2025屆江蘇省江陰市四校物理高二第一學期期中考試試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在電梯加速上升的過程中，站在電梯里的人A．所受支持力做正功，機械能增加B．所受支持力做正功，機械能減少C．所受支持力做負功，機械能增加D．所受支持力做負功，機械能減少2、如圖是洛倫茲力演示儀的實物圖和結構示意圖．用洛倫茲力演示儀可以觀察運動電子在磁場中的運動徑跡．下列關于實驗現象和分析正確的是()A．勵磁線圈通以逆時針方向的電流，則能形成結構示意圖中的電子運動徑跡B．勵磁線圈通以順時針方向的電流，則能形成結構示意圖中的電子運動徑跡C．保持勵磁電壓不變，增加加速電壓，電子束形成圓周的半徑減小D．保持加速電壓不變，增加勵磁電壓，電子束形成圓周的半徑增大3、在真空中的A、B兩點分別放置等量異種點電荷，在電場中通過A、B兩點的連線中點對稱地選取一個閉合路徑abcd，如圖所示．現將一個電子沿abcd移動一周，下列判斷正確的是（）A．a點和b點的電場強度相同B．c點電勢高于d點電勢C．由b→c，電場力先做正功后做負功D．由c→d，電子電勢能一直在減小4、如圖所示為多用電表歐姆擋的原理示意圖，其中電流表的滿偏電流為3mA，內阻r=100Ω，調零電阻的最大值R=50kΩ，串聯的固定電阻R0=50Ω，電池電動勢E=1.5V，內阻r=1Ω，用它測量電阻Rx，能準確測量的阻值范圍是（）A．30kΩ~80kΩB．3kΩ~8kΩC．300Ω~800ΩD．30Ω~80Ω5、以下關于摩擦起電和感應起電的說法中正確的是（）A．摩擦起電是因為電荷的轉移，感應起電是因為產生電荷B．摩擦起電是因為產生電荷，感應起電是因為電荷的轉移C．摩擦起電的兩摩擦物體必定是絕緣體，而感應起電的物體必定是導體D．不論是摩擦起電還是感應起電，都是電荷的轉移6、一段粗細均勻、橫截面積為S的金屬導線接到輸出電壓為U的穩壓電源上，此時導線中自由電子定向移動速率為v，電子的電荷量大小為e，導線接入電路中的部分電阻為R，則這導線單位體積內自由電子的數量n等于A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，直線a、拋物線b和曲線c分別為某一穩恒直流電源在純電阻電路中的總功率P、電源內部發熱功率Pr、輸出功率PR隨電流I變化的圖象，根據圖象可知()A．電源的電動勢為9V，內阻為3ΩB．電源的電動勢為3V，內阻為1ΩC．圖象中任意電流值對應的P、Pr、PR間的關系為P>Pr＋PRD．電路中的總電阻為2Ω時，外電阻上消耗的功率最大且為2.25W8、平行板電容器的兩板A、B接于電池兩極，一個帶正電小球用絕緣細線懸掛在電容器內部，閉合開關S，電容器充電，這時懸線偏離豎直方向的夾角為θ，如圖所示，那么()A．保持開關S閉合，將A板稍向B板靠近，則θ增大B．保持開關S閉合，將A板稍向上移，則θ減小C．開關S斷開，將A板稍向B板靠近，則θ不變D．開關S斷開，將A板稍向上移，則θ減小9、在電場方向水平向右的勻強電場中，一帶電小球從A點豎直向上拋出，其運動的軌跡如圖所示．小球運動的軌跡上A、B兩點在同一水平線上，M為軌跡的最高點．小球拋出時的動能為8.0J，在M點的動能為6.0J，不計空氣的阻力．則（）A．小球水平位移x1與x2的比值1：3B．小球水平位移x1與x2的比值1：4C．小球落到B點時的動能32JD．小球從A點運動到B點的過程中最小動能為6J10、關于自由落體運動，以下看法正確的是（）A．下落的第一秒和第二秒動量的變化相同B．下落的第一秒和第二秒動能的變化量相同C．下落的第一個H高度和第二個H高度的過程中動量的變化相同D．下落的第一個H高度和第二個H高度的過程中動能的變化量相同三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在測量一節干電池的電動勢和內電阻的實驗中，實驗電路圖如圖所示．(1)實驗過程中，電流表應選______滑動變阻器應選_______(請填寫選項前對應的字母)A．電流表A1(量程0.6A，內阻約0.8Ω)B．電流表A2(量程3A，內阻約0.5Ω)C．滑動變阻器R1(0～10Ω)D．滑動變阻器R2(0～2000Ω)(2)根據圖示的電路，電流表測量值_______真實值(選填“大于”或“小于”)．(3)若測量的是新干電池，其內電阻比較小．在較大范圍內調節滑動變阻器，電壓表讀數變化________(選填“明顯”或“不明顯”)．(4)閉合開關，調節滑動變阻器，讀取電壓表和電流表的示數．用同樣方法測量多組數據，將實驗測得的數據標在如圖所示的坐標圖中，請作出U-I圖線_____，由此求得待測電池的電動勢E=_____V，內電阻r=______Ω（結果均保留兩位有效數字）．所得內阻的測量值與真實值相比________（填“偏大”、“偏小”或“相等”）．12．（12分）要測繪額定電壓為2V的日常用小電珠的伏安特性曲線，所供選擇的器材除了導線和開關外，還有以下一些器材可供選擇：A、電源E（電動勢3.0V，內阻可不計）B、電壓表V1（量程為0～3.0V，內阻約2kΩ）C、電壓表V2（0～15.0V，內阻約6kΩ）D、電流表A1（0～0.6A，內阻約1Ω）E、電流表A2（0～100mA，內阻約2Ω）F、滑動變阻器R1（最大值10Ω）G、滑動變阻器R2（最大值2kΩ）（1）為減少實驗誤差，實驗中電流表應選擇___，滑動變阻器應選擇_______（填各器材的序號）（2）為提高實驗精度，請你設計實驗電路圖，并畫在圖甲的虛線框中___．（3）實驗中測得一組數據作出了該電珠的U-I圖線如圖所示．根據該圖線可知小電珠的額定功率是_______W．（4）由圖象可知，小電珠電阻的變化特點是_________四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示,一個電子由靜止開始經加速電場加速后,又沿中心軸線從O點垂直射入偏轉電場,并從另一側射出打到熒光屏上的P點,O′點為熒光屏的中心。已知電子質量m=9.0×10?31kg,電荷量e=1.6×10?19C,加速電場電壓U0=2500V,偏轉電場電壓U=200V,極板的長度L1=6.0cm,板間距離d=2.0cm,極板的末端到熒光屏的距離L2=3.0cm(忽略電子所受重力,結果保留兩位有效數字)。求：(1)電子射入偏轉電場時的初速度v0；(2)電子經過偏轉電場過程中電場力對它所做的功W；(3)電子打在熒光屏上的P點到O點的距離h。14．（16分）為了研究過山車的原理，某同學利用國慶假期體驗了溫州樂園的過山車（如圖甲）。過山車軌道可以理想化為如圖乙所示：一個與水平方向夾角為、長為L=12.0m的傾斜軌道AB,通過水平軌道BC、半徑R=2m的豎直圓形軌道與水平軌道EF相連,C為豎直軌道的最低點,D為最高點,E為出口,整個軌道摩擦力不計。其中軌道間都通過一小段長度可忽略的光滑圓弧相連。現使一質量m=1kg的物塊（可看作質點）從傾斜軌道A點靜止釋放沿圓軌道運動。（g取10m/s2）求：（1）物塊滑到C點的速度大小（2）物塊通過D點時對軌道的壓力（3）設物塊靜止釋放點離底部B點在斜面上的距離為x，為了使物塊不脫離圓軌道運動，求x應該滿足的條件。15．（12分）如圖,在xOy平面的第一象限內有平行于y軸的有界勻強電場,方同沿y軸正方向；第四象限有一勻強電場一質量、電荷量的帶電粒子,從P點以初速度大小,垂直y軸方向射入電場中,粒子偏轉后經過x軸上A點進入第四象限,并沿直線運動的最大距離,已知,,不計粒子重力,求：(1)粒子的帶電性質和粒子在第一象限的加速度大小；(2)粒子從A點運動到B點的時間；(3)第四象限的勻強電場大小和方向。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】由于人加速上升，合力向上，所以支持力要大于人的重力，支持力的方向與人的位移的方向相同，所以支持力對人做了正功，人的機械能增加，所以BCD錯誤，A正確．故選A．點睛：本題考查了機械能守恒的條件，當除重力和彈力外的其它力對物體做正功時，物體的機械能就要增加，做負功時，物體的機械能就要減小．2、B【解析】試題分析：勵磁線圈通以順時針方向的電流，則由右手定則可知線圈內部磁場向里，由左手定則可知能形成結構示意圖中的電子運動徑跡，選項B正確，A錯誤；保持勵磁電壓不變，增加加速電壓，則電子的運動速度變大，根據可知電子束形成圓周的半徑增大，選項C錯誤；保持加速電壓不變，增加勵磁電壓，則B變大，根據電子束形成圓周的半徑減小，選項D錯誤；故選B.考點：帶電粒子在磁場中的運動；左手定則及右手定則.3、D【解析】

等量同種電荷電場線如圖：

A．結合等量異種點電荷的電場線的圖象可知，ab兩點的電場強度的方向不同。故A錯誤；B．d點的電勢為正值，c點的電勢為負值，c點電勢低于d點電勢。故B錯誤；C．在bc的連線上，兩電荷連線上方，場強豎直向分量向下，兩電荷連線下方，場強豎直向分量向上。則電子由b到c，電場力先做負功后做正功。故C錯誤；D．由c→d，電子受力的方向與運動的方向之間的夾角始終是銳角，電場力做正功，電子電勢能一直在減小。故D正確。4、C【解析】

歐姆表的中值電阻附近刻度最均勻，讀數誤差最小；歐姆表的中值電阻R中等于歐姆表的內電阻R總，由閉合電路歐姆定律可知，滿偏時半偏時代入數據聯立解得，歐姆表的中值電阻為0.5kΩ，歐姆表能準確測量的阻值范圍是300Ω～800Ω故選C。5、D【解析】無論是摩擦起電還是感應起電都是電荷的轉移，因為電荷守恒定律，只能從一個物體轉移到另一個物體或者從物體的一部分轉移到另一部分．所以D對．思路分析：根據電荷守恒定律物體帶電的本質去分析．試題點評：考查帶電的本質6、B【解析】

導體中的電流根據電流微觀表達式I=nevS聯立可得：A．，與結論不相符，選項A錯誤；B．，與結論相符，選項B正確；C．，與結論不相符，選項C錯誤；D．，與結論不相符，選項D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】試題分析：三種功率與電流的關系是：直流電源的總功率PE=EI，內部的發熱功率Pr=I2r，輸出功率PR=EI﹣I2r，根據數學知識選擇圖線．根據圖線a斜率求解電源的電動勢．由圖讀出電流I=3A時，發熱功率Pr=I2r，求出電源的內阻．當電流為1.5A時，根據閉合電路的歐姆定律求出總電阻，根據能量關系求外電阻上消耗的最大功率．解：A、B：直流電源的總功率PE=EI，故圖線a的斜率等于電源的電動勢，由得到E==3V．由圖線b，當I=3A時，Pr=9W，由公式Pr=I2r得，r=1Ω．故A錯誤，B正確．C、在a、b、c三條圖線上分別取橫坐標相同的A、B、C三點，這三點的縱坐標PA、PB、PC，則這三點的縱坐標PA、PB、PC分別是電源的總功率、電源內部的發熱功率和輸出功率，根據能量關系可知，PA=PB+PC．即P=Pr+PR，故C錯誤．D、由圖線c可知，當電流為1.5A時外電阻消耗的功率最大．此時電路中的總電阻為，外電阻上消耗的功率最大為PR=EI﹣I2r=3×1.5﹣1.52×1Ω=2.25W．故D正確．故選BD．【點評】本題首先考查讀圖能力，物理上往往根據解析式來理解圖象的物理意義．8、AC【解析】

A．保持電鍵S閉合，電容器兩端間的電勢差不變，帶正電的A板向B板靠近，極板間距離減小，電場強度E增大，小球所受的電場力變大，θ增大，A正確；B．保持電鍵S閉合，電容器兩端間的電勢差不變，將A板稍向上移，極板間距離不變，電場強度E不變，小球所受的電場力不變，則θ不變,B錯誤；C．斷開電鍵S，電容器所帶的電量不變，由，，可知d變化，E不變，電場力不變，θ不變，C正確；D．斷開電鍵S，電容器所帶的電量不變，由，，將A板稍向上移，s減小，E增大，小球所受的電場力變大，θ增大，D錯誤.故選AC．【考點】電容器的動態分析9、AC【解析】

AB．設小球在電場中的水平加速度為a，在x1與x2段的時間是相等的，設時間均為t，則有：所以：故A正確，B錯誤。C．當小球運動到B點時，小球水平方向上的速度設為vBs，則：豎直方向上的速率與在A點時的速率相同，由題意知：則在B點時的動能是：故C正確。D．將x1段的運動反過來看，由M點運動到A點，水平反向做勻減速運動，豎直方向做初速度為0的自由落體運動，功率：則剛開始時重力的功率為0，由于電場力方向與運動方向相反，電場力的功率比0大，但電場力做負功，則動能減小，即由M運動到A過程中動能先減小后增大，在M點的動能為6J，故A運動到M過程中有動能小于6J的點，故D錯誤。10、AD【解析】

A．自由落體運動是初速度為0的勻加速直線運動，加速度為重力加速度，下落的第一秒和第二秒內動量變化：運動時間△t相等，則動量變化相同，故A正確；B．根據位移時間公式：第一秒和第二秒內下落高度不等，根據動能定理可知動能變化量不等，故B錯誤；C．下落的第一個H高度和第二個H高度，運動時間不等，根據動量定理可知：動量的變化不等，故C錯誤.D．下落的第一個H高度和第二個H高度，重力做功相等，根據動能定理可知動能的變化量相同，故D正確；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AC小于不明顯1.51.9偏小【解析】

本題考查測量電源電動勢和內阻的實驗【詳解】(1)因為一般干電池的電動勢為1.5V，結合電路中的電阻情況得知電路中的電流比較小，所以應該選量程為0.6A的電流表更合適，故電流表選A；因為是限流式電路，滑動變阻器應該選擇總阻值和電源內阻更接近的，故滑動變阻器應該選擇C；(2)此電路圖采用的是電流表相對電源的外接法，因為電壓表存在分流作用，故而電流表的測量值實際并不是主路電路，主路電流應該等于電流表的示數與流經電壓表的電流之和，故電流表測量值應小于真實值；(3)若電源比較新，內阻較小，則內電壓的變化也比較小，故路端電壓變化不明顯，即電壓表示數變化不明顯；(4)將方格紙上的個點連成如圖所示的直線，由圖線可得，該圖線與縱軸的焦點表示電源的電動勢，該圖線的斜率的絕對值表示電源的內阻，即E=1.5V，r=1.9Ω，因使用該種方法測量得出的，即測量值相比于真實值偏小。12、DF0.94-0.98燈泡電阻隨電壓的增大而增大【解析】

由題中“要測繪額定電壓為2V的日常用小電珠的伏安特性曲線”可知，本題考查小燈泡伏安特性曲線測繪，根據伏安法和分壓法要求，結合實驗規律可分析本題【詳解】（1）[1]根據小電珠的電流變化，電流表選擇D；[2]本實驗是測繪小電珠伏安特性曲線，需要電壓的變化范圍比較大，故采用分壓式，因此選擇滑動變阻器R1；（2）[3]本實驗是測繪小電珠伏安特性曲線，需要電壓的變化范圍比較大，故采用分壓式，故連接方式為（3）[4]小電珠額定電壓是2V，從表中可知，電流在0.47A到0.49A左右，故其額定電功率根據公式可得為0.94W-0.98W（4）[5]U-I圖線中斜率表示電阻，由圖可知，小電珠電壓增大斜率變大，因此可得燈泡電阻隨電壓的增大而增大。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）3.0×107m/s（2）5.8×1018J（3）7.2×10-3m；【解析】

（1）電子在加速電場中，根據動能定理有：eU0＝12mv02解得：v0＝2eU0m

代入數據得：v0＝3.0×107m/s；

（2）設電子在偏轉電場中運動的時間為t，電子射出偏轉電場時在豎直方向上的側移量y電子在水平方向做勻速直線運動：L1=v0t…①

電子在豎直方向上做勻加速運動：y＝12at2…②

根據牛頓第二定律有：eUd＝ma…③

聯立①②③得：y=eUL12