可能第二次相遇。故D錯誤。故選：C6、C【解析】

2r與R0串聯的總電阻為4Ω，再與R并聯的電阻為2Ω，等于R0，依此類推，ab間的總電阻為根據知電路消耗的總功率為R0的電流與總電流的關系為則得R0上消耗的功率為故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】

將金屬導線均勻拉長，使其長度變為原來的2倍，橫截面積變為原來的倍，，根據電阻定律分析電阻的變化，由歐姆定律分析電流的變化．由電流的微觀表達式I=nevS分析平均速率v的變化．【詳解】A項：將金屬導線均勻拉長，使其長度變為原來的2倍，橫截面積變為原來的倍，根據電阻定律分析得到，電阻變為原來的4倍，故A正確；B項：根據歐姆定律可知，電流I變為原來的，即為，故B正確；C、D項：電流的微觀表達式I=nevS，其中n、e不變，電流I為原來的，橫截面積S變為原來的倍，則自由電子定向移動的平均速率為，故C正確，D錯誤．故應選ABC．8、AD【解析】

ABC．0～2s，由牛頓第二定律得物塊加速度：物塊向右做加速運動，2s末小物塊速度前2s內的位移2～4s，由牛頓第二定律得加速度物塊向右做減速運動，4s末減速到零，2～4s的位移4秒內小物塊的位移故A正確，BC錯誤；D．4秒內電場力對小物塊所做的功代入數據解得故D正確。9、BD【解析】

電動勢表征電源把其他形式能轉化為電能的本領，與電源向外提供的電能多少、外電路的電阻等均無關，AC選項均錯誤，選項BD正確．10、CD【解析】

動量是矢量，動量改變可能是大小改變，也可能是方向改變，所以速度大小不一定變，故AB錯誤；運動狀態是用速度來描述的，運動狀態的改變一定是速度在變，只要速度改變，不論是大小還是方向，動量都發生變化，故CD正確．所以CD正確，AB錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、3.185cm2.502【解析】

[1]．游標卡尺的讀數為：3.1cm+0.05mm×17=3.185cm；[2]．螺旋測微器的讀數為：2.5mm+0.01mm×0.2=2.502mm。12、BCmA·OP=mA·OM+mB·ONOP+OM=ON【解析】

①A、“驗證動量守恒定律”的實驗中，是通過平拋運動的基本規律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運動，對斜槽是否光滑沒有要求，故A錯誤；B、要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須水平，故B正確；C、要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止滾下，故C正確；D、為了使小球碰后不被反彈，要求入射小球質量大于被碰小球質量，故D錯誤；故選BC．②小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相同，它們在空中的運動時間t相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動量守恒，則mAv0=mAv1+mBv2，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：mAOP=mAOM+mBON，若碰撞是彈性碰撞，則機械能守恒，由機械能守恒定律得：mAv02=mAv12+mBv22，將OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t代入得：mAOP2=mAOM2+mBON2；③小球做平拋運動，在豎直方向上：h=gt2，平拋運動時間：t=，設軌道末端到木條的水平位置為x，小球做平拋運動的初速度：vA=，vA′=，vB′=，如果碰撞過程動量守恒，則：mAvA=mAvA′+mBvB′，將速度代入動量守恒表達式解得