江蘇省無錫江陰市2025屆高三物理第一學期期中統考模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、假設地球和火星都繞太陽做勻速圓周運動，已知地球到太陽的距離小于火星到太陽的距離，那么（）A．地球的公轉周期小于火星的公轉周期B．地球的公轉線速度小于火星公轉的線速度C．地球的公轉加速度小于火星公轉的加速度D．地球的公轉角速度小于火星公轉的角速度2、高速水流切割是一種高科技工藝加工技術，為完成飛機制造中的高難度加工特制了一臺高速水流切割機器人，該機器人的噴嘴橫截面積為10-7m2，噴嘴射出的水流速度為103m/s，水的密度為1×103kg/m3，設水流射到工件上后速度立即變為零。則該高速水流在工件上產生的壓力大小為A．1000NB．100NC．10ND．1N3、魚雷是最好的水下打擊武器，現代魚雷所使用的超空泡技術是利用空腔氣泡隔絕水和魚雷，從而大大降低阻力，獲得高速航行的技術。下圖是某次軍事演習中紅方超空泡魚雷打擊藍方潛艇的x-t圖象，則下列說法正確的是()A．潛艇做勻加速直線運動B．魚雷一定做曲線運動C．在t2時刻魚雷與潛艇間的距離達到最大值D．在0~t2時間內魚雷的平均速度大于潛艇的平均速度4、一質量為2kg的物塊在合外力F的作用下從靜止開始沿直線運動．F隨時間t變化的圖線如圖所示，則（）A．t＝1s時物塊的速率為1m/sB．t＝2s時物塊的動能為4JC．1s～3s內，F對物塊做的功為－JD．t＝4s時物塊的速度為零5、如圖所示，物體A靜止在光滑的水平面上，A的左邊固定有輕質彈簧，與A質量相等的物體B以速度v向A運動并與彈簧發生碰撞，A、B始終沿同一直線運動，則A、B組成的系統動能變化最大的時刻是A．A開始運動時B．A和B的速度相等時C．B的速度等于零時D．A的速度等于v時6、下列論述符合物理史實的是()A．伽利略發現了行星的運動規律B．開普勒發現了萬有引力定律C．卡文迪許首先在實驗室里測出了萬有引力常量D．牛頓根據萬有引力定律發現了海王星和冥王星二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示，輕彈簧豎直固定在水平面上，一質量為m＝0.2kg的小球，從彈簧上端某高度處自由下落，從它接觸彈簧到彈簧壓縮至最短的過程中(彈簧始終在彈性限度內)，其速度v和彈簧壓縮量Δx之間的函數圖象如圖乙所示，其中A為曲線的最高點，小球和彈簧接觸瞬間機械能損失不計，取g＝10m/s2，則下列說法正確的是()A．小球剛接觸彈簧時速度最大B．當Δx＝0.3m時，小球處于超重狀態C．該彈簧的勁度系數為20.0N/mD．從接觸彈簧到壓縮至最短的過程中，小球的加速度先減小后增大8、如圖，一固定容器的內壁是半徑為R的半球面；在半球面水平直徑的一端有一質量為m的質點P.它在容器內壁由靜止下滑到最低點的過程中，克服摩擦力做的功為W.重力加速度大小為g.設質點P在最低點時，向心加速度的大小為a，容器對它的支持力大小為N，則()A．a＝ B．a＝C．N＝ D．N＝9、下列說法正確的是A．單晶體具有規則的幾何形狀B．晶體管、集成電路必須用單晶體制作C．具有各項同性特征的材料一定屬于非晶體D．液晶在數字式電子表和計算機彩色顯示器中有重要應用10、如圖1所示，物體A以速度v0做平拋運動，落地時水平方向的位移和豎直方向的位移均為L，圖1中的虛線是A做平拋運動的軌跡。圖2中的曲線是一光滑軌道，軌道的形狀與圖1中的虛線相同。讓物體B從軌道頂端無初速下滑，B下滑過程中沒有脫離軌道。物體A、B都可以看作質點。重力加速度為g。則下列說法正確的是（）A．A、B兩物體落地時的速度方向相同B．A、B兩物體落地時的速度大小相等C．物體B落地時水平方向的速度大小為D．物體B落地時重力的瞬時功率為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組用如圖甲所示的裝置驗證機械能守恒定律．（1）實驗中得到的一條紙帶如圖乙所示，第一個打點標記為O，選擇點跡清晰且便于測量的連續6個點．分別標為1、2…6，測出各點到O點的距離分別為d1、d2…d6，己知打點頻率為f，則打點2時小車的速度為______；若鉤碼的質量為m，己知當地重力加速度為g，則驗證第2點與點間重錘的機械能守恒的關系表達式可表示為__________________________________．（2）已知打點頻率f=50Hz，如果發現紙帶上第一個和第二個打點間的距離大約是5mm，出現這種情況可能的原因是_______．A．重錘的質量過大B．電源電壓偏大C．打點計時器沒有豎直固定D．先釋放紙帶后接通打點計時器（3）請你提出一條減小實驗誤差的改進建議_____________________________________________．12．（12分）如圖所示,用半徑相同的A、B兩球的碰撞可以驗證“動量守恒定律”．實驗時先讓質量為m1的A球從斜槽上某一固定位置C由靜止開始滾下,進入水平軌道后,從軌道末端水平拋出,落到位于水平地面的復寫紙上,在下面的白紙上留下痕跡．重復上述操作10次,得到10個落點痕跡．再把質量為m2的B球放在水平軌道末端,讓A球仍從位置C由靜止滾下,A球和B球碰撞后,分別在白紙上留下各自的落點痕跡,重復操作10次．M、P、N為三個落點的平均位置,未放B球時,A球的落點是P點,0點是水平軌道末端在記錄紙上的豎直投影點,如圖所示．(1)在這個實驗中,為了盡量減小實驗誤差,兩個小球的質量應滿足m1__________m2(填“>”或“<”);除了圖中器材外,實驗室還備有下列器材,完成本實驗還必須使用的兩種器材是______．A．秒表B．天平C．刻度尺D．打點計時器(2)下列說法中正確的是______．A．如果小球每次從同一位置由靜止釋放,每次的落點一定是重合的B．重復操作時發現小球的落點并不重合,說明實驗操作中出現了錯誤C．用半徑盡量小的圓把10個落點圈起來,這個圓的圓心可視為小球落點的平均位置D．僅調節斜槽上固定位置C,它的位置越低,線段0P的長度越大(3)在某次實驗中,測量出兩個小球的質量m1、m2，記錄的落點平均位置M、N幾乎與OP在同一條直線上,測量出三個落點位置與0點距離OM、OP、0N的長度．在實驗誤差允許范圍內,若滿足關系式____________,則可以認為兩球碰撞前后在OP方向上的總動量守恒;若碰撞是彈性碰撞．那么還應滿足關系式____________．(用測量的量表示)(4)在OP、0M、0N這三個長度中,與實驗所用小球質量無關的是______,與實驗所用小球質量有關的是_________．(5)某同學在做這個實驗時,記錄下小球三個落點的平均位置M、P、N,如圖所示．他發現M和N偏離了0P方向．這位同學猜想兩小球碰撞前后在OP方向上依然動量守恒,他想到了驗證這個猜想的辦法:連接OP、OM、ON,作出M、N在OP方向上的投影點M′、N′．分別測量出OP、OM′、ON′的長度．若在實驗誤差允許的范圍內,滿足關系式：____________則可以認為兩小球碰撞前后在OP方向上動量守恒．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）某幼兒園要在空地上做一個滑梯，由于空地大小限制，滑梯的水平跨度確定為x=6m．設計時，考慮兒童褲料與滑板間的動摩擦因數μ=0.4，為使兒童在滑梯上恰能滑下，重力加速度g=10m/s1．（1）求滑梯的高度h；（1）若小明褲料與滑板間的動摩擦因數，求他從滑梯上由靜止滑到底端的瞬時速度大小；（3）若體重比小明重，穿相同褲料的小華，從滑梯上由靜止滑到底端，有人認為他滑行的時間比小明長．這種說法是否正確?簡要說明理由．14．（16分）一質量為的滑塊能在傾角為的足夠長的斜面上以的加速度勻加速下滑。如圖所示，若用一水平向右的恒力作用于滑塊上，使之由靜止開始在內沿斜面向下運動的位移。（取）求：（1）滑塊和斜面之間的動摩擦因數；（2）恒力的大小。15．（12分）已知萬有引力常量，地球半徑，月球和地球之間的距離，同步衛星距地面的高度，地球的自轉周期，某同學根據以上條件，提出一種估算地球質量的方法：同步衛星繞地球作圓周運動，由得．（1）請判斷上面的結果是否正確．如不正確，請給出正確的解法和結果．（2）若已知地球表面的重力加速度，請寫出估算地球質量的方法．（3）若已知月球繞地球的運轉周期，請寫出估算地球質量的方法．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

A．設太陽質量為M，根據則地球到太陽的距離小于火星到太陽的距離，地球的公轉周期小于火星的公轉周期，A正確；B．根據則地球到太陽的距離小于火星到太陽的距離，地球的公轉線速度大于火星公轉的線速度，B錯誤；C．根據則地球到太陽的距離小于火星到太陽的距離，地球的公轉加速度大于火星公轉的加速度，C錯誤；D．根據則地球到太陽的距離小于火星到太陽的距離，地球的公轉角速度大于火星公轉的角速度，D錯誤。故選A。2、B【解析】

單位時間內噴到工件上的水的體積為：V=Svt故質量為：m=ρV=ρSvt設水的初速度方向為正方向，則由動量定理可得：Ft=0?mv解得：F=?mvt=?ρSv2=1×103×10?7×(103)2=?工件受到的沖擊壓力為100N，方向沿水流的方向故選：B.3、D【解析】

A、在x-t圖象中，斜率代表物體運動的速度，由于潛艇的x-t圖象為傾斜的直線，故速度不變，做勻速直線運動；故A錯誤.B、在x-t圖象中，表示物體做直線運動；故B錯誤.C、在t2時刻魚雷與潛艇到達相同位置故相遇，兩者間的距離為零；故C錯誤.D、由x-t圖象可知，魚雷運動的位移大于潛艇的位移，故在0～t2時間內魚雷大于潛艇的平均速度；故D正確.故選D.【點睛】本題主要考查了x-t圖象，明確x-t圖象的特點，即斜率代表速度.4、C【解析】

t＝1s時，根據動量定理：F1t1=mv1，解得，選項A錯誤；同理t＝2s時物塊的速度，則動能為，選項B錯誤；t=3s末的速度：，則1s～3s內，F對物塊做的功為，選項C正確，D錯誤；故選C.【點睛】因F-t圖像的“面積”等于F的沖量，則可以用動量定理求解某時刻的速度，很方便快捷；此題還可以用牛頓第二定律結合運動公式求解.5、B【解析】

兩球不受外力，故兩球及彈簧組成的系統動量守恒，根據兩物體速度的變化可知系統動能損失最大的時刻。【詳解】在壓縮彈簧的過程中，沒有機械能的損失，減少的動能轉化為彈簧的彈性勢能。在壓縮過程中水平方向不受外力，動量守恒。則有當A開始運動時，B的速度等于v，所以沒有損失動能。當A的速度v時，根據動量守恒定律有B的速度等于零，所以系統動能又等于初動能；故A、C、D錯誤。而在A、B速度相等時，由動量守恒知此時A、B的速度為v2，此時彈簧壓縮至最短，彈簧的彈性勢能最大，故動能應最小，動能的變化最大，故B正確故選：B6、C【解析】

開普勒首先發現了行星的運動規律，故A錯誤；牛頓發現了萬有引力定律，故B錯誤；卡文迪許首先在實驗室里測出了萬有引力常量數值，故C正確；亞當斯和勒威耶發現了海王星，克萊德?湯博發現了冥王星，故D錯誤；故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】

由小球的速度圖象知，開始小球的速度增大，說明小球的重力大于彈簧對它的彈力，當Δx為0.1m時，小球的速度最大，然后減小，說明當Δx為0.1m時，小球的重力等于彈簧對它的彈力．所以可得：kΔx＝mg，解得：k＝N/m＝20.0N/m，選項A錯誤；C正確；彈簧的壓縮量為Δx＝0.3m時，彈簧彈力為F＝20N/m×0.3m＝6N>mg，故此時物體的加速度向上，物體處于超重狀態，選項B正確；對小球進行受力分析可知，其合力是由mg逐漸減小至零，然后再反向增加的，故小球的加速度先減小后增大，選項D正確；故選BCD.【點睛】解答本題要求同學們能正確分析小球的運動情況，能根據機械能守恒的條件以及牛頓第二定律解題，知道從接觸彈簧到壓縮至最短的過程中，彈簧彈力一直做增大，彈簧的彈性勢能一直增大．8、AC【解析】試題分析:質點P下滑的過程，由動能定理得，可得；在最低點，質點P的向心加速度；根據牛頓第二定律得,解得；故A、B、C正確，D錯誤．故選ABC．考點：考查動能定理；向心力．【名師點睛】解決本題的關鍵掌握動能定理解題，以及知道質點在B點徑向的合力提供圓周運動的向心力．9、ABD【解析】

A．單晶體內部的微粒按一定規則排列，使單晶體具有規則的幾何形狀，故A正確；B．晶體管、集成電路要求材料的內部分子排列必須是有序的，多晶體和非晶體內部分子排列沒有次序，故只能用單晶體，故B正確；C．單晶體具有規則的幾何形狀，多晶體是多個單晶體的結合體，在熱傳導中不具有各向異性；故C錯誤；D．液晶顯示器利用了液晶對光具有各向異性的特點，液晶在數字式電子表和計算機彩色顯示器中有重要應用，故D正確；故選ABD。10、AC【解析】

A．因為軌跡相同，所以在落地時的速度方向一致，故A正確；B．由動能定理得，A、B的都是重力做功，且大小相同，物體A以速度做平拋運動，物體B從軌道頂端無初速下滑，所以B的末速度小于A的末速度，故B錯誤；C．根據平拋運動的知識，A沿水平方向豎直方向所以A落地時的速度A落地時速度的方向重力對B做功B的末速度因為B與A的落地速度方向相同，所以B的水平分速度為故C正確；D．因為B的落地速度為，則豎直方向的分速度所以物體B落地時重力的瞬時功率為，故D錯誤。故選AC。【點睛】在處理平拋運動時，關鍵是知道將平拋運動分解為水平方向上的勻速直線運動和豎直方向上的自由落體運動，兩個運動具有等時性，即運動時間相同，然后列式求解。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、D換用阻力較小的電火花式的打點計時器，或選用質量較大的重物；【解析】（1）勻變速直線運動平均速度等于中間時刻的瞬時速度可算2點速度，即第點2的瞬時速度等于13間的平均速度，把鉤碼和小車看成系統系統減小的勢能即為鉤碼減小的重力勢能△Ep=mg（d5﹣d1）。系統增加的動能為小車和鉤碼增加的動能。驗證點2與點5間系統的機械能是否守恒，就是驗證△Ep=△Ek，即。（2）打點的同時紙帶開始下落，則1、2兩點間的距離接近2mm，如果1、2兩點間的距離為5mm，說明紙帶有初速度，這是由于先釋放紙帶后解題電源造成的，故選D。（3）為了減小實驗阻力，可換用阻力較小的電火花式的打點計時器，或選用質量較大的重物。12、>；BC；C；；；OP；OM和ON；；【解析】

明確實驗原理，從而確定需要測量哪些物理量；在該實驗中，小球做平拋運動，H相等，時間t就相等，水平位移x=vt，與v成正比，因此可以用位移x來代替速度v，根據水平方向上的分運動即可驗證動量守恒；根據動量守恒定律以及平拋運動規律可確定對應的表達式；【詳解】解：(1)為了防止入射球碰后反彈，應讓入射球的質量大于被碰球的質量；小球離開軌道后做平拋運動，小球在空中的運動時間相同，小球的水平位移與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，實驗需要驗證：，因小球均做平拋運動，下落時間相同，則可知水平位移x=vt，因此可以直接用水平位移代替速度進行驗證，故有，實驗需要測量小球的質量、小球落地點的位置，測量質量需要天平，測量小球落地點的位置需要毫米刻度尺，因此需要的實驗器材有：BC；(2)AB、由于各種偶然因素，如所受阻力不同等，小球的落點不可能完全重合，落點應當比較集中，但不是出現了錯誤，故A、B錯誤；C、由于落點比較密集，又較多，每次測量距離很難，故確定落點平均位置的方法是最小圓法，即用盡可能最小的圓把各個落點圈住，這個圓的圓心位