河北保定市2025屆物理高二上期中質量檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列關于電源電動勢的說法中正確的是A．在某電源的電路中，每通過2C的電荷量，電源提供的電能是4J，那么這個電源的電動勢是0.5VB．電動勢就是電源兩極間的電壓C．電源的電動勢與外電路無關D．電源的電動勢越大，電源所能提供的電能就越多2、已知氫原子的基態能量為，激發態能量，其中n=2，3…．用h表示普朗克常量，c表示真空中的光速．能使氫原子從第一激發態電離的光子的最大波長為（）A．B．C．D．3、如圖所示的實線為某靜電場的電場線，虛線是僅在電場力作用下某帶正電粒子的運動軌跡，A、B、C、D是電場線上的點，其中A、D兩點在粒子的軌跡上，下列說法正確的是A．該電場可能是正點電荷產生的B．B點的電勢一定高于C點的電勢C．粒子在A點的加速度一定大于在D點的加速度D．將該粒子在C點由靜止釋放，它可能一直沿電場線運動4、如圖所示的電解槽中，如果在4s內各有4C的正、負電荷通過面積為1．18m2的橫截面AB，那么（）A．正離子向左移動，負離子向右移動B．由于正負離子移動方向相反，所以電解槽中無電流C．4s內通過橫截面AB的電荷量為4CD．電解槽中的電流為2A5、目前世界上正在研究一種新型發電機叫磁流體發電機，它可以把氣體的內能直接轉化為電能。如圖所示為它的發電原理圖.將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和負電的離子，從整體上來說呈電中性）噴射入磁感應強度為B的勻強磁場，磁場中有兩塊正對面積為S，相距為d的平行金屬板，與外電阻R相連構成電路.設氣流的速度為v，氣體的電導率（電阻率的倒數）為g，則流過外電阻R的電流強度I及電流方向為A．I=，A→R→BB．I=，B→R→AC．I=，A→R→BD．I=，B→R→A6、關于電場線和磁感線，下列描述正確的是（）A．磁感線是閉合曲線 B．電場線是閉合曲線C．沿電場線方向，場強越來越小 D．點電荷在電場中的運動軌跡跟電場線相重合二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，長為L的細繩一端固定，另一端系一質量為m的小球．給小球一個合適的初速度，小球便可在水平面內做勻速圓周運動，這樣就構成了一個圓錐擺，設細繩與豎直方向的夾角為θ.下列說法中正確的是()A．小球受重力、繩的拉力和向心力作用B．小球做圓周運動的半徑為LsinθC．θ越大，小球運動的角速度越大D．θ越大，小球所受的合力越小8、下列有關電源電動勢的說法，正確的是（）A．電源的電動勢數值上等于電源不接用電器時正負兩極間的電壓B．電源的電動勢反映了電源將其它形式能轉化為電能的本領大小C．電源的電動勢就是電壓D．電源的電動勢等于電路中內、外電壓之和9、如圖所示，四個相同的表頭分別改裝成兩個安培表和兩個伏特表．安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程，把它們按圖接入電路，則（）A．電流表A1的讀數大于電表A2的讀數B．電流表A1的偏轉角小于電流表A2的偏轉角C．電壓表V1的讀數等于電壓表V2的讀數D．電壓表V1的偏轉角等于電壓表V2的偏轉角10、如圖所示的豎直平面的xOy坐標系中，x軸上固定一個點電荷Q，y軸上固定一根光滑絕緣細桿（細桿的下端剛好在坐標原點O處），將一個套在桿上重力不計的帶電圓環（視為質點）從桿上P處靜止釋放，圓環從O處離開細桿后恰好繞點電荷Q做圓周運動。下列說法正確的是A．圓環沿細桿從P運動到O的過程中，加速度一直減小B．圓環沿細桿從P運動到O的過程中，速度一直增大C．若僅增大圓環所帶的電荷量，圓環從0處離開細桿后仍然能繞點電荷做圓周運動D．將帶電圓環從桿上P的上方由靜止釋放，其他條件不變，圓環從D處離開細桿后仍然能繞點電荷做圓周運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一只電流表的滿偏電流為Ig=3mA，內阻為Rg=100Ω，若改裝成量程為I=30mA的電流表，應并聯的電阻阻值為__________Ω；若將改裝改裝成量程為U=15V的電壓表，應串聯一個阻值為_____Ω的電阻．12．（12分）某為同學在用電流表、電壓表和滑動變阻器測量一節干電池的電動勢和內阻的實驗中，采用了如圖所示電路，規范操作后他記錄了6組數據（見表），試根據這些數據在下圖中畫出U-I圖線_______，并根據圖線讀出電池的電動勢E=______V，求出電池的內阻r=_______Ω。因為該實驗中所用電表不是理想電表，所以電動勢的測量值_______（填“大于”、“等于”、“小于”）真實值。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）我國發射的“嫦娥三號”登月探測器靠近月球后，經過一系列過程，在離月球表面高為h處懸停，即相對月球靜止．關閉發動機后，探測器自由下落，落到月球表面時的速度大小為v，已知萬有引力常量為G，月球半徑為R，，忽略月球自轉，求：（1）月球表面的重力加速度；（2）月球的質量M；（3）假如你站在月球表面，將某小球水平拋出，你會發現，拋出時的速度越大，小球落回到月球表面的落點就越遠．所以，可以設想，如果速度足夠大，小球就不再落回月球表面，它將繞月球做半徑為R的勻速圓周運動，成為月球的衛星．則這個拋出速度v1至少為多大？14．（16分）如圖所示，兩正對的豎直平行金屬板AB、CD的長度均為L=8cm、板間距離，P為A、C連線的中點；AB的延長線上有一點O和足夠長的熒光屏bc。一質量、電荷量的帶正電油滴從P點由靜止釋放后，恰好從CD板的下邊緣D處射出電場。若油滴射出電場的同時，在O點固定一點電荷，同時在空間加一豎直向上的勻強電場，結果油滴離開D點后做勻速圓周運動并恰好垂直打到熒光屏上。靜電力常量，取，空氣阻力不計。求：（1）金屬板兩板間的電壓U；（2）該點電荷的電荷量Q（結果保留兩位有效數字）；（3）油滴從P點運動到熒光屏的時間t（結果可保留根號）。15．（12分）示波器的核心部件是示波管，其內部抽成真空，圖是它內部結構的簡化原理圖。它由電子槍、偏轉電極和熒光屏組成。熾熱的金屬絲可以連續發射電子，電子質量為m，電荷量為e，發射出的電子由靜止經電壓加速后，從金屬板的小孔O射出，沿OO’進入偏轉電場，經偏轉電場后打在熒光屏上。偏轉電場時由兩個平行的相同金屬極板M、N組成，已知極板的長度為L，兩板間的距離為d，極板間電壓為，偏轉電場極板的右端到熒光屏的距離也為L。不計電子受到的重力和電子之間的相互作用。（1）求電子從小孔O穿出時的速度大小；（2）若M、N兩板間電壓u隨時間t的變化關系如圖2所示，電子打在熒光屏上形成一條亮線，電子穿過偏轉電場的時間遠小于交流電的周期T，且電子能全部打到熒光屏上，求電子打在熒光屏上亮線的長度s。（3）讓氫原子核（質量為m，電量為e）和氦原子核（質量為4m，電量為2e）的混合物由靜止開始經過同一加速電場加速，然后在同一偏轉電場里偏轉，它們是否會分離為兩股粒子束？請通過計算說明。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A.在某電源的電路中，每通過2C的電荷量，電源提供的電能是4J，那么這個電源的電動勢是故A錯誤；B.閉合電路歐姆定律得知：電動勢的數值等于內外電壓之和，當電源沒有接入電路時，電路中沒有電流，電源的內電壓為零，外電壓即電源兩極間的電壓等于電動勢；當電源接入電路時，電路有電流，電源有內電壓，兩極間的電壓小于電動勢，故B錯誤；C.電動勢由電源本身特性決定，與外電路的組成無關，故C正確；D.電源電動勢越大，電源將其他形式的能轉化為電能的本領就越大，不能說電源所能提供的電能就越多；故D錯誤。2、C【解析】試題分析：最大波長對應著光子的最小能量，即只要使使氫原子從第一激發態恰好電離即可．根據題意求出第一激發態的能量值，恰好電離時能量為0，然后求解即可．第一激發態即第二能級，是能量最低的激發態，則有，電離是氫原子從第一激發態躍遷到最高能級0的過程，需要吸收的光子能量最小為，所以有，解得，故C正確．3、C【解析】

A、正電荷產生的電場線是發自正電荷的直線，該靜電場的電場線是曲線，故A錯誤；B、帶正電粒子的運動軌跡是曲線，物體做曲線運動，合外力指向凹的一側，如圖所示：故在電場線由C指向B上，沿著電場線的方向，電勢越來越低，故C點的電勢高于B點的電勢，故B錯誤；C、電場線越密集的地方，電場強度越大，故A點的電場強度大于D點的電場強度，故粒子在A點的加速度一定大于在D點的加速度，故C正確．D、電場中的帶電粒子受力的方向沿電場線的切線方向，由于C點所在的電場線為曲線，所以將該粒子在C點由靜止釋放，它一定不能沿電場線運動，故D錯誤．4、D【解析】

電源與電解槽中的兩極相連后，左側電極電勢高于右側電極，由于在電極之間建立電場，電場方向由左指向右，故正離子向右移動，負離子向左移動，電解槽中的電流方向向右，選項AB錯誤；4s內通過橫截面AB的電荷量為4C+4C=8C，選項C錯誤；由電流強度的定義，選項D正確；故選D．【點睛】本題考查電流的定義，要注意明確在電解質導電時，流過截面的電量為正負電荷電量絕對值的和5、C【解析】根據左手定則知正電荷向上偏,負電荷向下偏,上極板帶正電,下極板帶負電,所以流過外電阻R的電流方向為A→R→B.最終電荷處于平衡有：qvB=qEd,解得電動勢E=Bdv.內電阻,根據閉合電路歐姆定律有：=，故C正確，ABD錯誤。故選：C.點睛：正、負粒子進入磁場，受洛倫茲力發生偏轉，根據左手定則判斷出正負電荷的偏轉方向，從而確定極板的正負極，確定出電流在外電路中的流向．最終電荷受電場力和洛倫茲力處于平衡，根據平衡求出電動勢的大小，從而根據閉合電路歐姆定律求出電流的大小．6、A【解析】

A．磁體外部磁感線從N到S，在內部磁感線從S到N，是閉合的曲線，電流周圍磁感線也是閉合曲線，故A正確；B．靜電場的電場線從無窮遠指向負電荷，或從正電荷指向無窮遠，或從正電荷指向負電荷，說明靜電場的電場線不是閉合曲線，故B錯誤；C．沿電場線方向，電勢逐漸降低，場強大小看電場線疏密，電場線越密（越疏）場強越大（越小），因不知電場線疏密無法確定場強大小，故C錯誤；D．點電荷在電場中的運動軌跡跟電場線重合條件：電場線是直線，只受電場力作用時速度為零，或速度和電場力共線，不滿足這些條件時點電荷的運動軌跡跟電場線不重合，故D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

分析小球的受力：受到重力、繩的拉力，二者的合力提供向心力，向心力是效果力，不能分析物體受到向心力．然后用力的合成求出向心力：mgtanθ，用牛頓第二定律列出向心力的表達式，求出角速度ω的表達式，分析θ變化，由表達式判斷合力和角速度的變化．【詳解】A.小球只受重力和繩的拉力作用，二者合力提供向心力，故A錯誤；B.小球在水平面做圓周運動，半徑R=Lsinθ，故B正確；C.向心力大小為：Fn=mgtanθ，小球做圓周運動的半徑為：r=Lsinθ，則由牛頓第二定律得：mgtanθ=mω2Lsinθ，得到線速度：v=，θ越大，cosθ越小，小球運動的角速度越大，故C正確．D.小球受到的合外力為mgtanθ，θ越大，tanθ越大，合力越大，故D錯誤；故選BC8、ABD【解析】

A.根據可知，電動勢在數值上等于不接用電器時電源正負兩極間的電壓；故A正確；B.電源的電動勢反映了電源將其它形式能轉化為電能的本領大小，故B正確；C.電源的電動勢不是電壓，外電路斷路時，路端電壓等于電動勢，故C錯誤；D.根據電路電壓關系可知，電源的電動勢等于電路中內、外電壓之和，故D正確。故選ABD。9、AD【解析】

AB.兩安培表并聯，表頭兩端的電壓相同，電流相同，指針偏轉角度相同，安培表A1的量程大于A2的量程，則安培表A1的讀數大于安培表A2的讀數。故A正確，B錯誤CD.兩電壓表串聯，兩表頭的電流相同，指針偏轉角度相同，量程大的讀數大，伏特表V1的偏轉角等于伏特表V2的偏轉角。故C錯誤，D正確10、BC【解析】圓環從P運動到O的過程中，受庫侖引力、彈力，庫侖引力沿桿方向上的分力等于圓環的合力，滑到O點時，所受的合力為零，加速度為零，故A錯誤；圓環從P運動到O的過程中，庫侖引力做正功，動能一直增大，則速度也一直增大，故B正確；根據動能定理：，解得到O點的速度為，庫侖力提供向心力得：，可得：，由此可知與電荷量無關，圓環仍然可以做圓周運動，若增大高度，知電勢差U增大，庫侖引力與所需向心力不等，不能做圓周運動，故C正確，D錯誤。所以BC正確，AD錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、11.1Ω4900Ω【解析】

改裝成電流表要并聯的阻值為：改裝成電壓表要串聯的阻值為：【點睛】改裝成電流表要并聯電阻分流，電阻值等于滿偏電壓除以所分最大電流，改裝成電壓表要串聯電阻分壓，電阻值等于量程除以滿偏電流減去原內阻．12、圖線如圖所示1.470.72小于【解析】

[1].根據描點法可得出對應的伏安特性曲線，對應的圖線如圖所示；[2].根據U=E-Ir可知，圖象與縱軸的交點表示電動勢，故E=1.47V；[3].圖象的斜率表示內阻，故；[4].相對于電源來說，電流表采用外接法，由于電壓表的分流作用，使所測電源電動勢小于電動勢真實值，內阻測量值小于真實值．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13