廣東省廣州市彭加木紀念中學2025屆物理高二第一學期期末統考模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，閉合線圈正上方附近有一豎直放置的條形磁鐵，磁鐵的N極朝下但未插入線圈內部．在磁鐵向上運動遠離線圈的過程中（）A.線圈中感應電流的方向與圖中箭頭方向相同，磁鐵與線圈相互吸引B.線圈中感應電流的方向與圖中箭頭方向相同，磁鐵與線圈相互排斥C.線圈中感應電流的方向與圖中箭頭方向相反，磁鐵與線圈相互吸引D.線圈中感應電流的方向與圖中箭頭方向相反，磁鐵與線圈相互排斥2、圖中MN是某電場中的一條水平電場線．一帶正電粒子射入此靜電場中后，沿軌跡ABC運動（B在電場線上）．下列說法中正確的是A.B.粒子在B點受電場力方向水平向左C.粒子一定做勻變速曲線運動D.粒子在A點的電勢能比在C點的電勢能大3、下列說法正確的是A.沿磁感線方向，磁場逐漸減弱B.放在勻強磁場中的通電導線一定受到安培力C.磁場的方向就是通電導體所受安培力的方向D.通電直導線所受安培力的方向一定垂直于磁感應強度和直導線所決定的平面4、條形磁鐵豎直放置，閉合圓環水平放置，條形磁鐵中心穿過圓環中心，如圖所示．若圓環為彈性環，其形狀由I擴大到II，那么圓環內磁通量的變化情況是（）A.磁通量不變 B.磁通量增大C.磁通量減小 D.條件不足，無法確定5、如圖所示，電源內阻不計，已知R1＝2kΩ，R2＝3kΩ，現用一個內阻為6kΩ的電壓表并聯在R2的兩端，電壓表的讀數為6V.若把它接在a、b兩點間，電壓表的讀數為（）A.18V B.12VC.8V D.6V6、下列現象中，屬于電磁感應現象的是A.磁場對電流產生力的作用B.電流的周圍能產生磁場C.軟鐵棒可被磁場磁化而帶磁性D.變化的磁場使閉合電路中產生電流二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、兩個半徑相同的金屬小球（視為點電荷），帶電荷量之比為1：7，相距為r，兩者相互接觸后再放回原來的位置上，則相互作用力可能為原來的（）A. B.C.倍 D.倍8、如圖所示，直線A、B分別為電源a、b的路端電壓與電流的關系圖線，設兩個電源的內阻分別為ra和rb．若將一定值電阻R0分別接到a、b兩電源上，通過R0的電流分別為Ia和Ib，則（）A.ra>rbB.Ia>IbC.R0接到a電源上，電源的輸出功率較大，但電源的效率較低D.R0接到b電源上，電源的輸出功率較小，電源的效率較低9、如圖所示，在平面直角坐標系中有一個垂直于紙面向里的圓形勻強磁場，其邊界過原點O和y軸上的點a（0，L）．一質量為m、電荷量為e的電子從a點以初速度v0平行于x軸正方向射入磁場，并從x軸上的b點射出磁場，此時速度方向與x軸正方向的夾角為60°．下列說法中正確的是（）A.電子在磁場中運動的時間為B.電子在磁場中運動的時間為C.磁場區域的圓心坐標（，）D.電子在磁場中做圓周運動的圓心坐標為（0，－2L）10、一理想變壓器原、副線圈匝數之比n1∶n2＝11∶5，原線圈與正弦交變電源連接，輸入電壓U如圖所示．副線圈僅接入一個10Ω的電阻，則()A.流過電阻的電流是20AB.與電阻并聯的電壓表的示數是100VC.經過1分鐘電阻發出的熱量是6×103JD.變壓器的輸入功率是1×103W三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖（a）為某同學組裝完成的簡易多用表的電路圖，圖中E是電池；和是固定電阻，R6是可變電阻，表頭的滿偏電流為250，內阻為，虛線方框內為換擋開關，A端和B端分別與兩表筆相連．該多用表有5個檔位為：直流電壓1V檔和5V檔，直流電流1mA檔和2.5mA檔，歐姆x1檔(1)圖（a）中A端與_____(填紅或黑)色表筆相連接(2)關于的使用，下列說法正確的是（）A.在使用多用表之前，調整使電表指針指在電表左端0刻度線處B.使用歐姆檔時，現將兩表筆短接，調整使電表指針指在表盤右端電阻0刻度線處C.使用電流檔時，調整使電表指針指在電表右端電流最大位置(3)某次測量時該多用表指針位置如圖（b）所示，此時B端是與3相連的，則讀數為______,若此時B端是與5相連，則讀數為______(4)改電表的檔位1,2都是電流檔，其中檔位1的量程是_____,根據題給的條件可得=______12．（12分）如圖所示，質量為m、邊長為L的正方形線圈ABCD由n匝導線繞成，導線中通有順時針方向大小為I的電流，在AB邊的中點用細線豎直懸掛于輕桿右端，輕桿左端通過豎直的彈簧與地面相連，輕桿可繞桿中央的固定轉軸O在豎直平面內轉動．在圖中虛線的下方，有與線圈平面垂直的勻強磁場，磁感強度為B，平衡時，CD邊水平且線圈有一半面積在磁場中，忽略電流I產生的磁場，穿過線圈的磁通量為______；彈簧受到的拉力為_______四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，平面直角坐標系xOy第II象限內存在沿x軸負方向的勻強電場，一質量為m、電荷量為q的帶負電粒子（不計重力），從x軸上的（-L，0）點，以大小為v0的速度沿y軸正方向射入電場，通過電場后從y軸上的C（0，2L）點進入第I象限。（1）求電場強度大小E；（2）若第I象限內存在方向垂直于坐標平面向里的勻強磁場，則上述粒子經磁場偏轉后將從x軸上的D（2L，0）點進入第IV象限。求該磁場的磁感應強度大小B；（3）若第I象限僅在某區域內存在大小仍為B，方向垂直于坐標平面向外的矩形勻強磁場，則上述粒子經磁場偏轉后將從x軸上D點垂直進入第IV象限，求該矩形磁場區域的最小面積。14．（16分）如圖所示，一根長L=0.2m的金屬棒放在傾角為θ=370的光滑斜面上，并通以I=5A電流，方向如圖所示，整個裝置放在磁感應強度為B=0.6T，豎直向上的勻強磁場中，金屬棒恰能靜止在斜面上，則該棒的重力為多少？（）15．（12分）如圖所示，在足夠高的豎直絕緣擋板上A點，以水平速度v0向左拋出一個質量為m、電荷量為q的帶正電小球。由于空間存在水平向右、場強大小為E的勻強電場，小球拋出后經過一段時間到達板面上位于A點正下方的B點，重力加速度為g。求：(1)小球運動過程中離擋板的最大水平距離x；(2)板上A、B兩點間的距離y；(3)小球運動過程中最小速度v的大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】磁鐵的N極朝下，穿過線圈的原磁場方向向下，磁鐵向上運動遠離線圈，磁通量減小，由楞次定律可知，感應電流的磁場方向與原磁場方向相同，由右手螺旋定則可知，線圈中產生與圖中箭頭方向相反的感應電流，由楞次定律中的“來拒去留”可知，磁鐵遠離線圈，所以磁鐵和線圈相互吸引，故C正確2、B【解析】根據粒子偏轉方向得到電場力方向，進而得到電場線方向，從而得到電勢大小關系；再根據粒子受力情況判斷粒子運動情況【詳解】B、粒子受力方向沿電場線方向，且指向粒子運動軌跡凹的一側，故粒子在B點受電場力方向向左，故B正確；A、粒子帶正電，粒子在B點受電場力方向向左，故電場線方向左，又有：沿著電場線電勢降低，故，故A錯誤；C、只有一條電場線，不能得到靜電場為勻強電場，故粒子受力不一定恒定，那么，粒子不一定做勻變速運動，故C錯誤；D、只有一條電場線，故不能判斷A、C兩點電勢大小關系，故粒子在這兩點電勢能大小不能判斷，故D錯誤；故選B【點睛】帶電粒子在勻強電場中受到的電場力恒定，故一般通過受力分析（或運動分析），由牛頓第二定律，通過加速度得到運動情況（或受力情況）3、D【解析】磁感線越密集，則磁場越強，則沿磁感線方向，磁場不一定逐漸減弱，選項A錯誤；如果通電導線平行磁場放置，則導線不受磁場力，選項B錯誤；通電直導線所受安培力的方向一定垂直于磁感應強度和直導線所決定的平面，選項C錯誤，D正確；故選D.4、C【解析】磁感線是閉合曲線，磁鐵內部穿過線圈的磁感線條數等于外部所有磁感線的總和，圖中內部磁感線線比外部多．外部的磁感線與內部的磁感線方向相反，外部的磁感線將內部抵消，Ⅰ位置磁鐵外部磁感線條數少，將內部磁感線抵消少，則Ⅰ位置磁通量大．而Ⅱ位置磁鐵外部磁感線條數多，將內部磁感線抵消多，則Ⅱ位置磁通量小．故選C.5、B【解析】當電壓表并聯在R2的兩端時，電壓表與R2的并聯電阻為：可知，R并=R1；根據串聯電路的分壓特點，可知R1兩端的電壓也等于6V，故U=12V．所以把電壓表接在a、b兩點間，電壓表的讀數為12V．故選B．【點睛】本題要注意電壓表是實際的電表，內阻不是無窮大，電表對電路的影響不能忽略，把電壓表看成可測量電壓的電阻．6、D【解析】電磁感應指閉合回路中部分導體做切割磁感線運動，或者穿過閉合線圈的磁通量變化，回路中產生感應電流的現象A.磁場對電流產生力的作用屬于電流在磁場中受力．故A錯誤；B.電流的周圍能產生磁場屬于電流的磁效應．故B錯誤；C.軟鐵棒可被磁場磁化而帶磁性屬于鐵磁性物質的磁化過程．故C錯誤；D.變化的磁場使閉合電路中產生電流是因磁通量的變化，從而產生感應電動勢，形成感應電流的現象．屬于電磁感應現象．故D正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】根據庫侖定律得如果兩金屬球帶同種電荷，根據庫侖定律得解得D正確；如果兩金屬球帶異種電荷，根據庫侖定律解得C正確。故選CD。8、ABC【解析】A．由圖象可知，圖象A斜率的絕對值大于圖象B斜率的絕對值，因此ra＞rb，故A正確；B．在同一坐標系內作出電阻R0的U-I圖象，如圖1所示，由圖象可知Ia＞Ib，故B正確；CD．R0接到電源上，如圖1所示，Ia＞Ib，Ua＞Ub，由P=UI可知，Pa＞Pb，電源的效率由于ra＞rb，所以ηa＜ηb，故C正確，D錯誤；9、BC【解析】電子的軌跡半徑為R，由幾何知識，，得．（1）所以電子在磁場中做圓周運動的圓心坐標為(0，－L)，電子在磁場中運動時間（2），而（3），所以,AD錯誤，B正確，設磁場區域的圓心坐標為（x，y）其中,,所以磁場圓心坐標為,C正確，考點：考查了帶電粒子在磁場中的運動點評：通過題意剛好得出帶電粒子在電場中做類平拋運動，這是本題的突破點．當得出這一條件時，則粒子在磁場中運動軌跡可以確定，從而求出圓磁場的圓心位置，再運用平拋運動規律來運動分解處理10、BD【解析】根據圖象可以求得輸出電壓的有效值，再根據電壓與匝數成正比，結合歐姆定律與焦耳定律的知識，即可求得結論【詳解】由圖象可知，原線圈中電壓的最大值為220V，所以電壓的有效值為220V，因原、副線圈匝數比n1：n2=11：5，根據電壓與匝數成正比可知，則副線圈的電壓有效值為100V，所以通過電阻的電流為10A，故A錯誤；根據電壓與匝數成正比可知，因原、副線圈匝數比n1：n2=11：5，則副線圈的電壓有效值為100V，所以與電阻并聯的電壓表的示數是100V，故B正確；由，所以經過1分鐘，即60s電阻發出的熱量是6×104

J，所以C錯誤；副線圈的電阻為10Ω，所以輸出功率，因輸入功率等于輸出功率，所以D正確．故選BD【點睛】掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關系，最大值和有效值之間的關系即可解決本題，注意電表讀數是交流電的有效值三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.黑②.B③.11Ω④.2.95V⑤.2.5mA⑥.【解析】（1）根據歐姆表原理可知，內部電源的正極應接黑表筆，這樣才能保證在測電阻時電流表中電流“紅進黑出”（2）由電路圖可知，R6只在測量電阻時才接入電路，故其作用只能進行歐姆調零，不能進行機械調零，同時在使用電流檔時也不需要時行調節，故B正確，AC錯誤（3）若此時B與“3”相接，歐姆表的倍率為×1擋，則讀數為11Ω．若此時B端是與5相連，由圖可知是5V檔，由圖示表盤可知，其分度值為0.1V，所示讀數為：2.95V（4）直流電流檔分為1mA和2.5mA，由圖可知，當接1時應為2.5mA；當接2時應為1mA，根據串并聯電路規律可知12、①.②.【解析】穿過線圈的磁通量為：；根據左手定則可知，CD邊所受安培力為nBIL，而方向豎直向下；由杠桿平衡條件得：mg+nBIL=F拉，解得：F拉=mg+nBIL四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）；（3）16L2【解析】(1)粒子進入電場后做類平拋運動，軌跡如圖1水平方向有豎直方向有其中聯立解得(2)由幾何關系得所以得則粒子進入磁場中的速度為設粒子在磁場中做圓周運動的半徑為，則有由洛倫茲力提供向心力得得聯立解得(3)粒子的運動軌跡如圖2所示，由洛倫茲力提供向心力得得由幾何關系可知，粒子偏轉，