廣西南寧市第十四中學2025屆物理高二第一學期期中調研試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、守門員將4m/s迎面飛來的足球，以8m/s的速度踢回，守門員踢球的時間為0.1s，規定足球以8m/s被踢回的方向為正方向，則足球在這段時間內平均加速度的大小及方向是（）A．120m/s2，負方向 B．120m/s2，正方向C．40m/s2，負方向 D．40m/s2，正方向2、在光滑的絕緣水平面上，帶電小球甲和乙在靜電力作用下做變速運動。若它們的電荷量關系是q甲=2q乙，質量關系是m甲=3m乙，則它們的加速度大小之比a甲:a乙等于（）A．1：3B．1：2C．6：1D．1：63、如右圖所示為某靜電場中的某一條電場線，a、b為該電場線上的兩點，則下列判斷中正確的是A．b點的電場強度可能比a點的電場強度小B．a點的電場強度一定等于b點的電場強度C．負電荷在b點受到的電場力方向向左D．正電荷在運動中通過a點時，其運動方向一定沿ba方向4、在一個導線框架中通以如圖所示的電流，邊的正中間用絕緣線懸掛金屬環，環面與框架平面在同一平面內，在電流Ⅰ減小的過程中A．環向邊靠攏 B．環向邊靠攏 C．懸線中拉力變小 D．懸線中拉力增大5、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中的四個點，D是BC的中點，A、B、C構成一個直角三角形，AB長為1m，電場線與三角形所在的平面平行，已知φA=5V、φB=-5V、φC=15V，由此可以判斷()A．場強的方向由C指向BB．場強的方向垂直AD連線斜向上C．場強的大小為10V/mD．場強的大小為6、有一個電流表G，內阻Rg=10Ω滿偏電流Ig=3mA，要把它改裝成量程0～3V的電壓表，則（）A．要串聯一個阻值為990Ω的電阻 B．要并聯一個阻值為990Ω的電阻C．要串聯一個阻值為0.10Ω的電阻 D．要并聯一個阻值為0.10Ω的電阻二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示是根據某次實驗記錄數據畫出的U-I圖像，下列關于這個圖像的說法中正確的是（）A．縱軸截距表示待測電源的電動勢B．橫軸截距表示短路電流C．根據，計算出待測電源內電阻為12ΩD．電流為0.3A時的外電阻是18Ω8、一個T型電路如圖所示，電路中的電阻，，．另有測試電源，電動勢為、內阻忽略不計，則（）A．當、端短路時，、之間的等效電阻是B．當、端短路時，、之間的等效電阻是C．當、兩端接通測試電源時，、兩端的電壓為D．當、兩端接通測試電源時，、兩端的電壓為9、電阻R1、R2、R3串聯在電路中．已知R1＝10Ω、R3＝5Ω，R1兩端的電壓為6V，R2兩端的電壓為12V，則()A．電路中的電流為0.6A B．電阻R2的阻值為20ΩC．三只電阻兩端的總電壓為21V D．電阻R3兩端的電壓為4V10、沿豎直升降的電梯中，一輕彈簧下掛一小球，電梯靜止時，彈簧伸長ΔL，電梯運動時，彈簧伸長了45ΔA．電梯可能加速上升 B．電梯可能加速下降C．電梯的加速度大小為15g D．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）智能掃地機器人是生活中的好幫手，已走進了千家萬戶。如圖1是國內某品牌掃地機器人所用的3500mA·h大容量鎳氫電池組，其續航能力達到80分鐘，標稱電動勢為14.4V。小明想測出該電池組的電動勢和內阻。他找來了如下器材：A．待測電源E（電動勢約14.4V，內阻約）B．定值電阻（電阻）C．電阻箱（最大阻值）D．電流表A（量程0.6A，內阻約）E．電壓表V（量程3V，內阻2）F．滑動變阻器R（，2A）G．滑動變阻器（，0.5A）I．開關、導線若干（1）由于電壓表的量程太小，小明用電阻箱與電壓表V_______（填“串聯”或“并聯”），并將電阻箱的阻值調到_________kΩ，把該電壓表量程擴大為15V。（2）由于該電源的內阻較小，電壓表示數變化會不明顯，所以小明先將定值電阻與電源串接起來，如圖2所示。實驗中滑動變阻器應選用______（填“R”或“”）。（3）閉合電鍵，調節滑動變阻器R，測出多組數據，作出電壓與電流的關系圖線如圖3所示。根據圖線可得該電源的電動勢E=_______V，內阻r=_______。（結果均保留一位小數）12．（12分）表格中所列數據是測量小燈泡U－I關系的實驗數據：U（V）0.00.20.51.01.52.02.53.0I（A）0.0000.0500.1000.1500.1800.1950.2050.215(1)分析上表內實驗數據可知，應選用的實驗電路圖是圖中的________（填“甲”或“乙”）；(2)在如圖所示的方格紙內畫出小燈泡的U－I曲線_______，分析曲線可知小燈泡的電阻隨I變大而________（填“變大”、“變小”或“不變”）；(3)如圖丙所示，用一個定值電阻R和兩個上述小燈泡組成串并聯電路，連接到內阻不計、電動勢為3V的電源上。已知流過電阻R的電流是流過燈泡b的電流的兩倍，則此時流過燈泡a和燈泡b的電流之比_______。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）簡諧運動是我們研究過的一種典型運動形式。(1)如圖1所示，將兩個勁度系數分別為k1和k2的輕質彈簧套在光滑的水平桿上，彈簧的兩端固定，中間接一質量為m的小球，此時兩彈簧均處于原長。現將小球沿桿拉開一段距離后松開，小球以(2)如圖2所示，一質點以速度v0做半徑為R的勻速圓周運動。試分析小球在x方向上的分運動是否為簡諧運動。14．（16分）在平面直角坐標系xOy中，第Ⅰ象限存在沿y軸負方向的勻強電場，第Ⅳ象限存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場，磁感應強度為B．一質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以速度v0垂直于y軸射入電場，經x軸上的N點與x軸正方向成θ＝60°角射入磁場，最后從y軸負半軸上的P點垂直于y軸射出磁場，如圖所示．不計粒子重力，求（1）M、N兩點間的電勢差UMN；（2）粒子在磁場中運動的軌道半徑r；（3）粒子從M點運動到P點的總時間t．15．（12分）如圖所示，直線MN上方有垂直紙面向外的足夠大的有界勻強磁場區域，磁感應強度為B，正、負電子同時從O點以與MN成30°角的相同速度v射入該磁場區域（電子質量為m，電量為e），經一段時間后從邊界MN射出．求：（1）它們從磁場中射出時，出射點間的距離；（2）它們從磁場中射出的時間差．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

規定足球以8m/s被踢回的方向為正方向，則足球的初速度v0=-4m/s，末速度v=8m/s

所以足球在這段時間內平均加速度方向為正方向．故選B.點睛：解決本題的關鍵是要掌握加速度的定義式，以及知道足球的初速度方向與末速度方向相反，代入數據時要注意速度的正負號．2、A【解析】根據牛頓第三定律得知，兩球之間的庫侖力大小相等，設為F，由牛頓第二定律得

對甲：F=m甲a甲，對乙：F=m乙a乙，則有a甲：a乙=m乙：m甲=1：3，故A正確、BCD錯誤．故選A.點睛：本題要抓住庫侖力具有力的共性，同樣遵守牛頓運動定律，兩電荷間作用力大小總是相等的，與電荷所帶電荷量無關．3、A【解析】AB、由于一根電場線其疏密程度無法確定，所以也無法比較兩點的電場強度，故A正確，B錯誤；C、負電荷在b點受到的電場力方向與該點的電場強度方向相反，而該點的電場強度方向即為該點的切線方向，所以負電荷在b點受到的電場力方向向右，故C錯誤；D、正電荷所受電場力方向與該點的電場強度方向相同，所以正電荷在運動中通過a點時，電場力方向一定向右，而運動方向并不一定沿ba方向，故D錯誤；故選A?！军c睛】由于一根電場線其疏密程度無法確定，所以也無法比較兩點的電場強度，負電荷在b點受到的電場力方向與該點的電場強度方向相反。4、C【解析】

根據安培定則知，彎曲成“п”導線中電流的磁場方向為：垂直紙面向里，且大小減小。由楞次定律可知，感應電流的方向為順時針，根據左手定則可知，安培力的方向背離圓心，由于彎曲成是“п”導線，所以金屬環下邊圓弧受到的安培力小于上邊圓弧受到的安培力，因此導致掛環的拉力減小，但由于金屬環左右兩側受安培力等大反向，則環仍處于靜止狀態；A．環向AB邊靠攏，與結論不相符，選項A錯誤；B．環向CD邊靠攏，與結論不相符，選項B錯誤；C．懸線中拉力變小，與結論相符，選項C正確；D．懸線中拉力增大，與結論不相符，選項D錯誤；5、D【解析】

由題意，φA=5V、φB=-5V、φC=15V，則BC連線的中點D的電勢為，則φD=φA，AD為一條等勢線．根據電場線與等勢線垂直，可知場強的方向垂直于AD連線斜向下．故AB錯誤．場強的大小為，故C錯誤，D正確．故選D．【點睛】解答本題的關鍵是得到D點的電勢，找到等勢線；掌握電場線與等勢線的關系，正確理解公式E=U/d中d的含義．6、A【解析】

把電流表改裝為電壓表，應串聯一個分壓電阻，串聯電阻阻值為：故A正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

A．由閉合電路歐姆定律可知由數學知識可知，縱軸截距表示待測電源的電動勢，故A正確；BC．當縱坐標是從零開始調節的，則橫軸截距表示的是短路電流，而由圖可知縱坐標是從5.0V開始調節的，故橫軸截距表示的不是短路電流，則由圖無法得出短路電流，故電源的內阻不能用來計算，故BC錯誤；D．由圖可知，當電流為0.3A時外電壓是5.4V，根據解得，故D正確。故選AD。8、AC【解析】

A.當端短路時，電阻串并聯關系為、并聯，然后與串聯，間等效電阻即總電阻，故A項正確；B.當端短路時，電阻串并聯關系為、并聯，然后與串聯，間等效電阻即總電阻，故B項錯誤；C.兩端接在電動勢為電源兩端，電路由和串聯，兩端電壓為兩端電壓，大小為，故C項正確；D.兩端接在電動勢為電源兩端，電路由和串聯，兩端電壓為兩端電壓，大小為，故D項錯誤．9、ABC【解析】試題分析：由部分電路歐姆定律可知流過R1的電流為，A對；同理電阻R2的阻值為，B對；R3兩端的電壓為IR3=3V，D錯；所以三只電阻兩端的總電壓為21V，C錯；考點：考查串并聯關系點評：本題難度較小，串聯電路中電流相同，要熟悉部分電路歐姆定律的內容，并能夠利用歐姆定律靈活的處理問題10、BC【解析】

對物體受力分析，根據牛頓第二定律胡克定律求出物體的加速度，從而得知電梯的加速度，確定電梯的運動情況．【詳解】當升降機靜止時有：k?L=mg，當升降機運動時，根據牛頓第二定律得，mg?0.8k?L＝ma，解得a=0.2g，方向豎直向下，知電梯以大小為0.2g的加速度減速上升，或以大小為0.2g的加速度加速下降。故BC正確，AD錯誤。故選BC?！军c睛】解決本題的關鍵知道物體與電梯具有共同的加速度，根據牛頓第二定律求出物體的加速度是本題的突破口．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、串聯10R14.61.0【解析】（1）小明用電阻箱與電壓表V串聯，把該電壓表量程擴大為15V，串聯電阻的阻值與電壓表阻值間滿足：，代入數據得：（2）滑動變阻器應選用R（若一半接入電路時，電路中電流約為，實驗不具有可操作性）（3）根據電壓與電流的關系圖線，可得，12、甲變大3：1【解析】

(1)[1]由表中數據可知，電壓、電流從零開始測量因此需要滑動變阻器分壓接法，故該實驗選擇分壓接法，故應選擇甲電路(2)[2]根據表示所給數據，畫出小燈泡的U－I曲線如圖所示[3]由小燈泡的U－I曲線可知，圖像的斜率變大，故說明當電流增大時，燈泡的電阻增大(3)[4]流過電阻R的電流是流過燈泡b電流的兩倍，根據電阻的串并聯可知，流過燈泡a的電流是b的三倍；同時燈泡a和b的電壓之和為3V，由此結合小燈泡的U－I曲線可知流過燈泡b的電流約為0.07A，a的電流約為0.21A，則此時流過燈泡a和燈泡b的電流之比3：1四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)若小球向右偏離的位移為x，選取向右為正方向，由胡克定律可得，小球受到的合外力：F合=-(k1+k2)x，由于【解析】

(1)若小球向右偏離的位移為x，選取向右為正方向，如圖所示，由胡克定律可得，小球此時受到兩個彈力F1和F2，方向沿x軸負方向，兩個力的合力即小球受到的恢復力：F合=-（k1+k2）x，由于k1和k2都是常數，所以小球受到的合外力與位移成正比，方向相反，由此證明小球做簡諧振動。(2)質點從A