2025屆新疆昌吉回族自治州木壘縣中物理高二上期末綜合測試模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，C為兩極板水平放置的平行板電容器，閉合開關S，當滑動變阻器R1、R2的滑片處于各自的中點位置時，懸在電容器C兩極板間的帶電塵埃P恰好處于靜止狀態。要使塵埃P向下加速運動，下列方法中可行的是（）A.把R2的滑片向左移動 B.把R2的滑片向右移動C.把R1的滑片向左移動 D.把開關S斷開2、如圖所示，質量分別是m1和m2，電荷量分別是q1和q2的小球，用長度不等的絕緣輕絲線懸掛起來，兩絲線與豎直方向的夾角分別是α和β(α>β)，兩小球恰在同一水平線上，那么()A.兩球可能帶同種電荷B.q1一定大于q2C.m1一定小于m2D.m1所受的電場力一定大于m2所受的電場力3、電場中有一點P，則（）A.若該處場強不為零，但該處試探電荷受電場力作用可能為零B.若該處場強越大，則對于同一試探電荷在該處所受電場力越大C.若該處沒有試探電荷，則該處場強為零D.該處的電場強度的方向就是該處試探電荷所受力的方向4、如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內電阻r恒定不變．閉合開關S，滑動變阻器的滑片P處于某一位置時，小燈泡L能發光．將滑片P從該位置向b端滑動，則（）A.小燈泡L變亮，電流表的示數變小B.小燈泡L變亮，電流表的示數增大C.小燈泡L變暗，電流表的示數變小D.小燈泡L變暗，電流表的示數增大5、有a、b、c、d四個小磁針，分別放置在通電螺線管的附近和內部．當小磁針靜止時，小磁針指向如圖所示，其中是正確的（）Aa B.bC.c D.d6、如圖所示，水平勻強磁場的理想邊界MN和PQ均豎直，等腰直角三角形閉合導線框的直角邊恰好和磁場寬度相同。從線框右頂點剛進入磁場開始計時。若線框勻速通過磁場（線框的一直角邊與邊界平行），取逆時針方向為感應電流的正方向，則下列四幅圖中，能正確反映線框中流過的電流隨時間的變化關系的是（）A B.C. D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在半徑為R的圓形區域內，有勻強磁場，磁感應強度為B，方向垂直于圓平面（未畫出）．一群比荷為q/m的負離子以相同速率v0（較大），由P點在紙平面內向不同方向射入磁場中發生偏轉后，又飛出磁場，最終打在磁場區域右側的熒光屏（足夠大）上，則下列說法正確的是（不計重力）（

）A.離子在磁場中的運動軌跡半徑一定相等B.由Q點飛出的離子在磁場中運動的時間最長C.離子在磁場中運動時間一定相等D.沿PQ方向射入的離子飛出時偏轉角最大8、圖中的甲、乙兩個電路，都是由一個靈敏電流計G和一個變阻器R組成，它們之中一個是測電壓的電壓表，另一個是測電流的電流表，那么以下結論中正確的是()A.甲表是電流表，R增大時量程增大B.甲表電流表，R增大時量程減小C.乙表是電壓表，R增大時量程增大D.上述說法都不對9、在如圖所示的電路中，閉合開關S，當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動過程中，下列說法正確的是A.電壓表V1示數在變大，電壓表V2示數在變小B.電流表A的示數減小，電壓表V3示數在變小C.電容器的電荷量增大，電阻R1消耗的電功率變大D.電源內阻損耗的功率變大，電源消耗的總功率變大10、關于磁場和磁感線的描述，下列說法正確的是（）A.沿磁感線方向，磁感應強度逐漸減弱B.自由轉動的小磁針放在通電螺線管內部，靜止時其N極指向螺線管內部的磁場方向C.磁感線是閉合的曲線D.兩條磁感線的空隙處不存在磁場三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，由圖讀出金屬絲的直徑是_________mm。12．（12分）如圖所示，理想變壓器的原．副線圈匝數之比為n1：n2＝4：1，原線圈回路中的電阻A與副線圈回路中的負載電阻B的阻值相等．a、b端加一交流電壓后，兩電阻消耗的電功率之比PA：PB＝____；兩電阻兩端的電壓之比UA：UB＝__四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，M、N為兩塊帶等量異種電荷的平行金屬板，兩板間電壓可取從零到某一最大值之間的各種數值。靜止的帶電粒子帶電荷量為＋q，質量為m（不計重力），從點P經電場加速后，從小孔Q進入N板右側的勻強磁場區域，磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向外，CD為磁場邊界上的一絕緣板，它與N板的夾角θ＝45°，孔Q到板的下端C的距離為L，當M、N兩板間電壓取最大值時，粒子恰垂直打在CD板上，求：（1）兩板間電壓的最大值Um；（2）CD板上可能被粒子打中區域的長度s；（3）粒子在磁場中運動的最長時間tm。14．（16分）質譜儀是測量帶電粒子的質量和分析同位素的重要工具．如圖所示，質量為m、電荷量為的粒子不計重力飄入電壓為的加速電場，其初速度幾乎為零，經加速后沿直線穿過速度選擇器，然后從O點沿著與磁場垂直的方向進入磁感應強度為的勻強磁場中，最后打在照相底片上的A點，已知速度選擇器中的電場強度為E求：(1)速度選擇器中勻強磁場的磁感應強度大小B；(2)、A兩點之間的距離x.15．（12分）如圖所示，空間分布著水平方向的勻強磁場，磁場區域的水平寬度d＝0.4m，豎直方向足夠長，磁感應強度B＝0.5T．正方形導線框PQMN邊長L＝0.4m，質量m＝0.2kg，電阻R＝0.1Ω，開始時放在光滑絕緣水平板上I位置，現用一水平向右的恒力F＝0.8N拉線框，使其向右穿過磁場區，最后到達II位置(MN邊恰好出磁場)．設線框平面在運動中始終保持在豎直平面內，PQ邊剛進入磁場后線框恰好做勻速運動，g取10m/s2．求：（1）線框進入磁場前運動的距離D；（2）上述整個過程中線框內產生的焦耳熱；（3）線框進入磁場過程中通過的電量

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】AB．要使塵埃P向下運動，則其受到的電場力應該減小，即電容器兩極板間電壓應該減小，故R2的滑片應該向左移動，選項A正確，B錯誤；C．由于電容器在直流電路中相當于斷路，故滑動R1的滑片對電容器兩極板的電壓沒有影響，選項C錯誤；D．斷開開關，則電容器相當于直接接在電源兩端，其極板間電壓增大，塵埃向上運動，選項D錯誤。故選A。2、C【解析】A．兩球相互吸引必定是異種電荷。故A錯誤。B．兩球間的庫侖力為相互作用力，無論電荷量是否相等都有庫侖力大小相等，故無法判斷電量的大小。故B錯誤。C．設兩球間庫侖力大小為F，對m1研究，得到F=m1gtanα，同理對m2研究，得到F=m2gtanβ則m1tanα=m2tanβ因α＞β，得到m1＜m2，故C正確。D．根據牛頓第三定律，m1所受庫侖力一定等于m2所受的庫侖力。故D錯誤；故選C。3、B【解析】A．由公式F=qE知，若該處場強不為零，但該處試探電荷受電場力作用不可能為零，故A錯誤；B．由公式F=qE知P點的場強越大，則同一點電荷在P點所受的電場力就越大，故B正確；C．場強是由電場本身決定的，與試探電荷無關，若P點沒有試探電荷，P點場強不變，不為零，故C錯誤；D．場強方向是放在該點的正電荷的受力方向，與放在該點的負電荷的受力方向相反，故D錯誤。故選B。【點睛】本題考查場強的物理意義和方向，抓住場強反映電場本身特性的物理量，方向與正電荷所受的靜電力方向相同是關鍵4、A【解析】根據滑片P移動方向判斷滑動變阻器接入電路的阻值如何變化，然后根據閉合電路歐姆定律分析總電流的變化，從而知道電流表的示數如何變化．根據路端電壓的變化分析小燈泡亮度的變化【詳解】將滑片P從該位置向b端滑動，滑動變阻器接入電路的阻值變大，電路總電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流I變小，則電流表示數變小總電流變小，電源的內電壓變小，則路端電壓變大，小燈泡的電壓變大，則小燈泡L變亮，故A正確，BCD錯誤故選A【點睛】本題是一道閉合電路的動態分析題，要分析清楚電路結構，熟練應用歐姆定律即可分析5、D【解析】根據安培定則可知通電螺線管N極在右端，因此右側磁場方向水平向右，小磁針c位置不對；上方磁場方向水平向左，所以小磁針d位置正確；左側水平向右，a位置不對；內部水平向右，b位置不對，故ABC錯誤，D正確．故選D6、D【解析】感應電流，線框做勻速直線運動，有效長度發生變化，電流就發生變化；0-時間內，由右手定則判斷可知，感應電流方向沿逆時針方向，是正的，線框切割磁感線的有效長度l均勻增加，則電流I均勻增加；~時間內，由右手定則判斷可知，感應電流方向沿順時針方向，是負的，線框切割磁感線的有效長度l均勻增加，則電流I均勻增加；A．該圖與結論不相符，選項A錯誤；B．該圖與結論不相符，選項B錯誤；C．該圖與結論不相符，選項C錯誤；D．該圖與結論相符，選項D正確；故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】離子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m，解得：，因粒子的速率相同，比荷相同，故半徑一定相同，故A正確；設粒子軌跡所對應的圓心角為θ，則粒子在磁場中運動的時間為，，所有粒子的運動周期相等，由于離子從圓上不同點射出時，軌跡的圓心角不同，所以離子在磁場中運動時間不同，故C錯誤．由圓的性質可知，軌跡圓與磁場圓相交，當軌跡圓的弦長最大時偏向角最大，故應該使弦長為PQ，故由Q點飛出的粒子圓心角最大，所對應的時間最長；此時粒子一定不會沿PQ射入．故B正確，D錯誤；故選AB【點睛】本題為多個粒子的偏轉問題，此類題目要求我們能將圓的性質掌握清楚，利用我們所掌握的幾何知識進行分析判斷，例如半徑相同時，弦長越長，圓心角越大8、BC【解析】AB．由圖甲所示可知，電阻與G并聯，甲為電流表，分流電阻R增大時，電阻分流電流減小，量程變小，故A錯誤，B正確；C．由圖乙所示可知，電阻R與G串聯，乙為電壓表，R增大，電阻分壓電壓變大，量程變大，故C正確；D．由以上分析可知，BC正確，故D錯誤；故選BC。9、AD【解析】保持開關S閉合，根據變阻器接入電路電阻的變化，由歐姆定律分析電表讀數的變化．根據電容與板間距離的關系，分析電容的變化，確定電容器電量的變化，判斷R2中電流的方向．斷開開關S，分析板間場強的變化【詳解】A、B項：該電路中兩個電阻串聯，閉合電鍵S，當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動過程中，接入電路的有效電阻減小，根據閉合電路歐姆定律分析可知電路中電流I變大，則電流表A讀數變大；路端電壓：U=E-Ir減小，電壓表V3示數在變小，U1示數U1=IR1，隨I的增大在變大，U2示數U2=E-I（R1+r），隨電流I的增大而減小，故A正確，B錯誤；C項：電容器兩端的電壓為路端電壓，U減小，根據Q=CU可知電容器的帶電量減小，故C錯誤；D項：電源內阻損耗的功率，由于電流變大，所以電源內阻損耗的功率變大，電源消耗的總功率，電流變大，所以電源消耗的總功率變大，故D正確故應選：AD【點睛】電容器的動態分析重點在于明確電容器的兩種狀態：充電后斷開電源則極板上的電量不變；電容器保持和電源相連，則兩板間的電勢差不變．要掌握、及電容決定因素10、BC【解析】磁感線是描述磁場分布而假想的，磁感線的疏密表示磁場強弱，磁感線某點的切線方向表示該點的磁場方向，磁感線是閉合曲線，磁體外部磁感線是從N極到S極，而內部是從S極到N極；【詳解】A、磁感線的疏密表示磁場強弱，與磁場方向無關，故A錯誤；B、螺線管內部磁感線由S極指向N極，而小磁針的N極靜止時指向表示磁場方向，故其N極指向螺線管的北極，即指向螺線管內部的磁場方向，故B正確；C、磁感線分布特點：在磁體外部磁感線從N極出發進入S極，在磁體內部從S極指向N極．磁感線是閉合的曲線，故C正確；D、磁場中任意一點的磁感應強度都不為零，可以用磁感線的疏密程度表示磁場的強弱，但是不可能將每一點都畫出磁感線，否則與不畫沒區別，故D錯誤【點睛】本題考查了磁感線的引入的原因和特點、磁場的性質，由于磁場是看不見，摸不著的，為了描述磁場的性質而引入了磁感線的概念，它是假想出來的有方向的曲線，但可以描述磁場的性質三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、742~0.743【解析】[1]．金屬絲的直徑是：0.5mm+0.01mm×24.2=0.742mm.12、①.1：16②.1：4【解析】[1]根據變壓器原副線圈電流與匝數成反比得電阻消耗的功率，所以兩電阻消耗的電功率之比[2]電阻兩端的電壓U=IR，所以兩電阻兩端的電壓之比四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）兩板間電壓的