2025屆寧夏銀川市興慶區長慶高中物理高二第一學期期末教學質量檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、甲、乙兩個同心的閉合金屬圓環位于同一平面內，甲環中通以順時針方向電流I，如圖所示，當甲環中電流逐漸增大時，乙環中每段導線所受磁場力的方向是（）A.指向圓心 B.背離圓心C.垂直紙面向內 D.垂直紙面向外2、在磁場中有甲、乙兩個運動電荷，甲運動方向與磁場方向垂直，乙運動方向與磁場方向平行，則（）A.甲、乙都受洛倫茲力作用B.甲、乙都不受洛倫茲力作用C.只有甲受洛倫茲力作用D.只有乙受洛倫茲力作用3、兩同學從公園西門出發前往東門．甲步行，乙騎自行車，路線如圖．甲乙兩人的（）A.路程和位移均相同 B.路程和位移均不同C.路程相同，位移不同 D.路程不同，位移相同4、發電機的路端電壓為U，經電阻為r的輸電線向遠處的用戶供電，發電機的輸出功率為P，則A.輸電線上的電流為 B.用戶得到的電壓為C.輸電線上的功率損失為 D.輸電上的功率損失為5、如圖所示的電路中，電源電動勢E=4V，內阻r=0.5Ω，定值電阻R=1Ω．開關S閉合后，電動機M剛好正常工作，理想電流表A的示數為1A．電動機的線圈電阻R0=0.5Ω，下列說法中正確的是A.定值電阻消耗的熱功率3.5WB.電動機的輸出功率為2WC.電動機兩端的電壓為2VD.電源的輸出功率是4W6、如圖所示，一個邊長為2L的等腰直角三角形ABC區域內，有垂直紙面向里的勻強磁場，其左側有一個用金屬絲制成的邊長為L的正方形線框abcd，線框以水平速度v勻速通過整個勻強磁場區域，設電流逆時針方向為正。則在線框通過磁場的過程中，線框中感應電流i隨時間t變化的規律正確的是A. B.C. D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、兩個用相同材料制成的半徑相等的帶電金屬小球（可看成點電荷），其中一個球的帶電量的絕對值是另一個的5倍，當它們靜止于空間某兩點時，靜電力大小為F。現將兩球接觸后再放回原處，則它們間靜電力的大小可能為（）A. B.C. D.8、在如圖所示的電路中，閉合開關S，電路達到穩定后，平行金屬板中帶電質點P恰好處于靜止狀態．不考慮電流表和電壓表對電路的影響，二極管視為理想二極管，R1、R2、R3三個電阻的阻值相等且與電源的內阻r的阻值也相等．當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，則A.帶電質點P將向下運動B.電源的輸出功率將變大C.電壓表V2與電流表A的讀數變化量的絕對值之比一定不變D.電壓表V讀數變化量的絕對值等于電壓表V2的讀數變化量的絕對值9、如圖所示電路中，電源電動勢為E、內阻為r，電壓表和電流表均為理想表．現閉合開關，將滑動變阻器的滑片向右移動時，下列判斷正確的是（）A.電容器兩極板間電場強度變大，電容器的帶電量增加B電流表示數減小，電壓表示數變大C.電壓表的示數U和電流表的示數I的比值變大D.電源的輸出功率可能增大10、如圖所示,在方向水平向左的勻速電場中有一傾角為60°、高為H的固定絕緣斜面體,現將一質量為m,帶正電且電荷量為q的小物塊(可視為質點)從斜面體頂端由靜止釋放,已知重力加速度為g,勻強電場的電場強度大小為E=,不計空氣阻力,則A.小物塊將沿斜面下滑B.小物塊將做曲線運動C.小物塊到達地面時的速度大小為D.若其他條件不變,只增大電場強度,小物塊到達地面前的運動時間不變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用一主尺最小分度為1mm，游標上有50個分度的游標卡尺測量一工件的長度，結果如圖甲所示，可以讀出此工件的長度為_________mm；圖乙是用螺旋測微器測量某一圓柱的直徑時的示數，此讀數為____mm.12．（12分）某同學利用如圖甲所示的裝置做“探究彈力和彈簧伸長的關系”實驗他通過實驗得到如圖乙所示的彈力大小F與彈簧長度x的關系圖線．由圖線可知彈簧的原長x0=______cm，勁度系數k=________N/m四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示，螺線管線圈的匝數n=1000匝，橫截面積S=40cm2，螺線管線圈的電阻r=2.0Ω，R=3.0Ω，R=5.0Ω．穿過螺線管的磁場的磁感應強度B按圖乙所示規律變化，求：（1）線圈產生感應電動勢大小；（2）R1消耗的電功率。14．（16分）大量實例說明，物體做勻速圓周運動時所受合力方向始終指向圓心，這個指向圓心的合力就叫做向心力．向心力可以由一個力提供，也可以由幾個力的合力提供，如圖所示，長L=0.5m細線下端懸掛一個小球，細線上端固定在天花板上．將小球拉離豎直位置后給小球一個初速度，使小球在水平面內做勻速圓周運動，若測得細線與豎直方向的夾角θ=37°．g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．此時小球做圓周運動的角速度ω是多大？15．（12分）下面是一個物理演示實驗，它顯示：圖中自由下落的物體A和B經反彈后，B能上升到比初始位置高得多的地方，A是某種材料做成的實心球，質量m1＝0.28kg，在其頂部的凹坑中插著質量m2＝0.10kg的木根B，B只是松松地插在凹坑中，其下端與坑底之間有小空隙．將此裝置從A下端離地板的高度H＝1.25m處由靜止釋放，實驗中，A觸地后在極短時間內反彈，且其速度大小不變；接著木棍B和球A作用后，木根B脫離球A開始上升，而球A恰好停留在地板上，不計實心球的半徑，重力加速度g取10m/s2，求：（1）球A落到地板時的速度；（2）木棍B脫離球A開始上升時的速度；（3）木棍B上升的高度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】根據右手螺旋定則，甲環電流產生的磁場垂直紙面向里；當甲環中電流逐漸增大時，在環內區域產生的磁場增強，則乙環內的磁通量變大，根據楞次定律內在規律可知，欲阻礙磁通量的增加，乙環有面積減小即有收縮的趨勢，所以乙環上每段所受的安培力均指向圓心，故BCD錯誤，A正確。故選A。2、C【解析】粒子甲的速度方向與磁場方向垂直，故洛倫茲力為：；粒子乙的速度方向與磁場方向平行，故洛倫茲力為零，故C正確，A、B、D錯誤；故選C3、D【解析】由圖看出，甲乙兩人起點都在西門，終點都在東門，位移相同；路程為經過的路線的長度，由圖象知甲的路程小，故D正確，ABC錯誤故選D4、D【解析】A．根據P=UI得，輸送電流故A錯誤；B．輸電線上損失的電壓為用戶得到電壓為故B錯誤；CD．輸電線上的功率損失為故C錯誤，D正確。故選D。5、B【解析】定值電阻的功率由焦耳定律求得，電源的輸出功率由總功率減去內阻功率，電動機是非純電阻電路，輸出功率等于輸入功率與熱功率之差【詳解】A、定值電阻消耗的熱功率，A錯誤；BC、電動機兩端的電壓，則電動機的電功率為，又因為電動機線圈上的發熱功率為，所以，電動機的輸出功率為，B正確，C錯誤；D、電源的輸出功率為，D錯誤故選B【點睛】電動機是非純電阻電路，輸出功率等于輸入功率與熱功率之差；電源的輸出功率由總功率減去內阻功率，要注意功率公式的適用條件6、B【解析】線框開始進入磁場運動L的過程中，只有邊bd切割，感應電流不變，前進L后，邊bd開始出磁場，邊ac開始進入磁場，回路中的感應電動勢為ac邊產生的電動勢減去bd邊在磁場中的部分產生的電動勢，隨著線框的運動回路中電動勢逐漸增大，電流逐漸增大，方向為負方向；當再前進L時，邊bd完全出磁場，ac邊也開始出磁場，有效切割長度逐漸減小，電流方向不變。A．該圖與結論不相符，選項A錯誤；B．該圖與結論相符，選項B正確；C．該圖與結論不相符，選項C錯誤；D．該圖與結論不相符，選項D錯誤；故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】若兩電荷同性，設一個球的帶電量為Q，則另一個球的帶電量為5Q，此時接觸后再分開，帶電量各為則兩球庫侖力大小所以若兩電荷異性，接觸后再分開，兩球電量的絕對值為此時兩球的庫侖力所以故選BD8、BC【解析】當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，R4阻值減小，則電路總電流變大，R1上電壓變大，則R3及其并聯支路的電壓減小，電容器兩端電壓減小，電容器本該放電，但是由于二極管的單向導電性，使得電容器兩端的電量不變，場強不變，則帶電質點P將仍靜止，選項A錯誤；因當電源外電路電阻等于內阻時電源輸出功率最大，因R1、R2、R3三個電阻的阻值相等且與電源的內阻r的阻值也相等，可知外電路電阻大于內阻，當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，外電路電阻減小，向內電阻接近，故電源的輸出功率變大，選項B正確；若只將ab部分等效為電源的外電路，而將ab左側的部分等效為內電路，其等效內阻為，則根據閉合電路的歐姆定律可知，電壓表V2與電流表A的讀數變化量的絕對值之比為，可知為定值不變，選項C正確；由電路圖可知；分析可知當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，U減小，U2減小，U1增大，UR2增大，則電壓表V讀數變化量的絕對值小于電壓表V2的讀數變化量的絕對值，選項D錯誤；故選BC.9、AD【解析】將變阻器的滑片向右移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電阻減小，路端電壓隨之減小，分析總電流和R2電壓的變化，即可知道電容器板間電壓的變化，判斷出板間場強的變化以及電容器帶電量的變化．根據歐姆定律分析電壓表的示數U和電流表的示數I的比值的變化．根據內外電阻的關系分析電源輸出功率的變化【詳解】當變阻器的滑片向右移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流變大，R2電壓增大，則電容器板間電壓增大，板間的電場強度變大，電容器所帶電量增大，故A正確．總電流變大，電流表示數變大，則R2電壓和內電壓均增大，由閉合電路歐姆定律知，R1電壓減小，所以電壓表示數變小，故B錯誤．電壓表的示數U和電流表的示數I的比值U/I=R1，變小，故C錯誤．由于電源的內外電阻的大小關系未知，所以不能確定電源輸出功率如何變化，則電源的輸出功率可能增大，故D正確．故選AD【點睛】本題是電路的動態分析問題，按“局部→整體→局部”的思路進行分析．分析電源的輸出功率變化時，要根據推論：內外電阻相等時，電源的輸出功率最大來分析10、CD【解析】A、對物塊進行受力分析，物塊受重力和水平向左的電場力，電場力，則合力的大小為2mg，方向如圖，小物塊沿合力方向做勻加速直線運動，故A、B錯誤；C、運用動能定理研究從開始到落地過程：，解得：，故C正確；D、將物塊的運動分解為水平方向和豎直方向，增大電場強度，電場力增大，水平方向的加速度增大，豎直方向上的加速度不變，根據等時性知，運動時間不變，故D正確；故選CD【點睛】對物塊進行受力分析，畫出物塊的運動軌跡．運用動能定理或牛頓第二定律和運動學公式解決問題三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.10.52②.5.826~5.829【解析】[1]工件的長度為：；[2]圓柱的直徑為：。12、①.（1）4；②.（2）50【解析】彈簧處于原長時，彈力為零；根據胡克定律F=k△x求解勁度系數；【詳解】彈簧處于原長時，彈力為零，故原長為4cm；彈簧彈力為8N時，彈簧的長度為20cm，伸長量為16cm；根據胡克定律F=k△x，有：；四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）8V（2）1.92W【解析】（1）由乙圖中可知，磁感應強度隨時間均勻變化，那么在（甲）圖的線圈中會產生恒定的感應電動勢。磁感應強度的變化率等于B-t圖象的斜率，則感應電動勢為代入數據解得：E=8V（2）電路中的感應電流為：R1消耗的電功率為：代入數據解得：14、【解析】對小球受力分析，根據合力提供向心力求出向心力的大小，結合牛頓第二定律求解角速度；【詳解】小球在水平面內做勻速圓周運動，對小球受力分析，如圖所示：小球受重力、和繩子的拉力，合力提供向心力，根據牛頓第二定律有：，整理可以得到：【點睛】本題是圓錐擺問題，關鍵是分析受力情況，確定向心力的