2025屆云南省昆明市官渡區六校物理高二上期末考試試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一個金屬圓環水平放置在豎直向上的勻強磁場中，若要使圓環中產生如圖中箭頭所示方向的感應電流，下列方法可行的是()A.僅使勻強磁場磁感應強度均勻增大B.僅使圓環繞水平軸ab如圖轉動30°C.僅使圓環繞水平軸cd如圖轉動30°D.保持圓環水平并僅使其繞過圓心的豎直軸轉動2、以下有關靜電場和磁場的敘述中正確的是A.電場和磁場都是假想中的物質B.電場和磁場都是客觀存在的物質C.電場線和磁感線都是封閉曲線D.電場線和磁感線都是客觀存在的曲線3、已知兩個力的合力大小為18N，則這兩個力不可能是（）A.7N，8N B.18N，18NC.10N，20N D.20N，28N4、如圖是質譜儀的工作原理示意圖，帶電粒子被加速電場加速后，進入速度選擇器速度選擇器內互相垂直的勻強磁場和勻強電場的強度分別為B和擋板S上有可讓粒子通過的狹縫P和記錄粒子位置的膠片平板S下方有強度為的勻強磁場下列表述正確的是A.質譜儀是分析同位素的重要工具B.速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向里C.能通過狹縫P的帶電粒子的速率等于D.粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P，粒子的比荷越小5、下列說法正確的是A.安培提出了分子電流假說 B.法拉第發現了電流磁效應C.楞次發現了電流熱效應 D.奧斯特發現了電磁感應定律6、兩圓環A、B置于同一水平面上，其中A為均勻帶電絕緣環，B為導體環。當A以如圖所示的方向繞中心轉動的角速度發生變化時，B中產生如圖所示方向的感應電流，則（）A.A可能帶正電且轉速減小 B.A可能帶正電且轉速增大C.A一定帶負電且轉速減小 D.A可能帶負電且轉速增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，有一長方體金屬桶，左右兩側開口，其長、寬、高分別為a、b、c，置于方向向下且垂直于上、下表面的磁感應強度為B的勻強磁場中．第一次實驗時沿“→”方向通入電解質溶液；第二次實驗時在空間內裝入電解質溶液并沿“→”方向通入電流I；第三次實驗時在空間內裝入形狀和大小與所示長方體一樣的金屬板并沿“→”方向通入電流I．則下列說法正確的是（）A.三次實驗中，裝置的前、后表面都會形成電勢差B.第一次實驗時，在裝置前、后表面形成電勢差，當電勢差穩定時，測得其大小為U，則電解質溶液的流量C.第二次實驗時后表面附近電解質溶液濃度高D.第三次實驗時，其前表面電勢低于后表面電勢8、如圖所示，兩條粗糙平行導軌間的距離是0.5m，導軌與2Ω的電阻連接，水平固定放置在桌面上，導軌一部分位于有理想邊界的磁場中，磁場垂直導軌平面向下．質量為0.2kg的金屬桿垂直放置于導軌上，與導軌接觸良好，導軌以及金屬桿的電阻可忽略不計．在t0＝0時刻，給金屬桿施加一個水平向左的恒定拉力F，金屬桿由靜止開始運動，在t1＝10s時，以速度v1＝4m/s進入勻強磁場，且恰好做勻速運動，在t2＝15s時刻，撤去拉力F，與此同時磁感應強度開始逐漸減小，金屬桿中不再有感應電流，金屬桿勻減速運動到t3＝20s時停止，下面說法正確的是（）A拉力F＝0.08NB.t1～t2時間內磁感應強度0.4TC.回路磁通量的最大值為4WbD.t2～t3時間內磁感應強度隨時間均勻減小9、如圖所示，在邊界上方存在著垂直紙面向里的勻強磁場，有兩個電荷量、質量均相同的正、負粒子(不計重力)，從邊界上的O點以相同速度先后射入磁場中，入射方向與邊界成θ角，則正、負粒子在磁場中：A.運動軌跡的半徑相同B.重新回到邊界所用時間相同C.重新回到邊界時速度大小和方向相同D.重新回到邊界時與O點的距離相等10、如圖，圓形閉合線圈內存在方向垂直紙面向外的磁場，磁感應強度隨時間變化如圖，則下列說法正確的是()A.0～1s內線圈的磁通量不斷增大B.第4s末的感應電動勢為0C.0～1s內與2～4s內的感應電流相等D.0～1s內感應電流方向為順時針三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一個小燈泡上標有“4V，2W”的字樣，現要描繪這個燈泡的伏安特性圖線.有下列器材供選用：A.電壓表（0～5V，內阻約為10kΩ）B.電壓表（0～10V，內阻約為20kΩ）C.電流表（0～0.3A，內阻約為1Ω）D.電流表（0～0.6A，內阻約為0.4Ω）E.滑動變阻器（10Ω，2A）F學生電源（直流6V），還有電鍵、導線若干(1)實驗中所用電壓表應選用______，電流表應選用_______用儀器前字母表示）.(2)某同學根據實驗得到的數據畫出了該小燈泡的伏安特性曲線（如圖所示），若用電動勢為3V、內阻為2.5Ω的電源給該小燈泡供電，則該小燈泡的實際功率是________W（結果保留兩位小數）.12．（12分）利用電流表和電壓表測定一節干電池的電動勢和內阻，要求盡量減小實驗誤差：(1)如圖所示，應該選擇的實驗電路圖是_____（選填“a”或“b”）。(2)現有電流表（0~0.6A）、開關和導線若干，以及以下器材：A.電壓表（0~15V）B.電壓表（0~3V）C.滑動變阻器（0~30Ω）D.滑動變阻器（0~500Ω）實驗時，電壓表應選用_____，滑動變阻器應選用_____。(3)某同學記錄的六組數據見下表，其中五組數據的對應點已經標在圖中的坐標紙上，請標出第2組數據的對應點，并畫出U－I圖像。（）序號123456電壓U/V1.451.401.301.251.201.10電流I/A0.060.120.240.260.360.48(4)由圖像可得：該電池的電動勢E=__V，內阻r=_____Ω（小數點后保留2位數字）。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）利用電流表和電壓表測定一節干電池的電動勢和內阻，要求盡量減小實驗誤差：(1)如圖所示，應該選擇的實驗電路圖是_____（選填“a”或“b”）。(2)現有電流表（0~0.6A）、開關和導線若干，以及以下器材：A.電壓表（0~15V）B.電壓表（0~3V）C.滑動變阻器（0~30Ω）D.滑動變阻器（0~500Ω）實驗時，電壓表應選用_____，滑動變阻器應選用_____。(3)某同學記錄的六組數據見下表，其中五組數據的對應點已經標在圖中的坐標紙上，請標出第2組數據的對應點，并畫出U－I圖像。（）序號123456電壓U/V1.451.401.301.251.201.10電流I/A0.060.120.240.260.360.48(4)由圖像可得：該電池的電動勢E=__V，內阻r=_____Ω（小數點后保留2位數字）。14．（16分）電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中有一絕緣軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R=0.2m的光滑圓軌道，軌道的AB部分水平且與BC相切．AB長度為2R，一質量m=0.1kg，帶電量為q=+10-4C的小球，與水平軌道間的動摩擦因數為0.5，由A點靜止釋放后，求:(g=10m/s2)(1)小球到達B點所用的時間(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖所示，水平導體棒AB被兩根豎直細線懸掛，置于垂直紙面向里的勻強磁場中，已知磁場的磁感應強度B＝0.5T，導體棒長L＝1m，質量m＝0.5kg，重力加速度g＝10m/s2，當導體棒中通以從A到B的電流時(1)判斷導體棒所受安培力方向；當電流I＝2A時，求導體棒所受安培力的大小F；(2)導體棒中通過的電流I′為多大時，細線中拉力剛好為0。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】A.原磁場的方向向上，圓環中順時針(從上向下看)方向的感應電流的磁場方向向下，與原磁場的方向相反，所以穿過圓環的磁通量應增大.僅使勻強磁場的磁感應強度均勻增大，穿過圓環的磁通量增大，根據楞次定律可知，圓環產生順時針(從上向下看)方向的感應電流，選項A正確；BC.僅使圓環繞水平軸ab或cd按題圖所示方向轉動30°，轉動過程中穿過圓環的磁通量減小，根據楞次定律可知，圓環中產生逆時針(從上向下看)方向的感應電流，選項B、C錯誤；D.保持圓環水平并僅使其繞過圓心的豎直軸轉動，穿過圓環的磁通量保持不變，不能產生感應電流，選項D錯誤.2、B【解析】正確理解電場、磁場的性質，電場、磁場是客觀存在的物質，電場線和磁場線是為了形象描繪場而假想的曲線，在場中不是真實存在的A錯誤，B正確；電場線是不閉合，磁感線是閉合的，CD錯誤故選B考點：電場；電場線；磁場；磁感線點評：正確理解場的性質是解決本題的關鍵3、A【解析】7N，8N的合力范圍為，故A錯誤；18N，18N的合力范圍為，故B正確；10N，20N的合力范圍為，故C正確；20N，28N的合力范圍為，故D正確；本題選不正確的，故選A4、A【解析】帶電粒子在速度選擇器中受電場力和洛倫茲力平衡，做勻速直線運動，進入偏轉電場后做勻速圓周運動，根據半徑公式得出半徑與粒子比荷的關系【詳解】粒子在速度選擇器中做勻速直線運動，有，解得進入偏轉電場后，有，解得，知r越小，比荷越大．同位素電量相等，質量不同，則偏轉半徑不同，所以質譜儀是分析同位素的重要工具．故A正確，CD錯誤．因為電荷所受電場力與洛倫茲力平衡，根據左手定則知，磁感應強度的方向垂直紙面向外．故B錯誤．故選A5、A【解析】安培提出了分子電流假說，說明了一切磁現象都是由電流產生的，故A正確；奧斯特發現了電流的磁效應，揭示了電現象和磁現象之間的聯系，故B錯誤；焦耳發現了電流熱效應；故C錯誤；法拉第發現了電磁感應定律，故D錯誤．故A正確，BCD錯誤6、B【解析】AB．若A帶正電，順時針轉動產生順時針方向的電流，A中磁場方向垂直紙面向里，當轉速增大，B中磁通量增加,根據楞次定律,感應電流的磁場方向與原磁場方向相反，即感應電流磁場方向垂直紙面向外，故A中產生逆時針電流，故A錯誤；B正確；CD．若A帶負電，順時針轉動產生逆時針方向的電流，A中磁場方向垂直紙面向外，當轉速減小，B中磁通量減小，根據楞次定律，感應電流的磁場方向與原磁場方向相同,即感應電流磁場方向垂直紙面向外，故A中產生逆時針電流，因此圓環可能帶正電也可能帶負電，故CD錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A．第一次實驗時沿“→”方向通入電解質溶液，則電解液中的正負粒子由于受洛倫茲力作用分別向后、前表面偏轉積聚，形成電勢差；第二次實驗時在空間內裝入電解質溶液并沿“→”方向通入電流I，則電解液中的正負粒子分別向右、左方向定向移動，根據左手定則，正負粒子都向后表面偏轉積聚，不會在裝置的前、后表面形成電勢差；第三次實驗時在空間內裝入形狀和大小與所示長方體一樣的金屬板并沿“→”方向通入電流I，則金屬中的負電子受洛倫茲力向后表面積聚，從而在前后表面形成電勢差．選項A錯誤；B．第一次實驗時，在裝置前、后表面形成電勢差，當電勢差穩定時，測得其大小為U，則：則電解質溶液的流量選項B正確；C．由A的分析可知，第二次實驗時在空間內裝入電解質溶液并沿“→”方向通入電流I，則正負粒子都向后表面偏轉積聚，后表面附近電解質溶液濃度高，選項C正確；D．由A的分析可知，第三次實驗時在空間內裝入形狀和大小與所示長方體一樣的金屬板并沿“→”方向通入電流I，則金屬中的負電子受洛倫茲力向后表面積聚，前表面電勢高于后表面電勢，選項D錯誤；故選BC8、BC【解析】根據金屬桿的受力情況，由牛頓第二定律列方程，由加速度定義式求出求出金屬桿的加速度，然后求出拉力F；應用安培力公式求出安培力，然后應用平衡條件求出磁感應強度；當穿過回路的磁通量不變時不產生感應電流，據此求出磁感應強度的變化規律詳解】由加速度定義式可知，加速度大小：，，在0﹣10內，金屬桿做勻加速直線運動，桿沒有進入磁場，由牛頓第二定律得：F﹣μmg＝ma1，由題意可知，15s末撤去拉力，沒有感應電流，桿不受安培力作用，桿所受的合外力為滑動摩擦力，由牛頓第二定律得：μmg＝ma2，代入數據解得：F＝0.24N，故A錯誤；在t1～t2內，金屬桿做勻速直線運動，速度：v＝4m/s，金屬桿受到的安培力：，金屬桿做勻速直線運動，處于平衡狀態，由平衡條件得：，代入數據解得：B0＝0.4T，故B正確；15﹣20s內不產生感應電流，穿過回路的磁通量保持不變，金屬桿在10﹣15s內的位移：d＝vt＝4×5＝20m，磁通量最大值：Φ＝B0Ld＝0.4×0.5×20＝4Wb，故C正確；在15s后的金屬桿的加速度：a＝a2＝0.8m/s2，金屬桿的位移：x＝v1（t﹣15）﹣a（t﹣15）2＝4（t﹣15）﹣0.4（t﹣15）2，磁通量保持不變，則：B0Ld＝BL（d+x），解得：，故D錯誤．所以BC正確，AD錯誤【點睛】電磁感應與力學相結合的綜合題9、ACD【解析】A．根據牛頓第二定律得：解得：由題q、m、v、B大小均相同，則r相同。故A正確。B．粒子的運動周期，由題q、m、B大小均相同，則知T相同。粒子運動軌跡如圖所示：根據左手定則分析可知，正離子逆時針偏轉，負離子順時針偏轉，重新回到邊界時正離子的速度偏向角為2π-2θ，軌跡的圓心角也為2π-2θ，運動時間為：同理，負離子運動時間為：顯然時間不等。故B錯誤。C．正負離子在磁場中均做勻速圓周運動，速度沿軌跡的切線方向，根據圓的對稱性可知，重新回到邊界時速度大小與方向相同。故C正確。D．根據幾何知識得知重新回到邊界的位置與O點距離S=2rsinθ，r、θ相同，則S相同。故D正確。故選ACD。10、AD【解析】0~1s內磁感應強度不斷增大，磁通量不斷增大，選項A正確．第4s末磁感應強度為零，但斜率不為零，感應電動勢不為零，選項B錯誤．0~1s內與2~4s內斜率大小不相等，電動勢不相等，感應電流不相等，選項C錯誤．用楞次定律判斷，感應電流在0~1s內為順時針，選項D正確考點：本題考查電磁感應的圖象問題，法拉第電磁感應定律和楞次定律等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.A②.D③.0.80【解析】（1）器材的選取需精確、安全，根據燈泡的額定電流和額定電壓選擇合適的電表（2）在U-I圖線上上電源的外電壓和電流的關系圖線，與伏安特性曲線的交點所對應的電流、電壓為燈泡的實際電流和電壓，根據P=UI求出燈泡的實際功率【詳解】（1）燈泡額定電壓為3.0V，電壓表應選A；燈泡的額定電流為0.5A，電流表應選D；（2在燈泡U-I圖象上作出作出電源的U-I圖線如圖所示，由圖示可知，圖象與伏安特性曲線的交點橫坐標為0.4A，電壓U=2.0V，則燈泡的實際功率P=UI=0.80W12、①.a②.B③.C④.⑤.1.50⑥.0.84【解析】(1)[1]實驗的測量原理方程為閉合電路歐姆定律電壓表的內阻遠大于電源內阻，分流不明顯，電流表內阻和電源內阻較為接近，分壓明顯，所以采用電路能夠較準確的測量。(2)[2]一節干電池的電動勢約為，所以選擇量程為的電壓表即可，即B。[3]滑動變阻器以限流的方式接入電路，為了方便調節，所以選擇C即可?；蛘吒鶕?3)中的表格可知，接入電路中的最大電阻約為所以選擇阻值較小的滑動變阻器即可。(3)[4]用直線將有效的數據點連成直線，如圖：(4)[5]根據閉合電路歐姆定律變形可知圖像的縱截距即為電動勢的測量值[6]圖像斜率的大小即為電源內阻的測量值四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定