2025屆貴陽市第二實驗中學高三上物理期中檢測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、橫截面為直角三角形的兩個相同斜面如圖所示緊靠在一起，固定在水平面上，它們的傾角都是30°，小球從左邊斜面的頂點以不同的初速度向右平拋，最后落在斜面上．其中三個小球的落點分別是a、b、c，已知落點a最低，落點c最高。圖中三小球比較，下列判斷正確的是A．落在a點的小球的初速度最大B．落在a點的小球飛行過程中速度的變化量最大C．改變小球拋出時初速度大小，落在左邊斜面時小球的瞬時速度方向不變D．改變小球拋出時初速度大小，落在右邊斜面時小球的瞬時速度方向可能與斜面垂直2、在物理學發展史上，伽利略、牛頓等許許多多科學家為物理學的發展做了巨大貢獻．以下選項中符合伽利略和牛頓觀點的是（）A．兩匹馬拉車比一匹馬拉車跑得快，這說明：物體受力越大則速度就越大B．人在沿直線加速前進的車廂內，豎直向上跳起后，將落在起跳點的后方C．兩物體從同一高度做自由落體運動，較輕的物體下落較慢D．一個運動的物體，如果不再受力了，它總會逐漸停下來，這說明：靜止狀態才是物體不受力時的“自然狀態”3、在一平直公路上發生一起交通事故，質量為1500kg的小轎車迎面撞上了一質量為3000kg的向北行駛的卡車，碰后兩車相接在一起向南滑行了一小段距離而停止。據測速儀測定，碰撞前小轎車的時速為108km/h，由此可知卡車碰前的速率為A．小于15m/sB．大于15m/s，小于20m/sC．大于20m/s，小于30m/sD．大于30m/s，小于40m/s4、在光滑水平面上，有兩個相互接觸的物體，如圖，已知M＞m，第一次用水平力F由左向右推M，物體間的相互作用力為F1；第二次用同樣大小的水平力F由右向左推m，物體間的相互作用力為F2，則（）A． B．C． D．無法確定5、一個系統的機械能增大，究其原因，下列推測正確的是（）A．可能是重力對系統做了功B．—定是合外力對系統做了功C．一定是系統克服合外力做了功D．可能是摩擦力對系統做了功6、汽車甲和乙在同一公路上做直線運動，下圖是它們運動過程中的U-t圖像，二者在t1和t2時刻的速度分別為v1和v2，則在t1到t2時間內A．t1時刻甲的加速度小于乙的加速度B．乙運動的加速度不斷增大C．甲與乙間距離越來越大D．乙的平均速度等于二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一小球（可視為質點）套在固定的水平光滑橢圓形軌道上，橢圓的左焦點為P，長軸AC=2L0，短軸BD=L0，原長為L0的輕彈簧一端套在過P點的光滑軸上，另一端與小球連接．若小球做橢圓運動，在A點時的速度大小為v0，彈簧始終處于彈性限度內，則下列說法正確的是（）A．小球在A點時彈簧的彈性勢能大于在C點時的彈性勢能；B．小球在A、C兩點時的動能相等；C．小球在B、D點時的速度最大；D．小球在B點時受到軌道的彈力沿BO方向．8、質量為1kg的小球以的速度與質量為2kg的靜止小球正碰，關于原先運動的小球碰后的速度和原先靜止的小球碰后的速度，下面哪些是可能正確的（）A．B．，C．，D．，9、伽利略的理想實驗證明了()A．要使物體由靜止變為運動，必須受不為零的合外力的作用B．要使物體靜止必須有力的作用，沒有力的作用物體將運動C．要使物體運動必須有力的作用，沒有力的作用物體將靜止D．物體不受力時，總保持原來的勻速直線運動狀態或靜止狀態10、如圖，從豎直面上大圓的最高點A，引出兩條不同的光滑軌道，端點都在大圓上．相同物體由靜止開始，從A點分別沿兩條軌道滑到底端，則下列說法中正確的是（）A．到達底端的速度大小不相等B．重力的沖量都相同C．物體動量的變化率都相同D．沿AB運動所用的時間小于沿AC運動所用的時間三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）利用如圖1所示圖裝置做“驗證機械能守恒定律”實驗．(1)除帶夾子的重物、紙帶、鐵架臺（含鐵夾）、電磁打點計時器、導線及開關外，在下列器材中，還必須使用的兩種器材是______A．交流電源B．刻度尺C．天平（含砝碼）(2)實驗中，先接通電源，再釋放重物，得到如圖2所示的一條紙帶．在紙帶上選取三個連續打出的點A、B、C，測得它們到起始點O的距離分別為hA、hB、hC．已知當地重力加速度為g，打點計時器打點的周期為T．設重物的質量為m．從打O點到打B點的過程中，重物的重力勢能變化量△Ep=______，動能變化量△Ek=______(3)大多數學生的實驗結果顯示，重力勢能的減少量大于動能的增加量，原因是______A．利用公式v=gt計算重物速度B．利用公式v=計算重物速度C．存在空氣阻力和摩擦阻力的影響D．沒有采用多次實驗取平均值的方法(4)某同學想用下述方法研究機械能是否守恒，在紙帶上選取多個計數點，測量它們到起始點O的距離h，計算對應計數點的重物速度v，描繪v2-h圖象，并做如下判斷：若圖象是一條過原點的直線，則重物下落過程中機械能守恒．請你分析論證該同學的判斷依據是否正確______（回答正確或不正確）12．（12分）某物理興趣小組在“探究功與速度變化關系”的實驗中采用的實驗裝置如圖甲所示．（1）用游標卡尺測遮光條的寬度，測量結果如圖乙所示，游標卡尺主尺的最小刻度為1mm，則由該圖可得遮光條的寬度d=_____cm．（2）將氣墊導軌接通氣泵，通過調平螺絲調整氣墊導軌使之水平；并把實驗所需的器材都安裝無誤．將橡皮條掛在滑塊的掛鉤上，向后拉伸一定的距離，并做好標記，以保證每次拉伸的距離均相同．現測得掛一根橡皮條時，滑塊彈離橡皮條后，經過光電門的時間為t，則滑塊最后做勻速運動的速度表達式為v=_____（用對應物理量的字母表示）．（3）保持橡皮條的拉伸距離不變，逐根增加橡皮條的數目，記錄每次遮光條經過光電門的時間，并計算出對應的速度，則在操作正確的情況下，作出的W﹣v2圖象應為_____（填“過坐標原點的一條傾斜直線”或“過坐標原點的一條拋物線”）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，半徑r=0.06m的半圓形無場區的圓心在坐標原點O處，半徑R=0.1m；磁感應強度大小B=0.075T的圓形有界磁場區的圓心坐標為（0，0.08m）；平行金屬板MN的長度L=0.3m、間距d=0.1m，兩板間加電壓U=640V，其中N板收集粒子并全部中和吸收。一位于O點的粒子源向第I、II象限均勻發射比荷=1×108C/kg、速度大小v=6×105m/s的帶正電粒子，經圓形磁場偏轉后，從第I象限射出的粒子速度方向均沿x軸正方向。不計粒子重力、粒子間的相互作用及電場的邊緣效應，sin37°=0.6。(1)粒子在磁場中運動的軌跡半徑；(2)求從坐標（0，0.18m）處射出磁場的粒子在O點入射方向與y軸的夾角；(3)N板收集到的粒子占所有發射粒子的比例。14．（16分）某同學想用以下器材組裝一只歐姆計，并測量一只約幾千歐電阻的阻值。A。電流表，滿偏電流為1mA，內阻為20ΩB．電流表，滿偏電流為0.6A，內阻為5ΩC．電動勢15V，內阻5Ω的直流電源D．電動勢3V，內阻3Ω的直流電源E．最大阻值為5000Ω的滑動變阻器F．最大阻值為100Ω的滑動變阻器(1)以上器材應選用_____（填字母）(2)歐姆計調零后，滑動變阻器被接入部分的阻值為_____Ω(3)若用此歐姆計測量電阻，發現指針指在滿偏電流的三分之一處，則此電阻的阻值約為_____Ω15．（12分）如圖所示，足夠長的水平傳送帶以速度v勻速運動。質量分別為2m、m的小物塊P、Q，用不可伸長的輕軟細繩，通過固定光滑小環C相連。小木塊P放在傳送帶的最右端，恰好處于靜止狀態，C、P間的細繩水平。現有一質量為m的子彈以v0＝9m/s的速度射入小物塊P并留在其中。重力加速度g取10m/s2，子彈射入物塊P的時間可以忽略不計。求：(1)小物塊P與傳送帶間的滑動摩擦因數；(2)從子彈射入小物塊P至細繩再次拉直的時間；(3)要使小物塊P不從傳送帶的左端離開傳送帶，傳送帶至少多長？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、BC【解析】三個小球做的都是平拋運動，從圖中可以發現落在c點的小球下落的高度最小，水平位移最大，由h=gt2，可知，，所以落在c點的小球飛行時間最短，由x=v0t知：落在c點的小球的初速度最大，故A錯誤；小球做的是平拋運動，加速度都是g，速度的變化量為△v=at=gt，所以運動的時間長的小球速度變化量的大，所以a球的速度變化量最大，故B正確；設左側斜面的傾角為α，小球落在左邊斜面上時，有，得

設落在左邊斜面時小球的瞬時速度方向與水平方向的夾角為β．則tanβ=，所以β是一定的，故落在左邊斜面時小球的瞬時速度方向不變，故C正確；對于落在右邊斜面上的小球，豎直速度是gt，水平速度是v，若要合速度垂直斜面，把兩個速度合成，則=tan300，即v=gt，那么在經過t時間，豎直位移為y=gt2，水平位移為x=vt=（gt）t=gt2即水平位移和豎直位移需要滿足，而事實上由圖形可知，落在右面斜面的小球的水平位移與豎直位移之比，所以落到兩個斜面上的瞬時速度都不可能與斜面垂直，故D錯誤．故選BC.點睛：解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律，知道平拋運動的時間由高度決定，初速度和時間共同決定水平位移．也可以利用“中點”分析得出落到兩個斜面上的瞬時速度都不可能與斜面垂直．2、B【解析】

A項，物體速度與其受力沒有直接關系，故A錯誤B項，設人起跳前一瞬間車速為v，人在沿直線加速前進的車廂內，豎直向上起跳后，人在水平方向以速度v做勻速運動，而車廂在做加速運動，車廂在水平方向上的位移大于人在水平方向上的位移，則人會落在起跳點的后方，故B正確C項，自由落體運動，物體下落的快慢與物體的輕重沒有關系，故C項錯誤．D項，在光滑水平面上，做勻速直線運動的物體，其受力平衡，說明勻速直線運動狀態也是“自然狀態”，故D項錯誤．綜上所述本題正確答案為:B3、A【解析】

小轎車與卡車發生碰撞，系統內力遠大于外力，碰撞過程系統動量守恒，根據動量守恒定律，有mv1-Mv2=（m+M）v因而mv1-Mv2＞0代入數據，可得A.小于15m/s與分析相符，故A正確。B.大于15m/s，小于20m/s與分析不符，故B錯誤。C.大于20m/s，小于30m/s與分析不符，故C錯誤。D.大于30m/s，小于40m/s與分析不符，故D錯誤。4、C【解析】

把兩個物體看成一個整體，根據牛頓第二定律得兩次系統的加速度大小相等。

第一次用水平力F由左向右推M，對m運用牛頓第二定理得第二次用同樣大小的水平力F由右向左推m，對M運用牛頓第二定理得因為M＞m，所以F1＜F2。

故選C。5、D【解析】

由題可知本題考查功能關系。【詳解】A．除重力、彈力以外的力做功時，物體的機械能才會變化，一個系統的機械能增大，一定是除重力、彈力以外的力對系統做正功。重力做功時物體的動能和重力勢能之間相互轉化，不影響物體的機械能的總和。故A錯誤；BC．除重力、彈力以外的力做功時，物體的機械能才會變化。“合外力”沒有說清楚是只有重力，故BC錯誤；D．如果摩擦力對系統做正功，系統的機械能可以增大。所以D選項是正確的。故選D。6、A【解析】試題分析：在速度-時間圖象中每一點表示該時刻所對應的速度，圖線上每一點切線的斜率表示物體的瞬時加速度，根據圖象的斜率可知加速度的變化；由速度公式可求得位移及平均速度．v-t圖像的斜率表示加速度，所以時刻甲的加速度小于乙的加速度，乙的斜率越來越小，所以加速度越來越小，A正確B錯誤；由于甲乙不知道t=0時刻甲乙兩車的位置關系，則無法判斷兩者間的距離如何變化，C錯誤；甲做勻減速直線運動，在t1和t2時間內，甲的平均速度為，由于乙的位移小于甲的位移，故乙的平均速度，D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】

小球運動過程中彈性勢能和動能相互轉化，因為彈簧原長為，半長軸的長為，故在A點彈簧處于壓縮狀態，形變量等于PO的長度，在C點彈簧長度等于，故伸長量等于PO的長度，所以在AC兩點彈簧的形變量相等，彈簧的彈性勢能相等，故在AC兩點的動能相等，A錯誤B正確；設另外一個焦點為，在BD兩點時，，故B到P點的距離等于，即等于彈簧原長，在彈簧恢復原長時，彈性勢能為零，小球的動能最大，所以在BD兩點速度最大，C正確；因為小球套在軌道上，所以在B點軌道的彈力沿BO方向，D正確；8、AD【解析】

碰撞前總動量為碰撞前總動能為A.碰撞后總動量碰撞后總動能為滿足動量守恒定律，系統機械能沒有增加，所以是可能的，選項A正確；B.碰撞后的速度，，因為，說明碰撞未結束還會發生二次碰撞，選項B錯誤；C.碰撞后總動量不滿足動量守恒定律，選項C錯誤；D.碰撞后總動量碰撞后總動能為滿足動量守恒定律，系統機械能沒有增加，所以是可能的，選項D正確。9、AD【解析】

要使物體由靜止變為運動，產生加速度，必須受不為零的合外力作用，A正確；伽利略的理想斜面實驗證明力不是維持物體運動的原因，沒有力作用的物體能保持原來的運動狀態，BC錯誤D正確．10、AB【解析】如圖所示，對物體在斜面上受力分析，由牛頓第二定律可求得：a=gcosα

根據運動學公式x=at2可得：2Rcosα=gcosαt2；則有：t=2；因此下滑時間與斜面的傾角無關，只與圓弧的半徑及重力加速度有關，故D錯誤；因時間相同，則重力的沖量相同，故B正確；因物體下落的高度不同，故物體到達軌道底端的速度大小不同，故選項A正確；根據動量定理，動量的變化率等于合外力，即mgcosα，則因為α不同，則動量的變化率不同，選項C錯誤；故選AB．點睛：本題考查牛頓第二定律及動量定理等的應用，在解題時要注意幾何關系的應用，圖中三角形是直角三角形．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AB-mghBC不正確【解析】

(1)[1]A.打點計時器使用的是交流電源，故A正確；B.在該實驗中需要測量點跡間的距離，需要刻度尺，故B正確；C.在驗證機械能守恒時，mgh=既需要驗證gh=即可，與質量無關，故不需要天平，故C錯誤．(2)[2][3]從打下O點到打下B點的過程中，重錘重力勢能的減少量△Ep=mghBB點的速度為：則增加的動能為：(3)[4]大多數學生的實驗結果顯示，重力勢能的減少量大于動能的增加量，原因是重物在下落過程中存在空氣阻力和摩擦阻力的影響，故ABD錯誤，C正確．(4)[5]若機械能守恒，有mgh=則v2=2gh可知v2-h圖線為過原點的一條傾斜直線，且斜率為2g才能說明機械能守恒，故不正確．12、0.975d/t過坐標原點的一條傾斜的直線【解析】

游標卡尺的讀數等于主尺讀數加上游標讀數，不需估讀;由于遮光條通過光電門的時間極短，可以用平均速度表示瞬時速度.【詳解】(1)游標卡尺的讀數等于9mm+0.05×15mm=9.75mm=0.975cm，(2)滑塊經過光電門時,擋住光的時間極短，故可用平均速度代替為滑塊經過光電門位置的瞬時速度，；(3)根據動能定理可知，合外力做的功應等于物體動能的變化量，有，所以畫出的W-v2圖象應是過坐標原點的一條傾斜直線.【點睛】解決本題的關鍵知道游標卡尺的讀數方法，以及知道在極短時間內的平均速度可以表示瞬時速度．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)0.08m（2）（3）29%【解析】試題分析：由洛倫茲力充當向心力可求得運動半徑；做出帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動的軌跡，由幾何知識即可求出θ；利用帶電粒子在勻強電場中類平拋運動規律和帶電粒子在磁場中的勻速圓周運動規律求。（1）由洛倫茲力充當向心力：代入數據解得：（2）粒子運動軌跡如圖所示：令從y=0.18m處出射的粒子對應的入射角方向與y軸的夾角為θ，由幾何關系可得：sinθ=0.8，即θ=530（3）如上圖所示，令恰能從下極板右端出射的粒子坐標為y，由帶電粒子在電場中偏轉的規律得：加速度為：飛行時間為：聯立可得：設此粒子射入時與x軸的夾角為α，則由幾何知識得：

可得：，即N板收集到的粒子占所有發射粒子的比例為：點睛：本題主要考查了帶電粒子在云勻強磁場中的偏轉和磁場中的勻速圓周運動，做出正確運動軌跡示意圖是關鍵。14、ADE29776000【解析】

(1)歐姆表的中值電阻等于歐姆表的內電阻，調零時電流表應該滿偏，題中電源和電流表有四種組合；組合一：AC組合，根據歐姆定律，調零后內阻為：；組合二：BC組合，根據歐姆定律，調零后內阻為：；組合三：AD組合，根據歐姆定律，調零后內阻為：；組合四：BD組合，根據歐姆定律，調零后內阻為：；考慮滑動變阻器最大，應該選組合三，故電流表選A，電源選D，滑動變阻器選E；(2)根據閉合電路歐姆定律有：，解得：。(3)指針指在滿偏電流的三分之一處，根據