2025屆上海市浦東區洋涇中學物理高二上期末教學質量檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在磁場中有甲、乙兩個運動電荷，甲運動方向與磁場方向垂直，乙運動方向與磁場方向平行，則（）A.甲、乙都受洛倫茲力作用B.甲、乙都不受洛倫茲力作用C.只有甲受洛倫茲力作用D.只有乙受洛倫茲力作用2、如圖所示，a、b、c

為電場中同一條電場線上的三點，其中

c

為

ab

的中點已

知

a、b

兩點的電勢分別為φa=3V，φb=9V，則下列敘述正確的是()A.該電場在

c

點處的電勢一定為

6

VB.負電荷從

a

點運動到

b

點的過程中電勢能一定增大C.正電荷只受電場力作用從

a

點運動到

b

點的過程中動能一定增大D.a

點處的場強

可能小于

b

點處的場強3、某物體同時受到同一平面內的三個共點力作用，在如圖所示的四種情況中（坐標紙中每格邊長表示1N的大小的力），該物體所受的合外力大小正確的是（）A.甲圖中物體所受的合外力大小等于4NB.乙圖中物體所受的合外力大小等于2NC.丙圖中物體所受的合外力大小等于6ND.丁圖中物體所受的合外力大小等于6N4、某靜電場的電場線分布如圖所示，P、Q是電場中的某兩點，下列表述正確的是（）A.P點電勢低于Q點電勢B.P、Q兩點場強大小相等、方向相同C.同一正電荷分別置于P、Q兩點時電勢能相等D.同一負電荷從P點移至Q點，電場力做負功，電勢能增大5、如圖所示，位于紙面內的細直導線，長L＝5m，通有I＝3A的恒定電流．平行于紙面水平向右的勻強磁場，磁感應強度B＝2T．當導線與B成60°夾角時，發現其受到的磁場力為零，則該區域同時存在的另一勻強磁場的磁感應強度B1的可能值為()A.TB.C.TD.T6、如圖所示，T和S是繞地球做勻速圓周運動兩顆人造地球衛星，虛線為各自軌道，其中T為地球同步衛星．由此可以判定A.T衛星可以相對地面靜止在天津的正上方B.T衛星的運行周期小于S衛星的運行周期C.T衛星的運行速率大于S衛星的運行速率D.T衛星、S衛星的運行速率均小于7.9km/s二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、兩根相距為L的足夠長的金屬直角導軌按如圖所示放置，它們各有一部分在同一水平面內，另一部分垂直于水平面.質量均為m的金屬細棒ab、cd與導軌垂直接觸形成閉合回路，棒與導軌之間的動摩擦因數均為μ，導軌電阻不計，回路總電阻為2R.整個裝置處于磁感應強度大小為B、方向豎直向上的勻強磁場中.當ab棒在平行于水平導軌的拉力F作用下以速度v1沿導軌勻速運動時，cd棒也正好以速度v2向下勻速運動.重力加速度為g.下列說法中正確的是（）A.ab棒所受拉力F的大小為B.cd棒所受摩擦力為零C.回路中的電流為D.μ與v1大小的關系為8、在下列各種現象中，靜摩擦力起作用的有（）A.物塊在粗糙斜面上下滑 B.握在手中的瓶子不會滑落C.汽車在水平路面上轉彎 D.消防員手握繩索向上爬9、如圖所示,水平放置的兩塊平行金屬板,充電后與電源斷開.金屬板間存在著方向豎直向下的勻強電場和垂直于紙面向里磁感應強度為的勻強磁場.一質量為、電荷量為的帶電粒子(不計重力及空氣阻力),以水平速度射入場區,恰好做勻速直線運動.則(

).A.粒子一定帶正電B.若僅將板間距離變為原來的2倍,粒子運動軌跡偏向下極板C.若將磁感應強度和電場強度均變為原來的2倍,粒子仍將做勻速直線運動D.若撤去電場,粒子在板間運動的最長時間可能是10、如圖所示，磁流體發電機的長方體發電導管的前后兩個側面是絕緣體，上下兩個側面是電阻可忽略的導電電極，兩極間距為，極板長和寬分別為和，這兩個電極與可變電阻相連，在垂直前后側面的方向上有一勻強磁場，磁感應強度大小為．發電導管內有電阻率為的高溫電離氣體——等離子體，等離子體以速度向右流動，并通過專用通道導出．不計等離子體流動時的阻力，調節可變電阻的阻值，則A.運動的等離子體產生的感應電動勢為B.可變電阻中的感應電流方向是從到C.若可變電阻的阻值為，則其中的電流為D.若可變電阻的阻值為，則可變電阻消耗的電功率為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學要將一量程為60mA的毫安表改裝為量程為0－3V的電壓表。他進行了以下操作：(1)他先從理論上計算，得知改裝后的電壓表內阻應為_____________Ω。(2)他又利用甲圖的電路粗略測量毫安表內阻，將多用電表調至×1Ω擋，調好零點，若兩電表均正常工作，則多用電表表筆a為_____________色（選填“紅”或“黑”）；若此時毫安表的示數為55.0mA，多用電表的示數如圖乙所示，且中央刻度值為15.0Ω，則此時多用電表讀數為_____________Ω，可算得此多用電表內電池的電動勢為_____________V。（保留3位有效數字）。(3)他再經計算后將一阻值為R的電阻與毫安表串聯，改裝為量程為0－3V的電壓表（如丙圖虛線框內所示）。然后利用一只標準電壓表，對改裝后的電壓表進行檢測。實驗要求滑動變阻器的滑片從左到右移動過程中，電壓表的示數從零開始逐漸增大，請按此要求用筆畫線代替導線在圖丙的實物接線圖中完成余下導線的連接_____________。(4)檢測發現，當標準電壓表的示數為2.40V時，毫安表的示數為50.0mA，由此可以推測出他改裝的電表量程不是預期值，要達到預期目的，只需要_____________A．將阻值為R的電阻更換為一個阻值為R兩倍的電阻B．將阻值為R的電阻更換為一個阻值為R一半的電阻C．將阻值為R的電阻更換為一個阻值比R大2Ω的電阻D．將阻值為R的電阻更換為一個阻值比R小2Ω的電阻12．（12分）測量電阻阻值的常用方法有以下兩種：（1）用伏安法測量：要測量一個阻值約為900Ω的電阻Rx，備用器材有：電流表A：量程3mA、內阻約2Ω；電壓表V：量程3V、內阻為3kΩ滑動變阻器R1：阻值范圍0~20Ω滑動變阻器R2：阻值范圍0~1kΩ電源：電動勢3V、內阻約1Ω為了較準確地測量R的阻值，電路圖應選擇圖___________(填A或B)，滑動變阻器應選擇___________(填R1或R2)，滑動變阻器在該實驗中起的主要作用是___________。（2）用多用表的歐姆擋測量：如圖所示是具有兩個倍率擋的歐姆表的電路圖，選擇開關K置于1或2時分別對應兩個不同的倍率，其中一個倍率是另一個的10倍．已知：電流表G：量程Ig=2.5mA、內阻200Ω定值電阻R1：阻值為180Ω滑動變阻器R：阻值范圍0~300Ω電源E：電動勢1.5V、內阻約1Ω則定值電阻R2=___________Ω。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在水平向右場強為E的勻強電場中，有一質量為m、電荷量為q的點電荷從A點由靜止釋放，僅在由場力的作用下經時間t運動到B點．求：（1）點電荷從A點運動到B點過程中電場力對點電荷做的功；（2）A、B兩點間的電勢差14．（16分）如圖甲所示，在真空中足夠大的絕緣水平地面上，一質量為m=0.1kg、帶電荷量為的小物塊處于靜止狀態，小物塊與地面間的摩擦因數.從t=0時刻開始，空間上加如圖乙所示的電場。（1）2s末小物塊的速度大小；（2）0-4s小物塊電勢能的減少量。15．（12分）質譜儀是測量帶電粒子的質量和分析同位素的重要工具．如圖所示為一種質譜儀的原理示意圖．帶電粒子從容器A下方的小孔飄入電勢差為U的加速電場，其初速度幾乎為零，然后沿著與磁場垂直的方向進入磁感應強度為B的勻強磁場中，最后打到照相底片D上．忽略重力的影響(1)若電荷量為+q、質量為m的粒子，由容器A進入質譜儀，最后打在底片上某處，求粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑R(2)若有某種元素的兩種同位素的原子核由容器A進入質譜儀，在磁場中運動軌跡的直徑之比為d1:d2，求它們的質量之比(3)若將圖中的勻強磁場替換為水平向左的勻強電場，(2)中兩種同位素的原子核由容器A進入質譜儀，是否會打在底片上?是否會被分離成兩股粒子束?請通過計算說明你的觀點

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】粒子甲的速度方向與磁場方向垂直，故洛倫茲力為：；粒子乙的速度方向與磁場方向平行，故洛倫茲力為零，故C正確，A、B、D錯誤；故選C2、D【解析】若該電場是勻強電場，則在c點處電勢為φc==6V，若該電場不是勻強電場，則在c點處的電勢為φc≠6V．故A錯誤．根據負電荷在電勢高處電勢能小，可知負電荷從a點運動到b點的過程中電勢能一定減小，選項B錯誤；正電荷只受電場力作用從a點運動到b點的過程中電勢能增大，則動能一定減小，選項C錯誤；一條電場線，無法判斷電場線的疏密，就無法判斷兩點場強的大小，所以a點處的場強Ea可能小于b點處的場強Eb，故D正確．故選D【點睛】電場線的疏密可表示電場強度的相對大小，但一條電場線，無法判斷電場線的疏密，就無法判斷兩點場強的大小．但可根據電勢的高低判斷電勢能的大小.3、C【解析】考查力的合成。【詳解】A．甲圖：A錯誤；B．乙圖：如圖，F1與F3的合力為F13=3N，方向與F2同向，所以合力為：B錯誤；C．丙圖：由力的三角形定則可知，F2與F3的合力剛好為F1，所以合力大小為：C正確；D．丁圖：由力的三角形定則可知，首尾相連的力合力為0，D錯誤。故選C。4、D【解析】A．根據順著電場線方向電勢降低可知，P點電勢高于Q點電勢．故A錯誤；B．由于P處電場線較密，則P處場強大于Q處場強，而且兩點的場強方向不同，故B錯誤；C．將正電荷從P移到Q時，電場力做正功，電勢能減小，則知同一正電荷置于P點時電勢能大于Q點電勢能，故C錯誤；D．負電荷所受的電場力逆著電場線，則同一負電荷從P點移至Q點，電場力做負功，電勢能增大，故D正確；故選D。【點睛】本題關鍵掌握電場線的兩個物理意義：電場線疏密表示場強的大小、方向表示電勢的高低，即順著電場線電勢降低。5、C【解析】當磁場方向與電流方向在平行時，電流不受磁場力作用；根據磁場的疊加原理，由平行四邊形定則分析B1的最小值，即可選擇【詳解】通電導線所受磁場力為零，則電流方向與磁場方向平行，說明該區域同時存在的另一勻強磁場B2，并且B2與B1的合磁場的磁感應強度方向沿導線方向，由平行四邊形定則可知，當B2與合磁場(通電導線)垂直時，磁場最小，B2最小=B1sin60°=T，則B2?B1sin60°=T，所以B2的可能值為T，故C正確，ABD錯誤；故選C.6、D【解析】A項：地球同步衛星只能在赤道平面上空，所以不可能在天津的正上方，故A錯誤；B項：由公式得：，由于T衛星的半徑大于S衛星的半徑，所以T衛星的運行周期大于S衛星的運行周期，故B錯誤；C項：由公式得：，由于T衛星的半徑大于S衛星的半徑，T衛星的運行速率小于S衛星的運行速率，故C錯誤；D項：由公式可知，由于T衛星和S衛星的半徑都大于地球的半徑，所以兩都的速率都小于第一宇宙速度7.9km/s，故D正確故選D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】AC.ab棒切割磁感線時產生沿abdca方向，大小為E=BLv1的感應電動勢，則感應電流大小為，對ab棒勻速運動時：解得，選項A正確，C錯誤；BD.cd棒向下勻速運動時，在豎直方向受到的摩擦力和重力相平衡，有f=μBIL=mg，聯立以上各式解得，，故D正確，B錯誤.8、BCD【解析】根據“靜摩擦力”可知，本題考查了靜摩擦力的理解和應用，根據靜摩擦力的方向可能與物體的運動方向相反，也可能與物體的運動方向相同，但一定與物體相對運動趨勢方向相反．靜止物體所受靜摩擦力不一定為零等相關知識進行判斷即可【詳解】A、物體在粗糙的斜面上下滑，受到的是滑動摩擦力，而不是靜摩擦力，故A錯誤；B、握在手中的瓶子不會滑落，也是在靜摩擦力作用下，使其與重力相平衡．故B正確C、汽車在水平路面上轉彎，是靜摩擦力提供向心力，故C正確；D、消防員手握繩索向上爬，受與繩索沒有相對運動，受到的是靜摩擦力，故D正確【點睛】靜摩擦力的方向可以根據靜摩擦力總是阻礙物體的間相對運動趨勢來理解其方向9、CD【解析】粒子無論帶何種電荷，電場力與洛倫茲力大小都相等，且Eq=qvB，故A錯誤；當將板間距離變為原來的2倍，場強變小，Eq＜qvB

粒子運動軌跡偏向極板；當粒子為正電荷時，偏向上極板；當粒子為負電荷時，偏向下極板，故B錯誤；據Eq=qvB

可知，將磁感應強度和電場強度均變為原來的2倍，二力依然平衡，所以粒子仍做勻速直線運動，故C正確當撤去電場，粒子可能在極板間做半圓周運動再出磁場，據在磁場的圓周運動的周期T=，粒子在板間運動的最長時間可能是，故D正確．故選CD10、CD【解析】由題，運動的電離氣體，受到磁場的作用，將產生大小不變的電動勢，相當于電源；根據電阻定律求解內電阻，根據左手定則判斷電流方向，根據平衡條件判斷感應電動勢，并計算電功率【詳解】根據平衡有：，解得電源的電動勢E=Bdv，故A錯誤；根據左手定則，正電荷受到的洛倫茲力方向向上，負電荷受到的洛倫茲力向下，故電流向上經過電源，向下經過電阻，即可變電阻R中的感應電流方向是從P到Q，故B錯誤；運動的電離氣體，受到磁場的作用，將產生大小不變的電動勢，相當于電源，其內阻為，根據閉合電路的歐姆定律有：，則可變電阻消耗的電功率為，故CD正確，故選CD【點睛】解決本題的關鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，會通過電荷的平衡求出電動勢的大小，會根據閉合電路歐姆定律求解電流三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.50②.黑③.11.0④.1.43⑤.⑥.C【解析】(1)[1]60mA=0.06A，根據電表改裝原理可知，毫安表串聯電阻，改裝為大量程的電壓表，根據串聯電路的規律可知：U=IgR，解得改裝后電壓表內阻：R=50Ω(2)[2][3][4]多用電表在使用時必須使電流從紅表筆流進多用電表，從黑表筆流出多用電表，串聯的電流表也必須使電流從正接線柱流進，負接線柱流出，所以可以判斷表筆a為黑表筆。根據多用電表的讀數規則可知，讀數為R毫安=1×11.0Ω=11.0Ω歐姆表的中值電阻等于內阻，故R內=15Ω，I=55mA=0.055A分析電路結構可知，多用電表和毫安表串聯，根據閉合電路歐姆定律可知，E=I（R內+R毫安）代入數據解得E=1.43V(3)[5]連接實物圖，如圖所示：(4)[6]I'=50.0mA=0.05A，定值電阻R與毫安表串聯，根據歐姆定律可知U=I'（R+R毫安）解得：R+R毫安=48Ω通過(1)的計算可知，改裝后電壓表的內阻為50Ω，故應該將阻值為R的電阻更換為一個阻值比R大2Ω的電阻，故C正確，ABD錯誤。故選：C。12、(1).B(2).R2(3).改變電流表、電壓表的讀數，實現多次測量，減少實驗的偶然誤差(4).20【解析】（1）[1]A、B兩個電路圖均為限流法測電阻，由題意得：，待測電阻為大電阻，故電流表要內接，故應該選B圖；[2]由于電流表的最大量程為3mA，電源電動勢為3V，故電路中總電阻要大于1000Ω，所以滑動變阻器選R2；[3]滑動變阻器在該實驗中起的主要作用是改變電流表電壓表的讀數，實線多次測量，減小實驗偶然誤差。（2）[4]當接“1”時，干路電流為：當接“2”時，干路電流為：根據倍率關系知：代入數據解得：R2=20Ω，（R2=-380Ω舍去）。四、計算題：本題共3小題