四川省成都市龍泉驛區第一中學校2025屆物理高一上期中統考試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、如圖所示，重為100N的物體靜止在水平地面上．用F＝80N的力豎直向上拉該物體時，則物體對地面的壓力為()A．0NB．20N，方向豎直向上C．20N，方向豎直向下D．100N，方向豎直向下2、宿遷市第三屆環駱馬湖騎行大會于2014年9月21日舉行，上午8時30分騎行愛好者們從市人民廣場出發，環湖逆時針騎行一圈后沿環湖大道返回至出發地，全程約110公里．下列相關說法正確的是()A．8時30分指時間間隔，110公里指位移B．8時30分指時刻，110公里指路程C．8時30分指時間間隔，110公里指路程D．8時30分指時刻，110公里指位移3、在研究下述運動時，能把物體看作質點的是（）A．研究地球的自轉效應 B．研究乒乓球的旋轉效應C．研究原子核的結構時 D．研究“嫦娥一號”繞月軌跡時4、關于運動物體的加速度，下述說法正確的是（）A．運動快的物體加速度大B．運動速度變化大的物體加速度一定大C．加速度為零的物體，一定是靜止的D．速度變化慢的物體，加速度一定小5、一物塊在水平面上由靜止開始運動．物體運動的速度v隨時間t變化的關系如圖8所示．由圖象可知：A．在0~2s內與4s~6s內，物體的加速度方向相同B．在0~2s內與4s~6s內，物體的速度方向相同C．在0~2s內與4s~6s內，物體的平均速度相同D．在4s~6s內，物體距離出發點越來越近6、做勻減速直線運動的物體，加速度大小為a、初速度大小為v0，經過時間t速度減小至零，則它在這段時間內的位移大小表達式正確的是（）A．v0t+at2 B．at2 C． D．v0t7、木塊A、B分別重50N和60N，它們與水平地面間的動摩擦因數均為0.25，夾在A、B之間的輕彈簧被壓縮了8cm，彈簧的勁度系數為100N/m，系統置于水平地面上靜止不動，現用F＝1N的水平拉力作用在木塊B上，如圖所示，設滑動摩擦力與最大靜摩擦力相等，則力F作用后()A．木塊A所受摩擦力大小是8NB．木塊A所受摩擦力大小是12.5NC．木塊B所受摩擦力大小是9ND．木塊B所受摩擦力大小是7N8、下列各組提供的三個共點力的合力可能為零的是（）A．8N、7N、4NB．3N、4N、8NC．7N、9N、16ND．6N、10N、2N9、在下面所說的物體運動情況中，可能出現的是()A．物體加速度很大，速度很小B．物體速度變化很快，加速度很小C．物體加速度在減小，速度在增大D．物體加速度在增大，速度在減小10、如圖，A．B兩球質量相等，光滑斜面的傾角為θ，圖甲中A．B兩球用輕彈簧相連，圖乙中A、B兩球用輕桿相連，系統靜止時，擋板C與斜面垂直，彈簧.輕桿均與斜面平行，在突然撤去擋板的瞬間（）A．圖乙中A、B球間桿的作用力為零B．圖乙中A球的加速度為gsinθC．圖甲中B球的加速度為2gsinθD．圖甲中B球的加速度為gsinθ二、實驗題11、（4分）某同學利用如圖1所示的裝置探究彈簧的彈力F與彈簧伸長量x的關系．在實驗過程中，彈簧的形變始終在彈性限度內，彈簧自身質量可忽略不計．根據實驗數據，他作出了F﹣x圖象，如圖2所示，據此可知：在彈性限度內，彈簧的彈力F跟彈簧伸長量x成______（選填“正比”或“反比”）；彈簧的勁度系數k＝______N/m．（計算結果保留2位有效數字）12、（10分）（1）把一個量程為5mA的電流表改裝成歐姆表RX1檔，電流表內阻50歐姆，電池電動勢1.5V，經過調零之后測電阻，檔歐姆表指針指到滿偏的3/4時，被測電阻的阻值是_____（2）．用如圖1所示的多用電表測量電阻，要用到選擇開關K和兩個部件S、T。請根據下列步驟完成電阻測量:①旋動部件________，使指針對準電流的"0"刻線。②將K旋轉到電阻擋"×l00"的位置。③將插入"十"、"－"插孔的表筆短接，旋動部件_______，使指針對準電阻的_________(填"0刻線"或"∞刻線")。④將兩表筆分別與侍測電阻相接，發現指針偏轉角度過小。為了得到比較準確的測量結果，請從下列選項中挑出合理的步驟，并按_______的順序避行操作，再完成讀數測量。A．將K旋轉到電阻擋"×1k"的位置B．將K旋轉到電阻擋"×10"的位置C．將兩表筆的金屬部分分別與被測電阻的兩恨引線相接D．將兩表筆短接，旋動合適部件，對電表進行校準三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）如圖所示，一光滑斜面固定在水平地面上，質量m=1kg的物體在平行于斜面向上的恒力F作用下，從A點由靜止開始運動，到達B點時立即撤去拉力F，此后，物體到達C點時速度為零．每隔0.1s通過速度傳感器測得物體的瞬時速度，下表給出了物體由A運動到C的部分測量數據．取g=10m/s1．求：(1)斜面的傾角；(1)恒力F的大小；(3)t＝1.6s時物體的瞬時速度．14、（14分）如圖所示，在光滑絕緣水平面兩端有兩塊平行帶電金屬板Ａ、Ｂ，其間存在著場強Ｅ＝200N/C的勻強電場，靠近正極板B處有一薄擋板S。一個帶電小球，質量為m＝1×10－2kg、電量q＝－2×10－3Ｃ，開始時靜止在Ｐ點，它與擋板Ｓ的距離為ｈ＝5cm，與A板距離為H＝45cm。靜止釋放后小球在電場力的作用下向左運動，與擋板Ｓ相碰后電量減少到碰前的Ｋ倍，Ｋ＝5/6，碰后小球的速度大小不變。（1）設勻強電場中擋板S所在位置的電勢為零，則電場中P點的電勢Up為多少？小球在P點時的電勢能p為多少？（2）小球第一次與擋板S碰撞時的速度多大？第一次碰撞后小球能運動到離A板多遠的地方？（3）小球從P點出發第一次回到最右端的過程中電場力對小球做了多少功？15、（13分）一個物塊置于粗糙的水平地面上，受到的水平拉力F隨時間t變化的關系如圖所示，速度v隨時間t變化的關系如圖(b)所示．取g=10m/s2，求：（1）1s末物塊所受摩擦力的大小Ff1；（2）物塊在前6s內的位移大小x；（3）物塊與水平地面間的動摩擦因數μ.

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、C【解析】物體受重力、支持力及手對物體的拉力；因拉力小于重力，故物體靜止于地面上，受力平衡，由可知：G=F+F′；地面對物體的支持力：F=G-F′=100N-80N=20N，方向豎直向上；根據牛頓第三定律可知，行李箱對地面的壓力也是20N，方向豎直向下；故C正確，ABD錯誤；故選C.2、B【解析】

上午8時30分是時間點是時刻，110公里是運動軌跡的長度是路程故選B3、D【解析】試題分析：研究某些問題時，物體的大小和形狀可以忽略時，物體可以看做質點，所以研究自轉，和旋轉效應不能看做質點，AB錯誤；研究原子核的結構也不能看做質點，所以C錯誤；研究“嫦娥一號”繞月軌跡時可以看做質點，所以D正確。考點：質點4、D【解析】

根據加速度的定義式，加速度等于速度的變化率．物體的速度變化量大，加速度不一定大．加速度與速度無關。【詳解】運動快的物體加速度可能小，故A錯誤；根據加速度的定義式，可知加速度a由速度的變化量△v和速度發生改變所需要的時間△t共同決定，雖然△v大，但△t更大時，a可以很小，故B錯誤；加速度為零的物體，不一定是靜止的，也可能是勻速，故C錯誤；加速度是描述速度變化快慢的物理量，所以速度變化慢的物體，加速度一定小，故D正確。所以D正確，ABC錯誤。【點睛】根據加速度的定義式，可知式中各個物理量的含義以及各個物理量之間的關系是解決此類問題的關鍵，是正確理解加速度的定義的基礎。5、B【解析】試題分析：速度與時間的圖像中，0~2s內加速運動，而在4s~6s內，物體做減速運動，故二者的加速度方向相反，選項A錯誤；由圖像可知，在0~2s內與4s~6s內，物體的速度都是正值，方向相同，選項B正確；在0~2s內的面積與4s~6s內的面積不相等，故位移不相等，而時間相等，故物體的平均速度不相同，選項C錯誤；在4s~6s內，位移是正值，故物體距離出發點越來越遠，選項D錯誤．考點：速度與時間圖像．6、BCD【解析】

A．取初速度方向為正方向，則加速度為-a．質點做勻減速直線運動時，位移大小根據位移時間公式為：x=v0t+（-a）t1故A錯誤。B．運用逆向思維：將質點的運動等效看成沿相反的初速度為0、加速度為a的勻加速運動，則位移為：x=at1．故B正確。C．根據速度位移關系可知選項C正確；D．末速度v=0，根據平均速度求位移的公式故D正確。故選BCD.7、AC【解析】

未加F時，木塊A在水平方向上受彈簧的彈力F1及靜摩擦力FA作用，且FA=F1=kx=8N木塊B在水平方向上受彈簧彈力F2和靜摩擦力FB作用，且FB=F2=kx=8N在木塊B上施加F=1N的向右的拉力后，由于F2+F＜μGB故木塊B所受摩擦力仍為靜摩擦力，其大小FB′=F2+F=9N木塊A的受力情況不變。A.木塊A所受摩擦力大小是8N與分析相符，故A正確。B.木塊A所受摩擦力大小是12.5N與分析不符，故B錯誤。C.木塊B所受摩擦力大小是9N與分析相符，故C正確。D.木塊B所受摩擦力大小是7N與分析不符，故D錯誤。8、AC【解析】試題分析：三力平衡時，三力可以組成首位相連的三角形，故要使三力的合力為零，應保證任意兩力之和可以大于等于第三力，任意兩力之差小于等于第三力．8N與7N的合力最大值為15N，最小值為1N，可以與4N的力平衡，A正確；3N和4N合成時，最大7N，最小1N，不可能與8N合成，B錯誤；當7N和9N在一條直線同一方向，16N的力反向時，三力的合力可以為零，C正確；6N和10N的合力最小為4N，故無法與2N的力平衡，D錯誤．9、ACD【解析】

A．物體加速度很大，速度很小，例如將要發射的火箭，選項A正確；B．加速度是速度的變化率，則物體速度變化很快，加速度一定很大，選項B錯誤；C．當加速度和速度同向時，物體加速度在減小，速度仍在增大，選項C正確；D．當加速度和速度反向時，物體加速度在增大，速度在減小，選項D正確。10、ABC【解析】撤去擋板前，對整體分析，擋板對B球的彈力大小為2mgsinθ，因彈簧彈力不能突變，而桿的彈力會突變，所以撤去擋板瞬間，圖甲中A球所受合力為零，加速度為零，B球所受合力為2mgsinθ，加速度為2gsinθ；圖乙中桿的彈力突變為零，A、B球所受合力均為mgsinθ，加速度均為gsinθ，故ABC正確，D錯誤．故選ABC．點睛：本題考查了牛頓第二定律的瞬時問題，知道彈簧的彈力在撤去擋板的瞬間保持不變，而桿的彈力能夠突變，結合牛頓第二定律進行求解．二、實驗題11、正比50【解析】

[1]．圖象是過原點的直線，則可知，彈簧的彈力F跟彈簧伸長量x成正比；[2]．圖象的斜率表示勁度系數的大小，由此可得12、100ST0ADC【解析】（1）根據閉合電路歐姆定律可知，歐姆調零時滿足：，接入被測電阻后：，代入E=1.5V，Ig=5×10-3A，聯立解得：Rx=100Ω。（2）①旋動部件S，使指針對準電流的"0"刻線。③歐姆調零時將插入“+”、“-”插孔的表筆短接，旋動部件T，即歐姆調零旋鈕，使指針指電阻的0刻線；④將兩表筆分別與侍測電阻相接，發現指針偏轉角度過小．說明被測阻值較大，為使指針只在中央刻度附近應換較大檔，即×1k檔；換擋后一定要重新進行歐姆調零；然后將兩表筆的金屬部分分別與被測電阻的兩恨引線相接進行測量，故順序為ADC。三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（1）37°（1）11N（3）6.9m/s【解析】試題分析：（1）經分析可知，當時，物體已通過B點．因此減速過程加速度大小，解得．（1），，解得（3）設第一階段運動的時間為，在B點時有，可見的時刻處在第二運動階段，由逆向思維可得考點：考查了牛頓第二定律與運動學公式的應用【名師點睛】連接牛頓第二定律與運動學公式的紐帶就是加速度，所以在做這一類問題時，特別又是多過程問題時，先弄清楚每個過程中的運動性質，根據牛頓第二定律求加速度然后根據加速度用運動學公式解題或者根據運動學公式求解加速度然后根據加速度利用牛頓第二定律求解力14、（1）0.02J（2）0.44m（3）0【解析】試題分析：根據電勢差與電場強度的關系求出SP之間的電勢差，進而求出P點的電勢，根據電勢能的定義可求得改變了的電勢能；設小球與擋板相碰后向右運動s，根據動能定理即可求解。（1）根據場強公式可得SP間的電勢差為：，根據：，因為，可得：。小球在P點時的電勢能為：。（2）根據