2025屆江蘇百校聯考高二物理第一學期期中達標檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、為了降低潛艇噪音可用電磁推進器替代螺旋槳．如圖為直線通道推進器示意圖．推進器前后表面導電，上下表面絕緣，規格為：a×b×c=0.5m×0.4m×0.3m．空間內存在由超導線圈產生的勻強磁場，其磁感應強度B=10.0T、方向豎直向下，若在推進器前后方向通以電流I=1.0×103A，方向如圖．則下列判斷正確的是：BA．推進器對潛艇提供向左的驅動力，大小為4.0×103NB．推進器對潛艇提供向右的驅動力，大小為4.0×103NC．推進器對潛艇提供向左的驅動力，大小為3.0×103ND．推進器對潛艇提供向右的驅動力，大小為3.0×103N2、如圖所示，套在細桿上的小環沿桿勻速下滑，其在水平方向和豎直方向的分運動分別是()A．勻速運動，勻速運動 B．勻加速運動，勻加速運動C．勻速運動，勻加速運動 D．勻加速運動，勻速運動3、如圖所示，電荷量為q的正電荷位于電場中的A點，受到電場力為F．若將該電荷換為電荷量為的負點電荷．則A點電場強度E的大小和方向分別是（）A．，與F方向相同 B．，與F方向相同C．，與F方向相反 D．，與F方向相反4、如圖所示，是電阻R1和R2的伏安特性曲線，并且把第一象限分成了Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三個區域，現把R1和R2并聯在電路中，并聯的總電阻設為R，下列關于R1和R2的大小關系及R的伏安特性曲線應該在的區域正確的是()A．R的伏安特性曲線在Ⅰ區，R1＜R2B．R的伏安特性曲線在Ⅱ區，R1＞R2C．R的伏安特性曲線在Ⅰ區，R1＞R2D．R的伏安特性曲線在Ⅲ區，R1＜R25、一個帶電粒子（不計重力）沿垂直于磁場方向射入一個勻強磁場，粒子的一段軌跡如圖所示，軌跡上的每一小段都可以近似看成圓弧。由于帶電粒子使沿途的空氣電離，粒子的能量逐漸減小（帶電荷量不變）。由此可以確定（）A．粒子運動是從a到b，且帶正電 B．粒子運動是從b到a，且帶正電C．粒子運動是從a到b，且帶負電 D．粒子運動是從b到a，且帶負電6、如圖,半圓形光滑軌道固定在水平地面上,半圓的直徑與地面垂直,一小物塊以速度v從軌道下端滑入軌道,并從軌道上端水平飛出,小物塊落地點到軌道下端的距離與軌道半徑有關,此距離最大時,對應的軌道半徑為(重力加速度為g)()A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在水平地面上O點正上方不同高度的A、B兩點分別水平拋出一小球，如果兩球均落在同一點C上，則兩小球A．落地的速度大小可能相同B．落地的速度偏向角可能相同C．兩個小球下落時間一定不同D．兩個小球拋出時的初速度可能相同8、如圖所示，勻強磁場分布在平面直角坐標系的整個第I象限內，磁感應強度為B、方向垂直于紙面向里，一質量為m、電荷暈絕對值為q、不計重力的粒子，以某速度從0點沿著與y軸夾角為30°的方向進入磁場，運動到A點時，粒子速度沿x軸正方向，下列判斷正確的是A．粒子帶正電B．粒子由O到A經歷的時間為C．若已知A到x軸的距離為d，則粒子速度大小為D．離開第I象限時，粒子的速度方向與x軸正方向的夾角為60°9、兩個相同的帶電金屬小球（可看成點電荷），電量大小之比是1：7，在真空中相距為r。現將兩球接觸后仍放回原處，則它們間庫侖力的可能是原來的（）A．7B．3/7C．9/7D．16/710、做簡諧振動的水平彈簧振子，其振子的質量為m，振動過程中的最大速率為v，從某一時刻算起，在半個周期內A．彈力的沖量一定為零B．彈力的沖量大小可能是零到2mv之間的某一個值C．彈力所做的功一定為零D．彈力做功可能是零到之間的某一個值三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中。（1）設計如圖所示電路圖，要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化，且能盡量減小系統誤差，開關接___（填“M”或“N”）閉合開關S前滑片P置于_______（填“A端”或“B端”）（2）根據所選電路圖，請在圖中用筆畫線代替導線，把實驗儀器連接成完整的實驗電路_____。（3）若實驗中電流表出現故障，不能使用。該同學需將一個滿偏電流為1mA、內阻為30Ω的表頭改裝成量程為0-0.6A的電流表，則應將表頭與電阻箱_________（填“串聯”或“并聯”），并將該電阻箱阻值調為__________Ω.（保留一位有效數字）（4）實驗得到小燈泡的伏安特性曲線如圖所示.隨著電壓增大，溫度升高，小燈泡的電阻____________.（填“增大”，“減小”或“不變”）（5）若把這種規格的三個小燈泡、、按如圖所示電路連接.當開關S閉合后，電路中的總電流為0.25A，則此時、的實際功率之比為__________12．（12分）使用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，示數如圖所示，則金屬絲的直徑是mm．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖1所示，一個圓形線圈的匝數匝，線圈面積，線圈的電阻，線圈外接一個阻值的電阻，把線圈放入一方向垂直線圈平面向里的勻強磁場中，磁感應強度隨時間的變化規律如圖2所示求在內穿過線圈的磁通量變化量；前4s內產生的感應電動勢；內通過電阻R的電荷量q．14．（16分）真空中有兩個點電荷Q1、Q2，相距18cm，已知Q1是正電荷，其電量為1.8×10-12C，他們之間的引力大小為F=1.0×10-12N，求Q2的電量及帶電性質。15．（12分）如圖所示，在平面直角坐標系x軸的上方（，）區域范圍內存在著勻強磁場，磁感應強度為B。在空間（，）處有一粒子源P，能向平面內各個方向發射質量為m、帶電量為-q，速度為的帶電粒子。（已知，答案涉及位置或長度的均用a表示），求：(1)x軸上能接收到粒子的區域長度L1；(2)x上能被不同角度射出的兩個粒子打中的區域長度L2；(3)若在x軸的正半軸上鋪設擋板，且粒子源P打出的部分粒子恰好垂直打在擋板上并反彈，每次反彈后速度方向相反，大小為原來的0.6倍，則求這些粒子出磁場時的縱坐標y及粒子在磁場中運動的時間。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】磁場方向向下，電流方向向里，依據左手定則，則安培力方向向左，根據安培力公式F=BIL=10×1.0×103×0.4N=4.0×103N，故綜上所述，故A正確，BCD錯誤；故選A．點睛：此題考查左手定則的內容，掌握安培力大小計算，注意左手定則與右手定則的區別，及理解安培力大小公式中L的含義．2、A【解析】

小環沿桿勻速下滑，說明小環的合力為零，所以小環在水平方向所受合力為零，豎直方向的合力也為零，即小環在水平方向和豎直方向都做勻速直線運動，故A正確．3、A【解析】

電荷量為q的正電荷位于電場中的A點，受到電場力為F，則知A點電場強度E的大小為，方向與F方向相同。電場強度反映電場本身性質的物理量，僅由電場本身決定，與試探電荷無關。可知，將該點電荷換為電荷量為的負點電荷，A點的場強大小仍然是，方向與F方向相同。

A．，與F方向相同，與結論相符，選項A正確；B．，與F方向相同，與結論不相符，選項B錯誤；C．，與F方向相反，與結論不相符，選項C錯誤；D．，與F方向相反，與結論不相符，選項D錯誤；故選A。4、A【解析】把R1和R2并聯在電路中，并聯的總電阻R比R1和R2都小，則R的伏安特性曲線的斜率大于R1和R2的伏安特性曲線的斜率，則R的伏安特性曲線應該Ⅰ區，根據I-U圖象斜率表示電阻倒數可知，R1>R2故A正確．點晴：本題首先要從數學角度理解圖線的物理意義：斜率越大，電阻越小．5、B【解析】

由于帶電粒子使沿途的空氣電離，粒子的能量逐漸減小，速度逐漸減小，根據解得可知，粒子的半徑逐漸的減小，所以粒子的運動方向是從b到a，在根據左手定則可知，粒子帶正電。故選B。6、B【解析】

根據動能定理得出物塊到達最高點的速度，結合高度求出平拋運動的時間，從而得出水平位移的表達式，結合表達式，運用二次函數求極值的方法得出距離最大時對應的軌道半徑．【詳解】設半圓的半徑為R，根據動能定理得：?mg?2R＝mv′2?mv2，離開最高點做平拋運動，有：2R=gt2，x=v′t，聯立解得：，可知當R=時，水平位移最大，故B正確，ACD錯誤．故選B．【點睛】本題考查了動能定理與圓周運動和平拋運動的綜合運用，得出水平位移的表達式是解決本題的關鍵，本題對數學能力的要求較高，需加強這方面的訓練．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

兩球均做平拋運動，而平拋運動水平方向做勻速直線運動，豎直方向為自由落體運動，運用平拋運動的基本規律表示出落地的速度大小以及落地時速度方向與水平方向的夾角，即可分析．【詳解】A、D項：對于任意一球，設水平位移OC為x，豎直位移為h，初速度為v0則落地時豎直分速度大小為：落地時速度大小為：運動時間為：初速度為：則知，從A點拋出的小球初速度較大，但下落的高度較小，而從B點拋出的小球初速度較小，但下落的高度大，由知落地的速度大小可能相等，故A正確，D錯誤；B項：速度偏向角：，x相同，h不同，可知落地的速度偏向角一定不相同，故B錯誤；C項：由知運動時間一定不同，故C正確．故應選：AC．【點睛】本題主要考查了平拋運動的基本規律，知道平拋運動水平方向做勻速直線運動，豎直方向為自由落體運動，能根據運動學規律得到相關的表達式，再進行分析．8、CD【解析】

根據題意作出粒子運動的軌跡如圖所示，根據左手定則判斷知，此粒子帶負電，故A錯誤；根據幾何知識可知，從O點到A點軌跡的圓心角為60°，，B錯誤；由圖可得：，所以．而粒子的軌跡半徑為，聯立可得，C正確；粒子在O點時速度與x軸正方向的夾角為60°，x軸是直線，根據圓的對稱性可知，離開第一象限時，粒子的速度方向與x軸正方向的夾角為60°，故D正確；【點睛】帶電粒子在勻強磁場中運動時，洛倫茲力充當向心力，從而得出半徑公式，周期公式，運動時間公式，知道粒子在磁場中運動半徑和速度有關，運動周期和速度無關，畫軌跡，定圓心，找半徑，結合幾何知識分析解題，9、CD【解析】

由庫侖定律可得：F=kQqr2得，當兩相同金屬小球帶同種電荷時，兩者相互接觸后再放回原來的位置上，它們的電荷量變為4：4，所以庫侖力是原來的16：1。當兩相同金屬小球帶異種電荷時，兩者相互接觸后再放回原來的位置上，它們的電荷量是先中和后平分，電量變為3：3，所以庫侖力是原來的9：1．故CD正確，10、BC【解析】

A．由于經過半個周期后，物體的速度反向，故動量也反向，根據動量定理，彈力的沖量一定不為零，故A錯誤；B．振子的最大速率為v，最小速率為0，所以速度的變化范圍在0到2v之間，根據動量定理可知，彈力的沖量大小可能是零到2mv之間的某一個值，故B正確；CD．經過半個周期后，位移與之前的位移關系是大小相等、方向相反；速度也有同樣的規律，故動能不變，根據動能定理，彈力做的功為零，故C正確，D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、NA端并聯0.05增大20:1【解析】

(1)[1][2]要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化，且能盡量減小系統誤差，滑動變阻器采用分壓接法；由于小燈泡電阻較小，電流表采用外接法，故開關S1接N點，閉合開關前，為保護電表，閉合開關S前滑片P置于A端；(2)[3]根據實驗原理圖連接實物圖如圖所示：(3)[4][5]把表頭改裝成大量程電流表應并聯小電阻，根據并聯電路特點和歐姆定律得解得：(4)[6]根據I-U圖象中各點與坐標原點連線的斜率表示電阻倒數可知，隨著電壓增大，溫度升高，小燈泡的電阻增大；(5)[7]據電路圖可知據乙圖可知電流為0.25A，L1燈泡的電壓為3V；燈泡L2、L3并聯，每個燈泡通過的電流為0.125A，從圖乙知電壓為：故12、2.150±0.1【解析】試題分析：螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀．解：螺旋測微器的固定刻度為2mm，可動刻度為15.0×0.01mm=0.150mm，所以最終讀數為2mm+0.150mm=2.150mm．最后的結果可以為2.150±0.1．故答案為2.150±0.1【點評】對于基本測量儀器如游標卡尺