2025屆廣東省揭陽市惠來縣第一中學物理高二第一學期期中統考試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、安培提出了著名的分子電流假說，根據這一假說，電子繞核運動可等效為一環形電流．設帶電荷量為e的電子以速率v繞原子核沿順時針方向做半徑為r的勻速圓周運動，其電流的等效電流強度I和方向為（）A．，順時針 B．，順時針C．，逆時針 D．，逆時針2、如圖所示，勻強磁場存在于虛線框內，矩形線圈豎直下落．如果線圈中受到的磁場力總小于其重力，則它在1、2、3、4位置時的加速度關系為()A．a1>a2>a3>a4 B．a1＝a2＝a3＝a4C．a1＝a3>a2>a4 D．a1＝a3>a2＝a43、如圖所示，閉合導線框的質量可以忽略不計，將它從如圖所示的位置勻速拉出勻強磁場．若第一次用0.3s時間拉出，外力所做的功為W1，通過導線截面的電荷量為q1；第二次用0.9s時間拉出，外力所做的功為W2，通過導線截面的電荷量為q2，則()A．W1<W2，q1<q2 B．W1<W2，q1＝q2 C．W1>W2，q1＝q2 D．W1>W2，q1>q24、如圖所示，將長為L不帶電的金屬棒放在場強為E的勻強電場中，棒與等勢面的夾角為α，則棒兩端的電勢差最終為A．EL B．ELcosαC．ELsinα D．05、如圖所示的電路中，電源電動勢為6V，當開關S接通后，燈泡L1和L2都不亮，用電壓表測得各部分電壓是Uab＝6V，Uad＝0，Ucd＝6V，由此可判定A．L1和L2的燈絲都燒斷了 B．L1的燈絲燒斷了C．L2的燈絲燒斷了 D．變阻器R斷路6、如圖所示，帶電粒子以初速度以v0從a點進入勻強磁場，運動過程中經過b點，Oa=Ob，若撤去磁場加一個與y軸平行的勻強電場，帶電粒子仍以速度以v0從a點進入電場，仍能通過b點，則電場強度E和磁感應強度B的比值為A．v0 B．1/v0 C．2v0 D．v0/2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、A、B兩個點電荷在真空中所產生電場的電場線（方向未標出）如圖所示，圖中C點為兩點電荷連線的中點，MN為兩點電荷連線的中垂線，D為中垂線上的一點，電場線的分布關于MN左右對稱，則下列說法中正確的是（）A．A、B點電荷的帶電量一定相等B．C、D兩點的電場強度相同C．C、D兩點的電勢一定相等D．C、D兩點電勢高低由A、B電荷的正負決定8、如圖，傾角為α的光滑斜面下端固定一絕緣輕彈簧，整個裝置處在場強大小為E、方向沿斜面向下的勻強電場中。現把一個質量為m、帶電量為－q的小球從M點由靜止釋放，釋放后小球沿著斜面向下運動，且M點與彈簧的上端N點的距離為s。已知靜電力常量為k，彈簧的勁度系數為k0。則下列說法中正確的是（）A．小球帶負電，故N點的電勢高于M點的電勢B．下滑過程中，小球的電勢能一直在增大C．當小球下滑至N點時，速度大小為D．當彈簧壓縮量為時，小球的速度最大9、如圖所示，六面體真空盒置于水平面上，它的ABCD面與EFGH面為金屬板，其他面為絕緣材料．ABCD面帶正電，EFGH面帶負電．從小孔P沿水平方向以相同速率射入三個質量相同的帶正電液滴A、B、C，最后分別落在1、2、3三點，則下列說法正確的是A．三個液滴在真空盒中都做平拋運動B．三個液滴的運動時間一定相同C．三個液滴落到底板時的速率相同D．液滴C所帶電荷量最多10、如圖，在P板附近有一電子由靜止開始向Q板運動．已知兩極板間電勢差為U，板間距為d，電子質量為m，電荷量為e.則關于電子在兩板間的運動情況，下列敘述不正確的是A．若將板間距d增大一倍，則電子到達Q板的速率保持不變B．若將板間距d增大一倍，則電子到達Q板的速率也增大一倍C．若將兩極板間電勢差U增大一倍，則電子到達Q板的時間保持不變D．若將兩極板間電勢差U增大一倍，則電子到達Q板的時間減為一半三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）(1)下面左圖螺旋測微器讀數為__________mm，右圖游標卡尺讀數為__________mm(2)某表頭滿偏電流為1mA、內阻為982Ω．（以下計算結果均取整數）①為了將表頭改裝成量程為3V的電壓表，需要一個阻值為________Ω的電阻與表頭串聯；②為了將表頭改裝成量程為50mA的電流表，需要一個阻值約為____Ω的電阻與表頭并聯．12．（12分）在測量一節干電池的電動勢和內電阻的實驗中，實驗電路圖如圖所示．(1)實驗過程中，電流表應選______滑動變阻器應選_______(請填寫選項前對應的字母)A．電流表A1(量程0.6A，內阻約0.8Ω)B．電流表A2(量程3A，內阻約0.5Ω)C．滑動變阻器R1(0～10Ω)D．滑動變阻器R2(0～2000Ω)(2)根據圖示的電路，電流表測量值_______真實值(選填“大于”或“小于”)．(3)若測量的是新干電池，其內電阻比較小．在較大范圍內調節滑動變阻器，電壓表讀數變化________(選填“明顯”或“不明顯”)．(4)閉合開關，調節滑動變阻器，讀取電壓表和電流表的示數．用同樣方法測量多組數據，將實驗測得的數據標在如圖所示的坐標圖中，請作出U-I圖線_____，由此求得待測電池的電動勢E=_____V，內電阻r=______Ω（結果均保留兩位有效數字）．所得內阻的測量值與真實值相比________（填“偏大”、“偏小”或“相等”）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，質量為m=2kg的物體放在水平地上，用F=10N的水平拉力使它由靜止開始運動，經過t=3s物體的速度為v=6m/s．（1）求物體運動加速度a的大小；（2）求物體3s內的位移x大小；（3）求物體與水平地面間的摩擦力f的大小；14．（16分）如圖，兩水平面（虛線）之間的距離為H，其間的區域存在方向水平向右的勻強電場．自該區域上方的A點將質量為m、電荷量分別為q和–q（q>0）的帶電小球M、N先后以相同的初速度沿平行于電場的方向射出．小球在重力作用下進入電場區域，并從該區域的下邊界離開．已知N離開電場時的速度方向豎直向下；M在電場中做直線運動，剛離開電場時的動能為N剛離開電場時的動能的1.5倍．不計空氣阻力，重力加速度大小為g．求（1）M與N在電場中沿水平方向的位移之比；（2）A點距電場上邊界的高度；（3）該電場的電場強度大小．15．（12分）如圖1所示，電路中R1為定值電阻，R2為滑動變阻器，M為玩具電動機，電動機線圈電阻r1=0.5Ω，A、V1、V2均理想電表。閉合開關S1、斷開開關S2，在將滑動變阻器的滑動觸頭P從最右端滑到最左端的過程中，兩個電壓表的示數隨電流表示數變化的完整圖線如圖2所示。(1)求電源的電動勢E和內阻r；(2)求滑動變阻器R2的最大功率Pm；(3)若滑動變阻器的滑動觸頭P滑到最左端后，再閉合開關S2，此時電流表的示數I=1.0A，求此狀態下電動機的輸出功率P

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：電子繞核運動可等效為一環形電流，電子運動周期為T=根據電流的定義式得：電流強度為I=因為電子帶負電，所以電流方向與電子定向移動方向相反，即沿逆時針方向，故C正確．故選C2、C【解析】

線圈自由下落時，加速度為。線圈完全在磁場中時，磁通量不變，不產生感應電流，線圈不受安培力作用，只受重力，加速度為。線圈進入和穿出磁場過程中，切割磁感線產生感應電流，將受到向上的安培力，根據牛頓第二定律得知：，；線圈完全在磁場中時做勻加速運動，到達4處的速度大于2處的速度，則線圈在4處所受的安培力大于在2處所受的安培力，又知磁場力總小于重力，則，故：故選C。3、C【解析】

第一次用0.3s時間拉出，第二次用0.9s時間拉出，兩次速度比為3:1，由E=BLv，兩次感應電動勢比為3:1，兩次感應電流比為3:1，由于F安=BIL，兩次安培力比為3:1，由于勻速拉出勻強磁場，所以外力比為3:1，根據功的定義W=Fx，所以：W1:W2=3:1；根據電量，感應電流，感應電動勢，得：所以：q1:q2=1:1，故W1＞W2，q1=q2。A.W1<W2，q1<q2。故A錯誤；B.W1<W2，q1＝q2。故B錯誤；C.W1>W2，q1＝q2。故C正確；D.W1>W2，q1>q2。故D錯誤；4、D【解析】

金屬棒放在勻強電場中，由于靜電感應，棒內電荷重新分布，最終達到靜電平衡狀態，整個金屬棒是一個等勢體，所以棒兩端的電勢差最終為1．故D正確．5、C【解析】

串聯電路中兩燈均不發光，則可能是某處斷路，電壓表測斷路位置為電源電壓，Ucd=6V，說明從a到d的電路和b到c的電路是連接良好的，故L1的燈絲和滑動變阻器都良好，L2的燈絲燒斷了．A.L1和L2的燈絲都燒斷了，與分析結論不符，故A錯誤．B.L1的燈絲燒斷了，與分析結論不符，故B錯誤．C.L2的燈絲燒斷了，與分析結論相符，故C正確．D.變阻器R斷路，與分析結論不符，故D錯誤．6、C【解析】

設oa=ob=d，因為帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，所以圓周運動的半徑正好等于d，粒子在磁場中做勻速圓周運動，由牛頓第二定律得：qv0B=m，解得：，如果換成勻強電場，水平方向以v0做勻速直線運動，在水平方向：d=v0t2，豎直沿y軸負方向做勻加速運動，即：，解得：，則=2v0，故選C．【點睛】帶電粒子在電場磁場中的運動要把握其運動規律，在電場中利用幾何關系得出其沿電場和垂直于電場的運動規律；而在磁場中也是要注意找出相應的幾何關系，從而確定圓心和半徑．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】由題意可知，電場線的分布關于MN左右對稱，所以A、B點電荷的帶電量一定相等，故A正確；在兩等量異號電荷連線的中垂線上，中間點電場強度最大，也可以從電場線的疏密判斷，所以C點的電場強度比D點的電場強度大，故B錯誤；等量異號電荷連線的中垂線為等勢線，與所以C點的電勢等于D點的電勢，與A、B電荷的正負無關，故C正確，D錯誤。所以AC正確，BD錯誤。8、BD【解析】

A．根據沿電場線方向電勢降低可知，N點的電勢低于M點的電勢，故A錯誤；B．下滑過程中，電場力對負電荷做負功，電勢能增大，故B正確；C．由動能定理可得解得故C錯誤；D．當小球的合力為0時，小球速度最大，由平衡可得解得故D正確。故選BD。9、BD【解析】

A.三個液滴在水平方向受到電場力作用，水平方向不是勻速直線運動，所以三個液滴在真空盒中不是做平拋運動，選項A錯誤；B.由于三個液滴在豎直方向做自由落體運動，三個液滴下落的高度相同，三個液滴的運動時間相同，選項B正確；C.三個液滴落到底板時豎直分速度相等，而水平分速度不相等，所以三個液滴落到底板時的速率不相同，選項C錯誤；D.由于液滴C在水平方向位移最大，而運動時間和初速度相同，說明液滴C在水平方向加速度最大，所帶電荷量最多，選項D正確．10、BCD【解析】

AB．根據動能定理得知電子到達Q板的速度為：將板間距離增大一倍，因為電壓不變，電子到達Q板的速率不變，故A正確，不符合題意；B錯誤，符合題意；

CD．電子的加速度為：根據得：若將兩極板間電勢差U增大一倍，則電子到達Q板的時間減為原來的倍，故CD錯誤，符合題意；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.90014.50201820【解析】

(1)[1]螺旋測微器讀數為0.5mm+0.01mm×40.0=0.900mm；[2]游標卡尺讀數為1.4cm+0.05mm×10=14.50mm；(2)[3]為了將表頭改裝成量程為3V的電壓表，需要串聯電阻的阻值為[4]為了將表頭改裝成量程為50mA的電流表，需要并聯電阻的阻值為12、AC小于不明顯1.51.9偏小【解析】

本題考查測量電源電動勢和內阻的實驗【詳解】(1)因為一般干電池的電動勢為1.5V，結合電路中的電阻情況得知電路中的電流比較小，所以應該選量程為0.6A的電流表更合適，故電流表選A；因為是限流式電路，滑動變阻器應該選擇總阻值和電源內阻更接近的，故滑動變阻器應該選擇C；(2)此電路圖采用的是電流表相對電源的外接法，因為電壓表存在分流作用，故而電流表的測量值實際并不是主路電路，主路電流應該等于電流表的示數與流經電壓表的電流之和，故電流表測量值應小于真實值；(3)若電源比較新，內阻較小，則內電壓的變化也比較小，故路端電壓變化不明顯，即電壓表示數變化不明顯；(4)將方格紙上的個點連成如圖所示的直線，由圖線可得，該圖線與縱軸的焦點表示電源的電動勢，該圖線的斜率的絕對值表示電源的內阻，即E=1.5V，r=1.9Ω，因使用該種方法測量得出的，即測量值相比于真實值偏小。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)9m(3)6N【解析】

(1)物體運動的加速度大小為：(2)根據平均速度公式可知(3)根據牛頓第二定律可知代入解得：14、（1）3；（2）H/3；（3）【解析】

（1）設帶電小球M、N拋出的初速度均為v0，則它們進入電場時的水平速度仍為v0；M、N在電場中的運動時間t相等，電場力作用下產生的加速度沿水平方向，大小均為a，在電場中沿