2025屆上海市奉賢區市級名校高三上物理期中綜合測試模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、冥王星繞太陽的公轉軌道是個橢圓，公轉周期為T0，其近日點到太陽的距離為a，遠日點到太陽的距離為b，半短軸的長度為c，A、B、C、D分別為長短軸的端點，如圖所示．若太陽的質量為M，萬有引力常量為G，忽略其他行星對它的影響則（）A．冥王星從A→B→C的過程中，速率逐漸變大B．冥王星從A→B所用的時間等于C．冥王星從B→C→D的過程中，萬有引力對它先做正功后做負功D．冥王星在B點的加速度為2、如圖甲所示，繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率v1運行．初速度大小為v2的小物塊從與傳送帶等高的光滑水平面上的A處滑上傳送帶．若從小物塊滑上傳送帶開始計時，小物塊在傳送帶上運動的v-t圖象（以地面為參考系）如圖乙所示.已知v2＞v1．則（）A．t2時刻，小物塊離A處的距離達到最大B．t1時刻，小物塊相對傳送帶滑動的距離達到最大C．t2-t3時間內，小物塊受到的摩擦力方向向右D．0-t2時間內，小物塊受到摩擦力的大小和方向都不變3、質量m=1kg的物體在光滑水平面上由靜止開始沿直線運動，所受水平外力F與運動距離x的關系如圖所示．對圖示的全過程進行研究，下列敘述正確的是（）A．外力做的功為28JB．物體的運動時間為5sC．外力做功的平均功率約為5.7WD．物體運動到x=5m處時，外力做功的瞬時功率為25W4、下列關于物理學發展史和單位制的說法正確的是()A．物理學家安培經過多次實驗，比較準確地測定了電子的電荷量B．卡文迪許通過扭秤實驗測量了靜電力常量，并驗證了庫侖定律C．Kg、m、N、A都是國際單位制中的基本單位D．功的單位可以用kg·m2/s2表示5、如圖為一壓路機的示意圖，其大輪半徑是小輪半徑的1.5倍，A、B分別為大輪和小輪邊緣上的點．在壓路機前進時()A．A、B兩點的線速度之比vA∶vB＝3∶2B．A、B兩點的角速度之比ωA∶ωB＝3∶2C．A、B兩點的周期之比TA∶TB＝3∶2D．A、B兩點間的向心加速度之比aA∶aB＝3∶26、如圖所示，質量均為m的帶同種電荷的小球A、B，B球用長為L的細繩懸于O點，A球固定在O點正下方，當小球B平衡時，繩子所受的拉力為T1，A球所受庫侖力為F1；現把A球所帶電量減少，在其他條件不變的情況下仍使系統平衡，此時繩子所受的拉力為T2，A球所受庫侖力為F2，則下列關于T1與T2、F1與F2大小之間的關系，正確的是()A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于分子動理論和物體內能的理解，下列說法正確的是（）A．溫度高的物體內能不一定大，但分子平均動能一定大B．一定質量的理想氣體在等溫變化時，內能不改變，氣體不和外界發生熱交換C．布朗運動不是分子運動，但它能間接反映液體分子在做無規則的運動D．溫度越高，兩種物質的濃度差越大，則擴散進行的越快。E.相對濕度大時，蒸發快。8、下列說法正確的是________。A．不可能從單-熱源吸收熱量并把它全部用來做功B．系統的宏觀狀態所對應的微觀態的多少表現為宏觀態的無序程度C．通過增大壓強可以使所有氣體液化D．自發的熱傳導是不可逆的E.某理想氣體經歷從A到B的過程,如圖所示，則當壓強變為105Pa時溫度達到最高9、如圖所示，細線AB和BC連接著一質量為m的物體P，其中繩子的A端固定，c端通過小定滑輪連接著一質量也為m的另一個物體Q，開始時，用手抓住物體Q，使物體P、Q均靜止，此時AB和BC兩繩中拉力大小分別為T1、T1．把手放開瞬間，AB和BC兩繩中拉力大小分別為T1'、T1'．已知ABC處于同一豎直平面內，繩子間連接的夾角如圖．則A．T1：T1'=1:1 B．T1：T1=1:1 C．T1：T1'=1：3 D．T1'：T1'=：110、如圖所示，帶有光滑豎直桿的三角形斜劈固定在水平地面上，放置于斜劈上的光滑小球與套在豎直桿上的小滑塊用輕繩連接，開始時輕繩與斜劈平行．現給小滑塊施加一豎直向上的拉力，使小滑塊沿桿緩慢上升，整個過程中小球始終未脫離斜劈，則有()A．輕繩對小球的拉力逐漸增大B．小球對斜劈的壓力先減小后增大C．豎直桿對小滑塊的彈力先增大后減小D．對小滑塊施加的豎直向上的拉力逐漸增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在做“用單擺測當地重力加速度”的實驗時，有以下器材：(A)1m長的細線；(B)20cm長的尼龍線；(C)小鐵球；(D)大木球；(E)手表；(F)時鐘；(G)秒表.（1）為使實驗盡可能精確，應選用的擺球是___，擺線是__，計時器是__.（2）計時位置應選在__，這樣做的優點是__________.（3）實驗中若測得重力加速度g值偏小，可能的原因是（___________）A．小球質量太大B．將懸線的長度記作擺長，忽略了擺球半徑C．單擺振動時，擺線的偏角太小D．測周期時，將n次全振動記為n＋1次全振動，（4）某同學測出了多組擺長L和運動周期T，并根據相應的實驗數據作出了T2L圖像，如圖所示，根據圖像中的數據算出了重力加速度的數值為________m/s212．（12分）物體沿平直軌道做勻加速直線運動，打點計時器在物體拖動的紙帶上打下一系列點跡，以此記錄物的運動情況．其中一部分紙帶上的點跡情況如圖所示．已知打點計時器打點的時間間隔為，測得點到點，以及點到點的距離分別為，，則在打下點跡時，物體運動的速度大小為____________；物體做勻加速運動的加速度大小為____________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示，滑道項目大多建設在景區具有一定坡度的山坡間，成為游客的代步工具，又可以增加游玩的趣味性，在某景區擬建一個滑道，示意圖如圖乙，滑道共三段，第一段是傾角比較大的加速下坡滑道AB，第二段是傾角比較小的滑道BC，游客在此段滑道恰好做勻速運動，若游客從靜止開始在A點以加速度做勻加速運動，經過4s到B點并達到最大速度16m/s，然后進入BC段做勻速運動，設計的第三段上坡滑道CD作為下客平臺，使游客做勻減速運動后速度減為零（乘客經過兩段軌道銜接處可視作速度大小不變），游客乘坐滑道，從山頂A處到達下客平臺D處總共用時8.5s，游客在各段滑道運動的總路程為92m，求：（）在AB段運動加速度的大小；（）AB段的距離；（）乘客在BC段勻速運動的時間．14．（16分）如圖所示，有一半徑為R的半圓形圓柱面MPQ，質量為2m的A球與質量為m的B球，用輕質繩連接后掛在圓柱面邊緣．現將A球從邊緣M點由靜止釋放，若不計一切摩擦，求A球沿圓柱面滑到最低點P時的速度大小。15．（12分）如圖所示，軌道ABC的AB段是半徑R=1．8m的光滑的圓弧形軌道，BC段為粗糙水平面，物體從A靜止開始下滑，在平面上運動了1.6m后停下，求：(1)物體通過B點時的速率為多大？(2)物體與水平面的動摩擦因數μ為多大？(g取11m/s2)．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

A、根據第二定律：對每一個行星而言，太陽行星的連線在相同時間內掃過的面積相等．所以冥王星從A→B→C的過程中，冥王星與太陽的距離增大，速率逐漸變小，故A錯誤；B、公轉周期為T0，冥王星從A→C的過程中所用的時間是0.5T0，由于冥王星從A→B→C的過程中，速率逐漸變小，從A→B與從B→C的路程相等，所以冥王星從A→B所用的時間小于，故B錯誤；C、冥王星從B→C→D的過程中，萬有引力方向先與速度方向成鈍角，過了C點后萬有引力方向與速度方向成銳角，所以萬有引力對它先做負功后做正功，故C錯誤；D、根據幾何關系可知，冥王星在B點到太陽的距離為r=，根據萬有引力充當向心力知=ma知冥王星在B點的加速度為=，故D正確；故選D．2、D【解析】

由乙圖知：物體先向左做勻減速運動，向右做勻加速運動，直到速度與傳送帶相同，再做勻速運動．因此t1時刻，小物塊離A處的距離達到最大．故A錯誤．物塊先向左運動，后向右運動，而傳送帶一直向右運動，故速度與傳送帶相同時小物塊相對傳送帶滑動的距離達到最大．即t2時刻，小物塊相對傳送帶的位移達到最大．故B錯誤．t2-t3時間內，小物塊相對于傳送帶靜止向右做勻速運動，不受摩擦力．故C錯誤．0-t2時間內，物塊相對傳送帶一直向左運動，受到的滑動摩擦力方向一直向右，大小為f=μmg，保持不變．故D正確．故選D．3、C【解析】

（1）可利用F-x圖像的面積的物理意義表示功，來計算某過程中外力做的功；（2）根據動能定理可計算出處和處物體運動的瞬時速度，進而可根據勻變速直線運動速度和時間的關系，計算運動時間；（3）根據功率來計算平均功率；（4）根據計算瞬時功率．【詳解】A、通過計算F-x圖像的面積可知，圖示的全過程中外力做的功，故A錯誤；B、由動能定理，計算得到處的速度為；處的速度為．由牛頓第二定律可知，物體勻加速過程的加速度大小為，勻減速過程的加速度大小為；設勻加速和勻減速的所用的時間分別為和，則，解得；，解得，故物體運動的總時間為，B錯誤；C、全過程中外力做功的平均功率為，C正確；D、物體運動到x=5m處時，外力做功的瞬時功率為，D錯誤．故本題選C．【點睛】本題關鍵是分析物體的受力情況和運動情況，考查F-x圖像的物理意義和動能定理，會根據運動學公式計算時間，會計算平均功率和瞬時功率．4、D【解析】密立根測量了電子的電荷量，A錯誤；卡文迪許通過扭秤實驗測量了引力常量，并驗證了萬有引力定律，B錯誤；N是力的單位，不是基本單位，C錯誤；功的單位是J，由W=Fx知，1J=1N?m，根據F=ma，得1N=1kg?m/s2，所以得1J=1kg?m2/s2，故D正確．5、C【解析】A項：B、A分別為同一傳動裝置前輪和后輪邊緣上的一點，所以VA=VB，即，故A錯誤；B項：因為rA：rB=1.5：1=3:2，由V=ωr可知ωA：ωB=2：3，故B錯誤；C項：由可知，周期之比等于角速度反比，即，故A正確；D項：由公式可知：，故D錯誤。6、D【解析】以小球B為研究對象，分析受力情況，如圖所示A球所帶電量減少，AB間的庫侖力減小，所以F1<F2，BC錯誤．設A與O點間的距離為d，A、B間的距離為x，由三角形相似得，所以T1=T2，A錯誤，D正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A、溫度是分子平均動能的標志，所以溫度高的物體分子平均動能一定大，而物體的內能還與物質的量、體積等因素有關，所以物體的內能不一定大，故A正確；B、理想氣體在等溫變化時，內能不改變，當氣體體積變化時氣體對外界或外界對氣體要做功，由熱力學第一定律知，氣體與外界要發生熱交換，故B錯誤；C、布朗運動是懸浮在液體中固體顆粒的運動，它間接地反映了液體分子的無規則運動，故C正確；D、擴散現象說明分子永不停息地做無規則運動，溫度越高，兩種物質的濃度差越大，則擴散進行的越快，故D正確；E、相對濕度大時，空氣接近飽和氣體，液體內部分子進入空氣的速度與空氣里的液體分子進入液體中的速度差不多，蒸發很難進行，E錯誤。故選：ACD。8、BDE【解析】

A．根據熱力學第二定律，不可能從單一熱源吸收熱量并把它全部用來做功，而不引起其它變化，故A錯誤；B．熵是物體內分子運動無序程度的量度，所以宏觀態對應的微觀態越多，宏觀態就越無序，故B正確；C．增大壓強不能使所有氣體液化，只有在臨界溫度以下才可以通過增大壓強使氣體液化，故C錯誤；D．一切與熱現象有關宏觀過程都是不可逆的，故D正確；E．由圖像可知，壓強與體積的關系為由公式知，當時，T取極大值，此時故E正確。故選BDE。9、AC【解析】

P、Q均靜止時，由P受力平衡條件可知：，，把手放開瞬間，將P物體的重力沿AB方向和BC方向分解，由于PQ兩物體沿繩方向的速度相同，所以P物體接下來以AB為半徑的圓周運動，由于此時速為0，向心力為0，所以此時AB繩的拉力等于P物體重力沿AB方向的分力即為，此時，圓弧切線方向的合力為，加速度為，解得，對P物體有：，聯立解得：，所以T1：T1'=1:1，.T1：T1'=1：3，故AC正確．10、AD【解析】試題分析：先對小球受力分析，受重力、支持力和細線的拉力，其中支持力的方向不變，拉力方向改變，根據平衡條件并結合圖示法分析支持力和拉力的變化情況；然后對球和滑塊整體分析，根據平衡條件列式分析．對小球受力分析，受重力、支持力和細線的拉力，如圖所示：根據平衡條件，細線的拉力T增加，支持力N減小，根據牛頓第三定律，球對斜面的壓力也減小，A正確B錯誤；對球和滑塊整體分析，受重力、斜面的支持力N，桿的支持力，拉力F，如圖所示，根據平衡條件，有：水平方向，豎直方向，由于N減小，故減小，F增加，C錯誤D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CAG平衡位置減小測量周期的誤差B9.86【解析】

(1)[1][2][3]“利用單擺測重力加速度”的實驗中，為了減少相對誤差，最合適的器材有：小鐵球、100c