2025屆浙江省溫州市共美聯盟物理高二上期末監測試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、航母上飛機彈射起飛所利用的電磁驅動原理如圖所示．當固定線圈上突然通過直流電時，線圈左側的金屬環被彈射出去．現在線圈左側同一位置，先后放上用橫截面積相等的銅和鋁導線制成的形狀、大小相同的兩個閉合環，電阻率ρ銅<ρ鋁．則合上開關S的瞬間，下列（）A.從右側看，環中產生逆時針方向的感應電流B.銅環受到的安培力小于鋁環受到的安培力C.若將金屬環置于線圈右側，環將向右彈射D.電池正、負極調換后，金屬環能向右彈射2、如圖所示，有一通電直導線O垂直紙面放置，導線中電流方向垂直紙面向里，在其上方放一弓形硬質閉合線圈abcd，其圓弧的圓心恰好在通電直導線的O點上，當閉合線圈中通以逆時針方向電流時，線圈將()A.俯視逆時針轉動，且遠離通電直導線B.俯視順時針轉動，且靠近通電直導線C.俯視順時針轉動，且遠離通電直導線D.俯視逆時針轉動，且靠近通電直導線3、如圖所示，平行板電容器帶有等量異種電荷，與靜電計相連，靜電計金屬外殼和電容器下級板都接地．在兩極板間有一固定在P點的點電荷，以E表示兩極板間的電場強度，EP表示點電荷在P點的電勢能，θ表示靜電計指針的偏角．若保持下極板不動，將上極板向下移動一小段距離至圖中虛線位置，則（）A.θ增大，E增大 B.θ增大，EP不變C.θ減小，EP增大 D.θ減小，E不變4、正思考間，一輛貨車從旁邊飛馳而過，小明看到貨車車廂里裝著一些壘在一起的空油桶，如下圖所示。小明設想，如果油桶都是完全相同的光滑圓柱體，且車廂底部一層油桶平整、緊貼、固定放置，上層的油桶C自由的擺放在油桶A、B之間，設重力加速度為g，則下列說法中正確的是A.貨車勻速前進時，C所受合力豎直向上B.貨車加速前進時，A、B兩桶對C的支持力大小相等C.貨車加速前進時，B對C的支持力大于A對C的支持力D.貨車加速度超過g時，C將脫離A而運動到B的右邊5、如圖所示，圓形磁場區域存在垂直紙面向里的勻強磁場，PQ為圓形磁場的直徑，O為圓心磁場的圓心，OA為圓形磁場的水平半徑，圓心磁場的半徑為R，處于磁場邊界P點的粒子源不斷沿各個方向將速率v0的同種帶電粒子垂直磁場方向射入磁場．當磁感應強度為B＝B0時，PQ左側圓弧恰全部有帶電粒子射出，下列說法正確的是（）A.粒子一定帶負電B.粒子出磁場時速度方向一定垂直PQC.粒子的比荷為D.若B＝2B0，PA圓弧上均有粒子射出6、如圖所示，在直線l上A、B兩點各固定電荷量均為Q的正電荷，O為AB的中點，C、D兩點關于A點對稱，C、D兩點的場強大小分別為EC、ED，電勢分別為φC、φD.則下列說法正確的是()A.EC>ED，φC>φDB.EC<ED，φC>φDC.在直線l上與D點電勢相同的點除D點外可能還有2個D.將一負電荷從C點移到D點其電勢能減小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于熱現象和熱學規律，下列說法中正確的是()A.當分子之間的作用力表現為斥力時，分子勢能隨分子距離的減小而增大B.沒有摩擦的理想熱機可以把吸收的能量全部轉化為機械能C.在完全失重的情況下，氣體對容器壁的壓強不為零D.對于一定量的氣體，如果壓強不變，體積增大，那么它一定從外界吸熱E.若氣體分子總數不變，而氣體溫度升高，氣體分子的平均動能增大，因此壓強必然增大8、如圖所示，物體P用水平作用力F壓在豎直的墻上，沿墻勻速下滑，物體的重力為G，墻對物體的彈力為N、摩擦力為f，物體對墻的壓力N′、摩擦力為f′．下列說法正確的有（）A.G和f是一對平衡力B.N和F是一對平衡力C.f和f′是一對作用力和反作用力D.N′和F是一對作用力和反作用力9、如圖所示，圓形區域內有垂直于紙面的勻強磁場，三個質量和電荷量都相同的帶電粒子a、b、c，以不同速率對準圓心O沿著AO方向射入磁場，其運動軌跡如圖．若帶電粒子只受磁場力作用，則下列說法正確的是A.a粒子動能最大B.c粒子速率最大C.c粒子在磁場中運動時間最短D.它們做圓周運動的周期相同10、如圖是通過變壓器降壓給用戶供電示意圖.負載變化時變壓器輸入電壓保持不變.輸出電壓通過輸電線輸送給用戶，輸電線的電阻用R0表示，開關S閉合后，相當于接入電路中工作的用電器增加．變壓器可視為理想變壓器，則開關S閉合后，以下說法正確的是A.變壓器的輸入功率減小B.電表V1示數與V2示數的比值不變C.輸電線的電阻R0消耗的功率增大D.流過電阻R1的電流增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用圖甲所示的電路測量一節干電池的電動勢和內電阻。(1)圖甲中虛線框內是滿偏電流為100mA、表頭電阻為9Ω的毫安表改裝成量程為0.6A的電流表，電阻的電阻值為______Ω；(2)某次測量時毫安表的示數如圖乙所示，則此時通過電池的電流為______A；(3)實驗得到的電壓表示數U與毫安表示數I的關系圖線如圖丙所示。則電源的電動勢______V，內阻______Ω。（結果均保留到小數點后兩位）12．（12分）一個電流表G的內阻，滿偏電流為，其滿偏電壓為_____．現要把它改裝成量程為15V的電壓表，需串聯的分壓電阻為_____，刻度對應的電壓值為_____四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩塊平行金屬板豎直放置，兩板間的電勢差U=1.5×103V(僅在兩板間有電場)，現將一質量m=1×10-2kg、電荷量q=4×10-5C的帶電小球從兩板的左上方距兩板上端的高度h=20cm的地方以初速度v0=4m/s水平拋出，小球恰好從左板的上邊緣進入電場，在兩板間沿直線運動，從右板的下邊緣飛出電場，g取10m/s2，求：（1）金屬板的長度L；（2）小球飛出電場時的動能Ek．14．（16分）北斗衛星導航系統是我國自行研制的全球衛星導航系統．2018年我國先后以“一箭雙星”方式成功發射“北斗三號”第三、四、五、六顆組網衛星，為從“北斗二號”平穩過渡到“北斗三號”打好基礎．北斗衛星導航系統由5顆靜止軌道衛星（同步衛星）和30顆非靜止軌道衛星組成，2020年左右將建成覆蓋全球的北斗衛星導航系統，其中一顆非靜止軌道衛星A運行周期為T．已知地球半徑為R，地球質量為M，引力常量為G（1）求地球表面的重力加速度g；（2）求衛星A距地球表面的高度h；（3）請舉例說明北斗衛星導航系統可以應用在哪些方面．（舉出一例即可）15．（12分）如圖所示，兩根足夠長的固定平行光滑金屬導軌間的距離L1=1m，導軌平面與水平面的夾角θ=，整個導軌平面內存在垂直于導軌平面斜向上的勻強磁場，磁感應強度大小B=0.5T，在導軌的底端連接一個阻值為R=0.5Ω的電阻．一根質量m=1kg、電阻不計、垂直于導軌放置的金屬棒甲通過平行于導軌平面的絕緣輕繩和一個質量M=1kg、邊長L2=0.8m、電阻r=0.32Ω的正方形線框乙相連，輕繩繞過固定在天花板的光滑輕質定滑輪．線框乙下方存在磁感應強度大小也為B=0.5T的有界勻強磁場，線框乙的下邊距離磁場的上邊界h=4.8m，磁場寬度大于線框邊長．開始時用外力作用于金屬棒甲，使整個系統處于靜止狀態，然后撤去外力，系統從靜止開始運動，線框乙進入磁場時恰好做勻速運動．已知g=10m/s2，sin=0.6，cos=0.8，求：（1）線框乙剛開始運動時輕繩對金屬棒甲的拉力大小；（2）線框乙剛進入磁場時的速度大小以及從開始釋放到線框乙剛進入磁場的過程中電阻R上產生的焦耳熱；（3）線框乙從剛開始進入到完全進入磁場的過程中，線框乙中產生的焦耳熱

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A．線圈中電流為左側流入，磁場方向為向右，在閉合開關的過程中，磁場變強，則由楞次定律可知，感應電流由左側看為逆時針，由右側看為順時針，故A錯誤；B．由于銅環的電阻較小，故銅環中感應電流較大；故銅環受到的安培力要大于鋁環，故B錯誤；C．若環放在線圈右方，根據“來拒去留”可得，環將向右運動；故C正確；D．電池正負極調換后，金屬環受力向左，故仍將向左彈出；故D錯誤；故選C。2、D【解析】根據右手螺旋定則來確定通電導線磁場的分布，再由左手定則來確定安培力的方向，來判定轉動方向．根據當電流方向相同時，出現相互吸引，當電流方向相反時，出現相互排斥．來確定是靠近還是遠離【詳解】根據右手螺旋定則可知，通電導線的磁場是以導線為圓心的順時針方向一系列同心圓，再由左手定則可知，ab段受到垂直紙面向外的安培力，而bc受到垂直紙面向里的安培力，使其逆時針轉動（俯視），當轉動到與通電導線平行時，由于電流方向相反，所以出現相互排斥現象，而abc通電導線的電流方向與直導線同向，出現相互吸引現象，因吸引力大于排斥力．導致靠近通電直導線．故D正確，ABC錯誤故選D3、D【解析】若保持下極板不動，將上極板向下移動一小段距離，則根據可知，C變大，Q一定，則根據Q=CU可知，U減小，則靜電計指針偏角θ減小；根據，Q=CU，，聯立可得，可知Q一定時，E不變；根據U1=Ed1可知P點離下極板的距離不變，E不變，則P點與下極板的電勢差不變，P點的電勢不變，則EP不變；故選項ABC錯誤，D正確【考點定位】電容器、電場強度、電勢及電勢能【名師點睛】此題是對電容器的動態討論；首先要知道電容器問題的兩種情況：電容器帶電荷量一定和電容器兩板間電勢差一定；其次要掌握三個基本公式：，，Q=CU；同時記住一個特殊的結論：電容器帶電荷量一定時，電容器兩板間的場強大小與兩板間距無關4、C【解析】A．貨車勻速前進時，C所受的合力為零，故A錯誤。BC．貨車加速前進時，C所受合力水平向前，如圖所示，因此B對C的支持力大于A對C的支持力，兩力合力斜向前上方，故B錯誤，C正確；D．當A對C的支持力為零時，C即將相對B身后滾動，由牛頓第二定律得mgtan30°=ma可得此時車的加速度為故D錯誤。故選C。5、B【解析】粒子在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，故由粒子射出磁場邊界恰好占整個邊界的一半可得：粒子運動軌跡的軌道半徑為R；A項：由左手定則知粒子帶正電，故A錯誤；B項：由粒子做勻速圓周運動，軌道半徑為R，根據幾何關系可得：粒子離開磁場時的徑向平行于PQ，故粒子離開磁場時速度方向垂直PQ連線，故B正確；C項：根據洛倫茲力做向心力可得：故粒子的比荷，故C錯誤；D項：若B＝2B0，粒子運動軌跡的軌道半徑為，改變初速度方向，粒子從PA圓弧射出，最遠從如圖的M點射出，PM＝R，故D錯誤；故選B6、B【解析】AB．A在C點產生的場強方向水平向右，B在C點產生的場強方向水平向左，并且小于A在C點的電場強度大小，故C點的電場強度大小為兩電荷在C點產生電場強度之差，同理在D點產生的電場強度為兩點電場強度之和，故，根據公式可得，C到A點的距離等于D到A點的距離，但是AD間的電場強度大于CA間的電場強度大小，所以AD間的電勢差大于AC間的電勢差，可知D點的電勢小于C點的電勢，即；A錯誤，B正確。C．根據電場強度的疊加可知在直線l上，與D點電勢相等的點可能有3個，分別處于CO間、OB間和B的右側；C錯誤。D．因為AD間的電勢差大于AC間的電勢差，可知C點的電勢高于D點，根據知，負電荷在C點的電勢能小于D點的電勢能，即將一負電荷從C點移到D點其電勢能增大；D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A．當分子之間的作用力表現為斥力時，分子勢能隨分子距離的減小而增大，符合客觀事實，故A正確；B．沒有摩擦的理想熱機，工作時尾氣會帶走一部分內能，因此不會把吸收的能量全部轉化為機械能，故B錯誤；C．氣體壓強是因為氣體分子頻繁的撞擊器壁產生的，在完全失重的情況下，氣體分子仍在運動撞擊器壁，氣體對容器壁的壓強不為零，故C正確；D．對于一定量的氣體，如果壓強不變，體積增大，由理想氣態方程可知氣體溫度一定升高，溫度升高，，體積增大，對外做功，，由熱力學第一定律可知那么它一定從外界吸熱，故D正確；E．氣體溫度升高，氣體分子的平均動能增大，氣體分子總數不變，但是單位體積內分子個數可能減少，壓強減小，故E錯誤。故選擇ACD選項。8、ABC【解析】由題意可知，物體沿墻壁勻速下滑，豎直方向受到重力和向上的滑動摩擦力，由平衡條件得知，滑動摩擦力大小f=G，即G和f是一對平衡力，故A正確；N和F的大小相同，方向相反，作用在一個物體上，是一對平衡力，故B正確；f和f′是一對作用力和反作用力，故C正確；N′和F的方向相同，不是一對作用力和反作用力，故D錯誤．所以ABC正確，D錯誤9、BCD【解析】AB．粒子在磁場中洛倫茲力提供向心力，做勻速圓周運動。則有，得：，可知當三個帶電粒子的質量、電荷量相同，在同一個磁場中，當速度越大時、軌道半徑越大，則由圖知，a粒子的軌跡半徑最小，則其速率最小，動能最小，c粒子的軌跡半徑最大，速率最大，則c粒子動能最大；故A錯誤，B正確；D．粒子圓周運動的周期為，m、q相同，則三個帶電粒子做圓周運動的周期T相同，故D正確；C．粒子在磁場中運動的時間，θ是軌跡所對應的圓心角，而軌跡對應的圓心角等于粒子速度的偏向角，由圖知a在磁場中運動的偏轉角最大，軌跡對應的圓心角最大，運動的時間最長，c在磁場中運動的偏轉角最小，軌跡對應的圓心角最小，運動的時間最短，故D正確。故選BCD。10、BC【解析】A項：因為負載增加，則副線圈總電阻減小，副線圈電壓不變，則副線圈電流增大，由P=UI知功率增加，故A錯誤；B項：電表V1示數與V2示數的比值等于原、副線圈的匝數比，所以電表V1示數與V2示數的比值不變，故B正確；C項：因為負載增加，則副線圈總電阻減小，副線圈電壓不變，則副線圈電流增大，所以輸電線的電阻R0消耗的功率增大，故C正確；D項：因為負載增加，則副線圈總電阻減小，副線圈電壓不變，則副線圈電流增大，上損失的電壓增大，所以兩端的電壓減小，所以流過的電流減小，故D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.1.8②.0.24③.1.50④.2.22【解析】(1)[1]電阻為：(2)[2]毫安表量程為100mA，由圖示表盤可知，其分度值為0.2mA，示數為：40.0mA，毫安表內阻為R1阻值的5倍，則流過R1的電流是流過毫安表電流的5倍，則流過電池的電流為：

0mA+40.0mA×5=240.0mA=0.24A(3)[3][4]由圖示電源U-I圖象可知，電源電動勢為：E=1.50V電源內阻為：12、①.②.29k③.【解析】一個電流表G的內阻，滿偏電流為，其滿偏電壓為．現要把它改裝成量程為15V的電壓表，需串聯的分壓電阻為，刻度對應的電壓值為1.5V四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）0.15m（2）0.175J【解析】（1）小球到達左板上邊緣時的豎直分速度：vy＝＝2m/s設小球此時速度方向與豎直方向之間的夾角為θ，則tanθ＝＝2，小球在電場中沿直線運動，所受合力方向與運動方向相同，設板間距為d，則：tanθ