江西省九江市第三中學2025屆物理高三上期中調研試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、靜止的物體從時刻開始受到如圖所示的合外力作用，下列表述正確的是A．內物體的速度先增大后減小 B．內物體的速度方向一直不變C．末物體回到出發點 D．末物體的速度方向發生變化2、一輛公共汽車進站后開始剎車，做勻減速直線運動。開始剎車后的第1s內和第2s內位移大小依次為9m和7m。則剎車后6s內的位移是（）A．25m B．24m C．20m D．36m3、造型奪目的“石頭平衡藝術”作品不禁會讓人叫絕，僅僅通過藝術家的雙手去感觸，便可掌握每一塊石頭的平衡點，不使用任何工具就能立石成型.如圖所示，在水平地面上將兩個形狀不規則的石塊a、b疊放在一起，保持平衡.下列說法中正確的是()A．石塊b對a的彈力一定等于a的重力B．石塊b和a的重心一定在同一豎直線上C．石塊b對a的作用力一定是豎直向上的D．地面對石塊b的支持力和b受到的重力是一對平衡力4、如圖所示，用一輕繩將光滑小球P系于豎直墻壁上的O點，在墻壁和球P之間夾有一矩形物塊Q，P、Q均處于靜止狀態，現有一鉛筆緊貼墻壁從O點開始緩慢下移，則在鉛筆緩慢下移的過程中（）A．細繩的拉力逐漸變小B．Q將從墻壁和小球之間滑落C．Q受到墻壁的摩擦力逐漸變大D．Q受到墻壁的彈力逐漸變大5、如圖所示，A、B兩小球從相同高度同時水平拋出，兩球下落的高度為h時在空中相遇．若兩球的拋出速度都變為原來的2倍，不計空氣阻力，則兩球從拋出到相遇下落的高度為（）A．h B．C． D．6、如圖所示，一物體從半圓形光滑軌道上邊緣由靜止下滑，當它滑到最低點時，關于動能大小和對軌道最低點壓力的說法正確的是（）A．軌道半徑越大，動能越大，壓力也越大B．軌道半徑越大，動能越小，壓力也越大C．軌道半徑越大，動能越大，壓力與半徑無關D．軌道半徑越大，動能越大，壓力越小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一段繩子跨過距地面高度為H的兩個定滑輪，一端連接小車P,另一端連接物塊Q．小車最初在左邊滑輪的下方A點，以速度v從A點勻速向左運動，運動了距離H到達B點．下列說法正確的有A．物塊勻加速上升B．物塊在上升過程中處于超重狀態C．車過B點時，物塊的速度為D．車過B點時，左邊繩子繞定滑輪轉動的的角速度為8、如圖所示，兩個質量為m1=2kg，m2=3kg的物體置于光滑水平面上，中間用輕質彈簧秤連接，兩個大小分別為F1=40N、F2=10N的水平拉力分別作用在m1、m2上，則達到穩定狀態后，下列說法正確的是（）A．彈簧秤的示數是28NB．彈簧秤的示數是30NC．在突然撤去F2的瞬間，m1的加速度大小為6m/s2D．在突然撤去F2的瞬間，m2的加速度大小為4m/s29、圖示為質點做勻變速運動的軌跡示意圖，質點運動到D點時速度方向與加速度方向恰好垂直。則質點從A點運動到E點的過程中，下列說法中正確的是（）A．質點經過C點的速率比D點大B．質點經過A點時的動能小于經過D點時的動能C．質點經過D點時的加速度比B點的加速度大D．質點從B到E過程中加速度方向與速度方向的夾角一直減小10、太陽系中的第二大行星是土星，它的衛星眾多，目前已發現的衛星達數十顆．根據下表所列土衛五個土衛六兩顆衛星的相關參數，可以比較（）土星的衛星距離土星距離半徑發現者發現年份土衛五卡西尼土衛六惠更斯A．這兩顆衛星公轉的周期大小 B．這兩顆衛星公轉的速度大小C．這兩顆衛星表面的重力加速度大小 D．這兩顆衛星公轉的向心加速度大小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖甲所示，質量為m的滑塊A放在氣墊導軌上，B為位移傳感器，它能將滑塊A到傳感器B的距離數據實時傳送到計算機上，經計算機處理后在屏幕上顯示滑塊A的速率-時間（）圖象．整個裝置置于高度h可調節的斜面上，斜面長度為．（1）現給滑塊A沿氣墊導軌向上的初速度，其圖線如圖乙所示．從圖線可得滑塊A上滑時的加速度大小_________（結果保留一位有效數字）．（2）若用此裝置來驗證牛頓第二定律，通過改變_______，可驗證力一定時，加速度與質量成反比的關系；通過改變_________，可驗證質量一定時，加速度與力成正比的關系（重力加速度g的值不變）．12．（12分）某同學利用氣墊導軌驗證機械能守恒定律，實驗裝置如圖所示．氣墊導軌與水平桌面的夾角為θ，導軌底端P點有一帶擋光片的滑塊，滑塊和擋光片的總質量為M，擋光片的寬度為b，滑塊與沙桶由跨過輕質光滑定滑輪的細繩相連．導軌上Q點固定一個光電門，擋光片到光電門的距離為d．（1）實驗時，該同學進行了如下操作：①開啟氣泵，調節細沙的質量，使滑塊處于靜止狀態，則沙桶和細沙的總質量為________；②在沙桶中再加入質量為m的細沙，讓滑塊從P點由靜止開始運動．已知光電門記錄擋光片擋光的時間為Δt，則滑塊通過Q點的瞬時速度為________.（2）在滑塊從P點運動到Q點的過程中，滑塊的機械能增加量ΔE1＝________，沙桶和細沙的機械能減少量ΔE2＝________．在誤差允許的范圍內，如果ΔE1＝ΔE2，則滑塊、沙桶和細沙組成的系統機械能守恒．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一位足球愛好者，做了一個有趣的實驗：如圖所示，將一個質量為m、半徑為R的質量分布均勻的塑料彈性球框靜止放在粗糙的足夠大的水平臺面上，質量為M（M＞m）的足球（可視為質點）以某一水平速度v0通過球框上的框口，正對球框中心射入框內，不計足球運動中的一切阻力。結果發現，當足球與球框發生第一次碰撞后到第二次碰撞前足球恰好不會從右端框口穿出。假設足球與球框內壁的碰撞為彈性碰撞，只考慮球框與臺面之間的摩擦，求：（1）人對足球做的功和沖量大小；（2）足球與球框發生第一次碰撞后，足球的速度大小；（3）球框在臺面上通過的位移大小。14．（16分）如圖甲所示，半徑為R=0.1m的四分之一光滑圓弧軌道固定在豎直平面內，軌道最低點B與水平面相切，在光滑水平面上緊挨B點有一靜止的平板車，其質量M=6kg，長度L=0.5m，車的上表面與B點等高，可視為質點的物塊從圓弧軌道最高點A由靜止釋放，其質量m=1kg，g取10m/s1．（1）求物塊滑到B點時對軌道壓力的大小；（1）若平板車上表面粗糙，物塊剛好沒有滑離平板車，求物塊與平板車上表面間的動摩擦因數；（3）若將平板車固定且在上表面鋪上一種動摩擦因數逐漸增大的特殊材料，物塊在平板車上向右滑動時，所受摩擦力f隨它距B點位移L的變化關系如圖乙所示，物塊最終滑離了平板車，求物塊滑離平板車時的速度大小．15．（12分）冰壺比賽是在水平冰面上進行的一種投擲性競賽項目。冰壺呈圓壺狀，周長約為91.44cm，高（從壺的底部到頂部）11.43cm，重量（包括壺柄和壺栓）最大為19.96kg，如圖所示為比賽場地示意圖。比賽時，運動員從起滑架處推著冰壺出發，在投擲線AB處放手讓冰壺以一定的速度滑出，使冰壺的停止位置盡量靠近圓心O。為使冰壺滑行得更遠，運動員可以用毛刷擦冰壺運行前方的冰面，使冰壺與冰面間的動摩擦因數減小。設冰壺與冰面間的動摩擦因數為μ1=0.008，已知AB到O點的距離x=30m。在某次比賽中，運動員使冰壺C在投擲線中點處以v=2m/s的速度沿虛線滑出。求：（1）運動員放手后，冰壺C停在距離O點多遠處？（2）用毛刷擦冰面后動摩擦因數減少為μ2=0.004，若冰壺恰好能停在O點，運動員要一直刷擦到圓心O點，刷擦的時間是多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A．0～2s內，合外力與速度同向，則加速度與速度同向，所以物體的速度一直增大，故A錯誤；BD．2～4s內，合外力與速度反向，則加速度與速度反向，所以物體的速度一直減小，所以0～4s內物體的速度方向一直不變，故B正確，D錯誤；C．0～4s內物體沿正向運動，4s末物體不會回到出發點，故C錯誤。故選：B。2、A【解析】

根據解得設汽車的初速度為，第1s末的速度為，則根據代入數據解得故剎車時間為所以剎車后6s內的位移A正確，BCD錯誤。故選A。【點睛】本題疑難之處在于汽車的剎車時間，突破點是弄清楚6s內汽車是否停下來。3、C【解析】

AC．當a與b的接觸面不水平時，石塊b對a的支持力與其對a的靜摩擦力的合力，跟a受到的重力是平衡力，則b對a的支持力和靜摩擦力的合力方向豎直向上，支持力的方向不是豎直向上，也不等于a的重力，故A錯誤，C正確；B．當a與b的接觸面不水平時，石塊b和a的重心不在同一豎直線上，故B錯誤；D．選取ab作為整體研究，根據平衡條件，地面對石塊b的支持力和ab整體受到的重力是一對平衡力，故D錯誤。4、D【解析】試題分析：對P分析，P受到重力、拉力和Q對P的彈力處于平衡，設拉力與豎直方向的夾角為θ，根據共點力平衡有：拉力，Q對P的支持力．鉛筆緩慢下移的過程中，θ增大，則拉力F增大，Q對P的支持力增大；對Q分析知，在水平方向上P對Q的壓力增大，則墻壁對Q的彈力增大，在豎直方向上重力與摩擦力相等，所以Q受到的摩擦力不變，Q不會從墻壁和小球之間滑落，故D正確．考點：考查了共點力平衡條件的應用【名師點睛】在處理共點力平衡問題時，關鍵是對物體進行受力分析，然后根據正交分解法將各個力分解成兩個方向上的力，然后列式求解，如果物體受到三力處于平衡狀態，則可根據矢量三角形法，將三個力移動到一個三角形中，然后根據角度列式求解5、C【解析】兩球同時拋出，豎直方向上做自由落體運動，相等時間內下降的高度相同，始終在同一水平面上，根據x=vAt+vBt知，當兩球的拋出速度都變為原來的2倍，則兩球從拋出到相遇經過的時間為t/2，根據h=gt2，則從拋出到相遇下落的高度為h/4，,故C正確，ABD錯誤．故選C．點睛：解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律，知道運動的時間由高度決定，初速度和時間共同決定水平位移．6、C【解析】

對于物體下滑的過程，根據動能定理得：物體到達最低點的動能為可見，半徑越大，動能越大。

在軌道最低點，由牛頓第二定律得，，解得N=3mg則知球對軌道的壓力大小與半徑也無關。A．軌道半徑越大，動能越大，壓力也越大，與結論不相符，選項A錯誤；B．軌道半徑越大，動能越小，壓力也越大，與結論不相符，選項B錯誤；C．軌道半徑越大，動能越大，壓力與半徑無關，與結論相符，選項C正確；D．軌道半徑越大，動能越大，壓力越小，與結論不相符，選項D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

將小車的運動分解為沿繩子方向的運動，以及垂直繩子方向運動即繞滑輪的轉動，根據沿繩子方向的運動速度和平行四邊形定則求解物體的速度，再結合相應的公式求解．【詳解】A.將小車的運動分解為沿繩子方向的運動以及垂直繩子方向的運動，如圖：設此時繩子與水平方向增加的夾角為θ，則：tanθ＝H/H＝1，所以：θ＝45°；由三角函數可解得：當物體運動到繩與水平方向夾角為θ時物體的速度為v，則vcosθ＝v′，可知物體的運動不是勻加運動．故A錯誤；B.由于vcosθ＝v′，隨θ的減小，v′增大，所以物體向上做加速運動；加速度的方向向上，所以物體處于超重狀態．故B正確；C.當物體運動到B點，繩與水平方向夾角θ＝45°時物體的速度為v，則vcos45°＝v′，則v′＝v，故C正確；D.物體運動到繩與水平方向夾角α＝45°時，左側的繩子的長度是H，由圖可知垂直于繩子方向的分速度為：v⊥＝vsin45°＝v，所以左邊繩子繞定滑輪轉動的角速度為：．故D正確；故選BCD．【點睛】本題關鍵是正確地找出物體的合運動與分運動，然后根據運動分解的平行四邊形定則，得到物體速度的大小．8、AC【解析】

以兩物體組成的系統為研究對象，由牛頓第二定律可知，系統的加速度，方向水平向右；設彈簧秤的拉力是F，以m1為研究對象，由牛頓第二定律得：F1-F=m1a，則F=F1-m1a=28N，故A正確，B錯誤；彈簧的彈力不能突變，在突然撤去F2的瞬間，m1受力情況不變，m1受的合力不變，由牛頓第二定律可知，m1的加速度不變，故C正確；彈簧的彈力不能突變，在突然撤去F2的瞬間，m2不再受F2的作用，m2受的合力等于彈簧的彈力，發生變化，由牛頓第二定律可知，m2的加速度：，故D錯誤；故選AC．【點睛】本題運用整體法和隔離法結合求解彈簧秤的彈力，是常用的方法．撤去外力時，彈簧的彈力不能突變．9、AD【解析】質點運動到D點時速度方向與加速度方向恰好互相垂直，速度沿D點軌跡的切線方向，則知加速度斜向左上方，合外力也斜向左上方，質點做勻變速曲線運動，合外力恒定不變，質點由A到D過程中，合外力做負功，由動能定理可得，C點的速度比D點速度大，質點經過A點時的動能大于經過D點時的動能，故A正確，B錯誤；質點做勻變速曲線運動，則有加速度不變，所以質點經過D點時的加速度與B點相同，故C錯誤；質點從B到E過程中加速度方向與速度方向的夾角一直減小，故D正確。所以AD正確，BC錯誤。10、ABD【解析】

設土星的質量為M，A.由開普勒第三定律，半徑越大，周期越大，所以土衛五的公轉周期小．故A正確；B.由衛星速度公式，公轉半徑R越大，衛星的線速度越小，則土衛六的公轉線速度小．故B正確；C.由衛星表面的重力加速度公式，由于衛星的質量未知，無法比較衛星表面的重力加速度，故C錯誤；D.由衛星向心加速度角公式，公轉半徑R越小，向心加速度a越大，則土衛五的向心加速度大．故D正確．故選ABD.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、調節滑塊的質量及斜面的高度，且使mh不變高度h【解析】(1)在v-t圖象中斜率代表加速度故．(2)牛頓第二定律研究的是加速度與合外力和質量的關系．當質量一定時，可以改變力的大小，當斜面高度不同時，滑塊受到的力不同，可以探究加速度與合外力的關系．由于滑塊下滑加速的力是由重力沿斜面向下的分力提供，所以要保證向下的分力不變，應該使不變，所以應該調節滑塊的質量及斜面的高度，且使mh不變．【點睛】解答本題關鍵是能夠把v-t圖象運用物理規律結合數學知識解決問題．對滑塊進行運動和受力分析，運用牛頓第二定律結合運動學公式解決問題．12、（1）①m=Msinθ②bΔt（2）【解析】試題分析：（1）①滑塊處于靜止狀態，在沿斜面方向上有Mgsinθ=T②光電門的寬度非常窄，所以通過光電門的瞬時速度可近似等于通過光電門的平均速度，故通過Q點的瞬時速度為v=（2）在滑塊從P點運動到Q點的過程中，滑塊的動能增加，重力勢能增加，則滑塊的機械能增加量為ΔE1考點：驗證機械能守恒定律【名師點睛】了解光電門測量瞬時速度的原理．實驗中我們要清楚研究對象和研究過程，對于系統我們要考慮全面；此題為一驗證性實驗題．要求根據物理規律選擇需要測定的物理量，運用實驗方法判斷系統重力勢能的變化量是否與動能的變化量相同是解題的關鍵．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；Mv0；（2）（3）【解析】（1）人對足球做的功W＝沖量：I＝Mv0（2）足球的初速度為v0，第一次碰撞后，設足球的速度為v1，球框的速度為v2。對足球和球框組成的系統，