湖北省竹溪一中、竹山一中等三校2025屆物理高一第一學期期末調研試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、有三個力F1、F2和F3其大小分別為3N、4N和5N，其合力的最大值為和最小值分別為多少牛（）A.10N,0N B.12N,2NC.10N,2N D.12N,0N2、有種自動扶梯，無人乘行時運轉很慢，有人站上扶梯時，它會先慢慢加速，再勻速運轉．一顧客乘扶梯上樓，正好經歷了這兩個過程，則能正確反映該乘客在這兩個過程中的受力示意圖的是（）A. B.C. D.3、一質點沿軸正方向做直線運動，通過坐標原點時開始計時，其圖象如圖所示，則下列說法正確是A.質點做勻加速直線運動B.質點的初速度大小為C.質點的加速度大小為D.質點在第1內的平均速度大小為4、一個物體運動的位移和時間的函數關系式為x=10t+2t2，則物體的初速度和加速度分別為A.v0=10m/s；a=1m/s2B.v0=5m/s；a=4m/s2C.v0=10m/s；a=4m/s2D.v0=10m/s；a=2m/s25、如右圖所示，質量m的球與彈簧Ⅰ和水平細線Ⅱ相連，Ⅰ、Ⅱ的另一端分別固定于P、Q；球靜止時，Ⅰ中拉力大小T1，Ⅱ中拉力大小T2，當僅剪斷Ⅰ、Ⅱ中的一根的瞬間，球的加速度ɑ應是（）A.若斷Ⅰ，則，方向水平向右B.若斷Ⅰ，則，方向水平向左C.若斷Ⅱ，則，方向水平向左D.若斷Ⅱ，則a=g，方向豎直向下6、對胡克定律F=kx理解正確的是（）A.“x”是指彈簧的長度 B.“x”是指彈簧的形變量C.“k”是彈簧的勁度系數，所有彈簧的k值都相同 D.彈簧超過彈性限度后定律仍成立7、如圖所示，水平長傳送帶始終以v勻速運動，現將一質量為m可視為質點的物體，輕放于A端，此時物體與傳送帶接觸點為O，物體與傳送帶之間的動摩擦因數為μ，AB長為L，物體從A端到B端的運動過程先加速再勻速，下列說法正確的是A.物體先受到向右的滑動摩擦力，而后受到靜摩擦力B.在物體加速運動過程中，物體與傳送帶接觸點O的位移大小是物體位移大小的2倍C.若每次逐漸提高傳述帶速度v，則物體在加速階段中的加速度大小不變D.若每次逐漸提高傳送帶速度v，則物體從A端到B端的時間越來越小8、如圖所示，在光滑的水平面上放著緊靠在一起的A、B兩物體，B的質量是A的2倍，B受到向右的恒力FB＝2N，A受到的水平力FA＝(9－2t)N(t的單位是s)．從t＝0開始計時，則()A.A物體在3s末時刻的加速度是初始時刻的倍B.t＞4s后，B物體做勻加速直線運動C.t＝4.5s時，A物體的速度為零D.t＞4.5s后，A、B的加速度方向相反9、質量為2kg的質點在x-y平面上做曲線運動,在x方向上的速度圖象和y方向上的位移圖象如圖所示,下列說法正確的是()A.質點的初速度為5m/sB.2s末質點速度大小為6m/sC.質點做曲線運動的加速度大小為3m/s2D.質點所受的合力為3N10、以下關于各物體運動判斷正確的是（）A.圖A，物體P從接觸彈簧開始到運動至最右端的過程中，一直做減速運動B.圖B，物體P在恒力F的作用下，從接觸彈簧開始到運動至最右端的過程中，先做加速運動，后做減速運動C.圖C，小球從接觸彈簧開始到運動至最低點的過程中，先做加速運動，后做減速運動D.圖D，蹦極的人先做自由落體運動，橡皮條從繃緊開始到運動至最低點的過程中，一直做減速運動11、一質點做直線運動，當時間時，位移，速度，加速度，此后a逐漸減小，則它的A.速度逐漸減小B.位移始終為正，速度變為負值C.速度的變化越來越慢D.速度逐漸增大12、關于速度和加速度的說法中，正確的是（）A.物體的速度越大，加速度也越大B.物體的速度為零時，加速度可以不為零C.物體的速度變化量越大，加速度越大D.物體的速度變化越快，加速度越大二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計算題(22分)16、（12分）如圖所示，輕桿BC的C點用光滑鉸鏈與墻壁固定，桿的B點通過水平細繩AB使桿與豎直墻壁保持30°的夾角，若在B點懸掛一個定滑輪（不計重力及其與繩的摩擦），某人用它提起重物，使重物保持靜止。已知重物的質量m=10kg，人的質量M=50kg，g取10m/s2。求此時：(1)地面對人的支持力的大小；(2)輕桿BC和繩AB所受力的大小。17、（10分）如圖所示，一速度順時針勻速轉動的水平傳送帶與傾角足夠長的粗糙斜面平滑連接，一質量的可視為質點的物塊，與斜面間的動摩擦因數為，與傳送帶間的動摩擦因數為，小物塊以初速度從斜面底端上滑。（，，）求：(1)小物塊以初速度沿斜面上滑最大距離？(2)要使物塊由斜面下滑到傳送帶上后不會從左端滑下，傳送帶至少多長？(3)若物塊不從傳送帶左端滑下，物塊從離傳送帶右側最遠點到再次上滑到斜面最高點所需時間？

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【解析】當這三個力作用在同一物體上，并且作用在同一直線上，方向相同，三個力的合力最大．如果三個力不在同一直線上，夾角可以變化，當兩個較小力的合力大小等于第三個力，方向相反時，合力為零，此時三個力的合力的最小【詳解】當三個力作用在同一直線、同方向時，三個力的合力最大，即F=4N+3N+5N=12N；當三個力作用在一個物體上，不在一條直線，并且夾角可以改變，總能使物體處于靜止狀態，故此時三個力的合力為零，即它們合力的最小值為0；故選D【點睛】當多個力合成時，它們作用在同一直線上、同方向時，合力最大；求最小合力時，先考慮合力為零的情況2、D【解析】人隨扶梯先慢慢加速，再勻速向上，加速度先沿斜面向上，后變為零，根據牛頓第二定律分析可知：人先受到重力、扶梯的支持力和靜摩擦力，后受到重力和支持力，不受摩擦力；【詳解】當扶梯勻速上升時，人受力平衡，故人受重力和支持力；而當扶梯加速上升時，人受重力、支持力，將加速度分解可知，物體應有水平向右的加速度，故扶梯應對人有平行于接觸面向右的摩擦力，故D正確，A、B、C錯誤；故選D【點睛】關鍵是在分析加速過程時，也可以先確定加速度，根據加速度方向確定合力方向，再分析受力情況3、A【解析】ABC．假設質點勻加速直線運動，位移公式為……….(1)由圖象可求得……….(2)變形可得……….(3)比較(1)、(3)可知質點做勻加速直線運動，根據系數相等可得質點的初速度求得故A正確，BC錯誤；D．質點在第1s內的平均速度大小為故D錯誤。故選擇A選項。4、C【解析】根據勻變速直線運動中位移與時間的關系：和題目中的表達式對應可知：故C正確，ABD錯誤。故選C5、C【解析】繩子未斷時，受力如圖所示：由共點力平衡條件得AB．若剛剪斷彈簧Ⅰ瞬間，細繩彈力突變為0，故小球只受重力，加速度為g，豎直向下，故AB錯誤；CD．若剛剪短細線Ⅱ瞬間，彈簧彈力和重力不變，則合力為解得方向水平向左，故C正確，D錯誤。故選C。【點睛】先研究原來靜止的狀態，由平衡條件求出彈簧和細線的拉力．剛剪短細繩時，彈簧來不及形變，故彈簧彈力不能突變；細繩的形變是微小形變，在剛剪短彈簧的瞬間，細繩彈力可突變！根據牛頓第二定律求解瞬間的加速度。6、B【解析】AB．“x”是是指彈簧的形變量，對應伸長量或壓縮量，A錯誤，B正確；C．彈簧的勁度系數k反映彈簧的性質，由彈簧本身的材料、長度、橫截面積決定，不同的彈簧k值不同，C錯誤；D．根據胡克定律可知在彈性限度內，彈簧的彈力大小F與彈簧伸長的長度或縮短的長度成正比；超過彈性限度后勁度系數變小，彈力與形變量不再成正比，胡克定律不再成立；D錯誤。故選B。7、BC【解析】A．當物體加速過程，滑動摩擦力為動力，方向向右，勻速過程物體和傳送帶之間沒有相對運動或相對運動趨勢，不受摩擦力作用，A錯誤；B．接觸點O，做勻速直線運動，設物體加速時間為t，則這段時間內O點的位移為：，而物體做初速度為零，末速度為v的勻加速運動，故位移為：，所以：，B正確；C．物體在傳送帶給的滑動摩擦力作用下做加速運動，故加速度為：，與傳送帶的速度無關，故物體加速運動的加速度恒定不變，C正確；D．無論傳送帶的速度怎么增大，物體從A端運動到B端的位移恒定不變，物體做加速運動的時間：，速度增大，加速時間減小；加速過程中的位移，增大，所以物體勻速過程中的位移：，即勻速運動過程中的位移減小，故勻速過程所用時間，也減小，所以物體從A端運動到B端的時間在不斷減小，但是，當速度增加到一定值后，使得物塊在傳送帶上始終做加速運動時，時間最小，之后再增大速度，物塊仍做加速度不變的勻加速直線運動，位移不變，所以所用時間不變，即若每次逐漸提高傳送帶速度v，則物體從A端到B端的時間先減小后不變，D錯誤；故選BC。8、ABD【解析】設A的質量為m，則B的質量為2m，在兩物體保持相對靜止時，把AB看成一個整體，根據牛頓第二定律得：，對B隔離分析：設A對B的作用力大小為N，則有：N+FB=2ma，解得：，由此可知當t=4s時，N=0，此后A、B分離，B物體做勻加速直線運動，故B正確；當t=0時，可得：，當t=3s時，加速度為：，則A物體在2s末時刻的加速度是初始時刻的，故A正確；t=4.5s時，A的加速度為：，說明t=4.5s之前A在做加速運動，此時A的速度不為零，而且速度方向與B相同，故C錯誤；t＞4.5s后，A的加速度aA＜0，而B的加速度不變，則知t＞4.5s后，AB的加速度方向相反，故D正確．所以ABD正確，C錯誤9、AD【解析】A．x軸方向初速度為vx=3m/s，y軸方向初速度質點的初速度選項A正確；B．2s末質點速度大小為選項B錯誤；C．質點做曲線運動加速度大小為選項C錯誤；D．質點所受的合力為F=ma=3N選項D正確；故選AD。10、AC【解析】A．物體P受到向左的滑動摩擦力和逐漸增大的彈力，由牛頓第二定律可知，物體向右做加速度逐漸增大的減速運動，故A正確；B．物體受恒力F，大小與摩擦力的關系未知；若，則有：做加速度增大的減速運動；若，先出現：故先做加速度向右減小的加速運動，后做加速度向左增大的減速運動；故B錯誤；C．小球接觸彈簧開始，先重力大于增大的彈力，做加速度減小的變加速運動，后重力等于彈力出現最大速度，再重力小于彈力，做加速度向上增大的變減速運動；故C正確；D．蹦極在橡皮條伸直前只受重力做自由落體運動，此后重力大于增大的彈力，做加速度減小的變加速運動，后重力等于彈力出現最大速度，再重力小于彈力，做加速度向上增大的變減速運動；故D錯誤。故選AC。11、CD【解析】加速度是速度的變化率，加速度和速度同向時，物體做加速運動，反向時做減速運動.【詳解】ABD．因速度v>0，加速度a>0，加速度和速度同向，則即使此后a逐漸減小，則它的速度也是逐漸增加且始終為正的，位移逐漸變大，且始終為正，選項AB錯誤，D．正確；C．加速度是速度的變化率，加速度減小，則速度的變化越來越慢，選項C正確；故選CD.12、BD【解析】A、物體的速度很大，加速度可以是零，例如勻速直線運動，故A錯誤；B、物體的速度為零時，加速度可以不為零，例如豎直上拋到最高點，故B正確；C、物體的速度變化量越大，如果需要的時間很長，那么加速度不一定越大，故C錯誤；D、加速度的物理意義表示物體速度變化的快慢，物體的速度變化越快，加速度越大，故D正確二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計算題(22分)16、（1）400N；（2），【解析】(1)對人進行受力分析，根據平衡條件有地面對人的支持力的大小為(2)滑輪對結點B的拉力為為以結點B為研究對象，進行受力分析，如圖根據共點力平衡得答：（1）此時地面對人的支持力大小為400N；（2）輕桿BC和繩AB所受的力大小分別為和。17、(1)16m；(2)32m；(3)10.4s。【解析】(1)小物塊以初速度v0沿斜面上滑時，以小物塊為研究對象，由牛頓第二定律得mgsinθ+μmgcosθ=ma1代入數據解得a1=10m/s2設小物塊沿斜面上滑的最大距離為x1，則-2a1x1=0-v02代入數據解得x1=16m(2)物塊沿斜面下滑時，由牛頓第二定律得mgsinθ-μmgcosθ=ma2解得a2=2m/s2設小物塊下滑至斜面底端時的速度為v1，則v12=2a2x1解得v1=8m/s設小物塊在傳送帶上向左滑動時加速度大小為a3，由牛頓第二定律得μ2mg=ma3解得a3=1m/s2設物