河北省唐山一中2025屆高一物理第一學期期末復習檢測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、物體從距地面100米的高空自由落下不計空氣阻力，且g取．若將100m分成5段，第一種分法是將時間等分，第二段時間內經過的位移為h，第二種分法是將位移等分，經過第二段位移所用的時間為t，則h和t的值應是A.， B.，C.， D.，2、如圖所示，質量的物塊（視為質點）放在質量的木板的右端，木板長.開始木板靜止放在水平地面上，物塊與木板及木板與水平地面間的動摩擦因數均為.現對木板施加一水平向右的恒力，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，不計空氣阻力，.則物塊在木板上運動的過程中，下列說法中正確的是A.物塊與木板以相同的加速度做勻加速運動B.木板的加速度大小為C.物塊的最大速度大小為D.物塊到達木板左端時木板前進的位移大小為3、物體同時受到同一平面內的三個共點力作用，下列幾組力中，可能使物體處于平衡狀態的是（）A.5N、7N、8NB.2N、3N、6NC.1N、5N、10ND.10N、8N、1N4、一小石塊從空中M點自由落下，先后經過N點和P點，已知它經過N點時的速度為v，經過P點時的速度為2v，則MN段與NP段位移的大小之比為（）A.1：1 B.1：2C.1：3 D.1：45、做曲線運動的物體，在運動過程中一定在變化的物理量是()A.加速度 B.動能C.速度 D.合外力6、如圖所示，從彈簧上方某點自由下落的小球，從接觸到豎直放置的彈簧，到彈簧的壓縮量最大的過程中，小球的速度及所受合力大小的變化情況正確的是（）A.速度先變大，后變小 B.速度先變小，后變大C.合力先變大，后變小 D.合力先變小，后變大7、如圖所示，為減少“探究求合力的方法”中的實驗誤差，下列說法正確的是（）A.作力的圖示時，各力的比例標度應相同B.彈簧秤必須與木板保持平行C.用鉛筆沿著繩子劃線，記錄拉力的方向D.實驗中所用的兩根細線盡量短一點8、勻速轉動的長傳送帶傾斜放置，傳動方向如圖所示，在頂部靜止放上一物塊，在物塊下滑過程中，規定沿傳送帶向下為正，下列描述物塊運動過程中的v－t、a－t圖象，可能正確的是()A. B.C. D.9、如圖所示，在動摩擦因數μ＝0.1的水平地面上，質量m＝2kg的物塊與水平細繩相連，物塊在與水平方向成θ＝53°的拉力F作用下處于靜止狀態，此時水平面對物塊的彈力恰好為零．g取10m/s2，sin53°＝0.8，cos53°＝0.6，以下說法正確的是（）A.此時細繩的彈力大小為13NB.當撤去拉力F的瞬間，物塊的加速度為0C.若剪斷細繩，則剪斷的瞬間物塊的加速度大小為7.5m/s2，方向向右D.剪斷細繩，則剪斷的瞬間物塊的加速度大小為6.5m/s2，方向向右10、兩傾角分別為和的A、B兩光滑斜面固定在電梯上，質量為m的均質圓柱置于之間，剖面如圖所示。重力加速度為g，當電梯以大小為a的加速度加速上升時，圓柱對斜面A、B壓力的大小分別為F1、F2，則A. B.C D.二、實驗題11、（4分）12、（10分）三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）如圖所示，將質量m=0.1kg的圓環套在固定的水平直桿上．環的直徑略大于桿的截面直徑．環與桿間動摩擦因數μ=0.8．對環施加一位于豎直平面內斜向上，與桿夾角θ=53°的拉力F，使圓環由靜止開始以a=4.4m/s2的加速度沿桿運動，已知g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6．求（1）2s末圓環的速度大小；（2）F的大小14、（14分）如圖所示，有1、2、3三個質量均為m=1kg的物體，物體2與物體3通過不可伸長輕繩連接，跨過光滑的定滑輪，設長板2到定滑輪足夠遠，物體3離地面高H=5.75m，物體1與長板2之間的動摩擦因數μ=O.2.長板2在光滑的桌面上從靜止開始釋放，同時物體1(視為質點)在長板2的左端以v=4m/s的初速度開始運動，運動過程中恰好沒有從長板2的右端掉下．(取g=10m/s2)求：(1)長板2開始運動時的加速度大小；(2)長板2的長度；(3)當物體3落地時，物體1在長板2的位置15、（13分）如圖所示，輕桿BC的C點用光滑鉸鏈與墻壁固定，桿的B點通過水平細繩AB使桿與豎直墻壁保持30°的夾角．若在B點懸掛一個定滑輪（不計重力），某人用它勻速地提起重物．已知重物的質量m＝30kg，人的質量M＝50kg，g取10m/s2.試求：（1）此時地面對人的支持力的大小；（2）輕桿BC和繩AB所受力的大小

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、C【解析】物體下落的總時間為：，按第一種分法：每一段的時間為：，第二段下落的高度為：；按第二種分法：每一段的位移為：，前2段所需時間為：，第一段的時間為：，故經歷的時間為：，故C正確，A、B、D錯誤；故選C2、D【解析】假設木塊與木板之間無相對滑動，則根據牛頓第二定律求解整體的加速度，與木塊的最大加速度對比可判斷假設是否成立；物塊與木板之間有相對滑動，根據牛頓第二定律求出兩物體的加速度，結合運動公式求解各項【詳解】木塊的最大加速度為；若木板和木塊相對靜止，則，則木板與木塊之間產生相對滑動，物塊與木板不能以相同的加速度做勻加速運動，選項A錯誤；由牛頓第二定律可得木板的加速度，選項B錯誤；由以上的分析可知物塊的加速度大小為2.0m?s2；當物塊脫離木板時：，解得，此時物塊的最大速度大小為，選項C錯誤；物塊到達木板左端時木板前進的位移大小，選項D正確；故選D.【點睛】用假設法判斷木塊與木板之間有無相對滑動，是解答此類問題常用方法，即先假設整體之間無相對滑動，然后根據牛頓第二定律求解整體的加速度，再與木塊的最大加速度對比；3、A【解析】A、5N與7N合成時合力的范圍為，當合力為8N時與第三個力合成，得到最小值為0N，則物體處于平衡狀態，故A正確；B、2N和3N合成時合力的范圍為，當合力取5N時與第三個力合成，總合力最小為1N，則物體不能處于平衡狀態，故B錯誤；C、1N和5N合成時合力的范圍為，合力不可能為10N，故與第三個力不可能平衡，故C錯誤；D、10N和8N合成時合力的范圍為，合力不可能為1N，故與第三個力不可能平衡，故D錯誤4、C【解析】自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動，根據勻變速直線運動的速度位移關系有：聯立可得：則MN和NP段的位移大小之比為1:3，故C正確，ABD錯誤。故選C。5、C【解析】既然是曲線運動，它的速度的方向必定是改變的，所以曲線運動一定是變速運動，它的速度肯定是變化的；而勻速圓周運動的速率是不變的，平拋運動的合力、加速度是不變的【詳解】AD．平拋運動也是曲線運動，但是它的合力為重力，加速度是重力加速度，是不變的，故AD錯誤B．勻速圓周運動的速度的大小是不變的，即速率是不變的，其動能也不變，故B錯誤C．物體既然做曲線運動，那么它的速度方向肯定是不斷變化的，所以速度一定在變化，故C正確故選C【點睛】曲線運動不能只想著勻速圓周運動，平拋也是曲線運動的一種，可以是合外力不變的勻變速曲線運動，也可可以是合外力變化的勻速率圓周運動6、AD【解析】根據小球下落與彈簧接觸過程中彈力變化，即可求出小球合外力的變化情況，進一步根據牛頓第二定律得出加速度變化，從而明確速度的變化情況【詳解】開始階段，彈簧的壓縮量較小，因此彈簧對小球向上的彈力小于向下重力，此時合外力大小：F=mg﹣kx，方向向下，隨著壓縮量的增加，彈力增大，故合外力減小，則加速度減小，由于合外力與速度方向相同，小球的速度增大；當mg=kx時，合外力為零，此時速度最大；由于慣性物體繼續向下運動，此時合外力大小為：F=kx﹣mg，方向向上，物體減速，隨著壓縮量增大，物體合外力增大，加速度增大．即整個過程中合外力先變小后變大，速度先變大后變小，故AD正確，BC錯誤【點睛】本題在于分析小球的受力情況，來確定小球的運動情況，抓住彈力是變化的這一特點．不能簡單認為小球一接觸彈簧就做減速運動7、AB【解析】A.為了利用作圖法求解合力，圖中各個力的大小所用的比例標度相同，這樣才能用力的長短表示力的大小，故A正確；B.為了使各個力在同一平面內，故彈簧秤應與木板保持平行，故B正確；C.記錄方向時，通過在細線下方描點的方法進行,不能沿繩子劃線，故C錯誤；D.實驗中所用的兩根細線適當長一點可以減少因描點不準確而帶來的誤差，故D錯誤。故選AB。8、AC【解析】物塊靜止放到傳送帶后，受到重力、支持力、沿斜面向下的滑動摩擦力，做勻加速運動，速度均勻增大，由v=at知，v與t成正比．當速度等于傳送帶速度時，重力的下滑分力可能小于或等于最大靜摩擦力，則物塊將與傳送帶一起勻速向下運動，也可能重力的下滑分力大于最大靜摩擦力，物塊繼續勻加速．開始階段的勻加速過程中，由牛頓第二定律得：μmgcosθ+mgsinθ=ma，得a=μgcosθ+gsinθ，第二個勻加速過程中，由牛頓第二定律得：mgsinθ-μmgcosθ=ma′，解得：a′=gsinθ-μgcosθ，可知，a′＜a，故AC正確，BD錯誤9、BC【解析】對初始狀態的物塊受力分析，由平衡條件可得拉力F和細繩的彈力．撤去拉力F的瞬間，細繩的彈力突變，物塊的加速度為零．剪斷細繩瞬間，物體受重力、支持力，由牛頓第二定律可得物體的加速度【詳解】A．物塊受重力、繩子的彈力T以及拉力F處于平衡，根據共點力平衡得：，，解得：F＝25N，T＝15N．故A項錯誤B．撤去拉力F的瞬間，細繩的彈力突變為0，物塊的加速度為0．故B項正確CD．剪斷細繩，物塊受重力、拉力F，由牛頓第二定律得：，解得：a＝7.5m/s2，方向向右．故C項正確，D項錯誤10、AD【解析】對小球受力分析如圖，由牛頓第二定律得得由三角函數關系得故選AD。二、實驗題11、12、三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（1）8.8m/s（2）F＝9N【解析】（1）由，解得vt=8.8m/s（2）當桿對環的彈力向上時，受力如圖a，由正交分解水平：Fcos－f＝ma.........①豎直：N＋Fsin＝mg............②關系：f=N...........③解得F＝1N當桿對環的彈力向下，受力如圖b，水平分析不變豎直：Fsin＝mg＋N..........④聯立①③④解得F＝9N14、（1）（2）1m（3）1m【解析】設向右為正方向（1）物體1：-μmg=ma1a1=–μg=-2m/s2物體2：T+μmg=ma2物體3：mg–T=ma3且a2=a3由以上兩式可得：=6m/s2（2）設經過時間t1二者速度相等v1=v+a1t=a2t代入數據解t1=0．5sv1=3m/s=1．75m=0．75m所以木板2的長度L0=x1-x2=1m（3）此后，假設物體123相對靜止一起加速T=2mamg—T=ma即mg=3ma得對1分析：f靜=ma=3．3N＞Ff=μmg=2N，故假設不成立，物體1和物體2相對滑動物體1：a3=μg=2m/s2物體2：T—μmg=ma4物體3：mg–T=ma5且a4=a5得