甘肅省永昌四中2025屆物理高一上期末達標檢測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、對于牛頓第二定律的理解下列說法正確的是（）A.先有力后有加速度B.先有加速度后有力C.力是產生加速度的原因D.無論關系式F＝ma中的三個物理量采用什么單位，該關系式都是成立的2、如圖所示，在動摩擦因數的水平面上向右運動的物體，質量為10kg，它受到水平向左的拉力作用，該物體受到的滑動摩擦力為（重力加速度）（）A.9.8N，方向水平向右 B.9.8N，方向水平向左C.20N，方向水平向右 D.20N，方向水平向左3、如圖所示，某同學通過滑輪組將一重物緩慢吊起的過程中，該同學對繩的拉力將（滑輪與繩的重力及摩擦均不計）（）A.越來越小 B.越來越大C.先變大后變小 D.先變小后變大4、在一筆直公路上有a、b兩輛汽車，它們同時經過同一路標開始計時，此后的v-t圖象如圖所示，下列判斷正確的是（）A.在t1時刻a、b相遇B.0~t1時間內，a、b間距離在減小C.0~t1時間內，a位于b前面D.t1時刻以后，b位于a前面5、做勻減速直線運動物體經過4s后停止，若在第1s內的位移是21m，則最后1s的位移是A.5m B.3mC.2m D.1m6、下列各力中，屬于根據力的效果命名的是（）①拉力

②動力

③阻力

④壓力

⑤彈力

⑥重力

⑦摩擦力

⑧支持力A①②③④⑤ B.①③④⑤⑥C.①②③④⑧ D.②③④⑤⑧7、三角形傳送帶以1m/s的速度逆時針勻速轉動，兩邊的傳送帶長都是2m且與水平方向的夾角均為。現有兩個小物塊A、B從傳送帶頂端都以1m/s的初速度沿傳送帶下滑，物塊與傳送帶間的動摩擦因數都是0.5，（g取10m/s2，sin=0.6，cos=0.8）下列說法正確的是（）A.物塊A先到達傳送帶底端B.物塊A、B同時到達傳送帶底端C.物塊A、B到達傳送帶底端時速度大小相等D.物塊A、B在傳送帶上劃痕長度之比為1:38、如圖所示，逆時針勻速轉動的傳送帶與水平面的夾角θ，在傳送帶頂端靜止釋放小物塊，小物塊以加速度a1加速下滑，當小物塊與傳送帶共速后，以加速度a2加速下滑，小物塊與傳送帶間的動摩擦因數為μ。則下列說法正確的是（）A.a1>a2 B.a1=a2C.μ=tanθ D.μ<tanθ9、有三個相同的物體疊放在一起，置于粗糙水平地面上，物體之間不光滑，如圖所示，現用一水平力作用在乙物體上，物體仍保持靜止，下列說法正確的是（）A.丙受到地面的摩擦力大小為，方向水平向左B.甲受到水平向右的摩擦力作用C.乙對丙的摩擦力大小為，方向水平向右D.丙對乙的摩擦力大小為，方向水平向右10、質量為的小球置于傾角為300的光滑固定斜面上，勁度系數為的輕彈簧一端系在小球上，另一端固定在豎直墻上的P點，小球靜止于斜面上，彈簧軸線與豎直方向的夾角為300，如圖所示．取．則A.彈簧對小球拉力大小為B.小球對斜面的壓力的大小為10NC.彈簧的伸長量為10cmD.彈簧被剪斷的瞬間，小球的加速度大小為11、如圖所示，從傾角為的斜面頂點A將一小球以初速度水平拋出，小球落在斜面上B點，重力加速度為g不計空氣阻力，則下列說法正確的有（）A.從A到B的運動時間為 B.AB的長度為C.到B點的速度 D.小球在B點時的速度分量滿足12、如圖所示，在光滑的桌面上有M、m兩個物塊，現用力F推物塊m，使M、m兩物塊在桌上一起向右加速，則M、m間的相互作用力為（）A. B.C.若桌面摩擦因數為μ，M、m仍向右加速，則M、m間的相互作用力為+μMg D.若桌面的摩擦因數為μ，M、m仍向右加速，則M、m間的相互作用力仍為二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）14、（10分）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，質量為4kg的小球用細繩拴著吊在行駛的汽車后壁上，繩與豎直方向夾角為37o．已知g=10m/s2，sin37o=0.6，cos37o=0.8，求：(1)汽車勻速運動時，細線對小球的拉力和車后壁對小球的壓力(2)當汽車以a1=2m/s2向右勻減速行駛時，細線對小球的拉力和小球對車后壁的壓力(3)當汽車以a2=10m/s2向右勻減速行駛時，細線對小球的拉力和小球對車后壁的壓力16、（12分）A、B兩木塊重分別為30N和90N，用不可伸長的輕質細線繞過輕質光滑的滑輪連結在一起并疊放在水平桌面上，A與B、B與桌面C之間的動摩擦因數均為0.4，當對滑輪施一水平力F＝40N時，求：(1)細線的張力為多少？(2)A對B的摩擦力；(3)C對B的摩擦力大小。17、（12分）如圖所示，傾角θ=37°的斜面體固定在水平地面上，斜面長L=2.4m。質量M=2.0kg的B物體放在斜面底端，與斜面間的動摩擦因數μ=0.25，通過輕細繩跨過光滑的定滑輪與A物體相連接，連接B的細繩與斜面平行。A的質量m=2.5kg，繩拉直時用手托住A物體使其在距地面h高處由靜止釋放，著地后立即停止運動。A、B物體均可視為質點，取g=10m/s2，sin37o=0.6，cos37o=0.8。(1)求A物體下落的加速度大小及繩子拉力T的大小；(2)求當A物體從多高處靜止釋放，B物體恰好運動至斜面最高點；(3)若A物體從h1=1.6m處靜止釋放，要使B物體向上運動且不從斜面頂端滑出，求A物體質量m的取值范圍。（設B物體受到的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、C【解析】AB．由牛頓第二定律可知，加速度和力具有瞬時對應關系，不存在先后關系，故AB錯誤；C．根據牛頓第二定律可知，力是產生加速度原因，故C正確；D．只有關系式F＝ma中的三個物理量采用國際單位制時，F＝ma才能成立，故D錯誤。故選C。2、B【解析】由題意可知，物體在地面上向右運動，所以物體所受滑動摩擦力的方向為水平向左，大小為所以B正確，ACD錯誤。故選B。3、B【解析】對結點受力分析，如圖由于同一根繩子，故設與夾角為，則在重物被吊起的過程中，變大，故與同時越來越大。故選B。4、C【解析】速度圖象的“面積”表示位移，則0～t1時間內，a的位移最大，所以在t1時刻a位于b前面，所以t1時刻沒有相遇．故A錯誤，C正確．0～t1時間內，由于a的速度比b的大，所以兩者距離不斷增大，故B錯誤．t1時刻以后的一段時間內，a位于b前面．故D錯誤；故選C【點睛】利用速度--時間圖象求從同一位置出發的解追及問題，主要是把握以下幾點：①當兩者速度相同時兩者相距最遠；②當兩者速度時間圖象與時間軸圍成的面積相同時兩者位移相同，即再次相遇；③當圖象相交時兩者速度相同5、B【解析】因為勻加速直線運動和勻減速直線運動互為逆運動，所以可以用逆向思維，把物體的運動看成勻加速直線運動，從題中可得初速度為：，則物體在第1s，第2s，第3s，第4s，第5s內的位移之比為：，所以，故可得，B正確；考點：考查了勻變速直線運動規律的應用6、C【解析】拉力、動力、阻力、壓力、支持力是按照效果命名的，彈力、重力、摩擦力是按照力的性質命名的，故C正確，ABD錯誤7、BCD【解析】AB．對A，因為則A物體所受的滑動摩擦力沿斜面向上，向下做勻加速直線運動，B所受的滑動摩擦力沿斜面向上，向下做勻加速直線運動，兩物體勻加速直線運動的加速度大小均為則加速度大小相等，初速度和位移大小均相等，則運動的時間相等，它們同時到達傳送帶底端，A錯誤，B正確；C．由v=v0+at知物塊A、B到達傳送帶底端時速度大小相等，C正確；D．對A，劃痕的長度等于A的位移減為傳送帶的位移，以A為研究對象，由運動學公式得則運動時間為所以皮帶運動的位移為所以A對皮帶的劃痕為對B，劃痕的長度等于B的位移加上傳送帶的位移，同理得出B對皮帶的劃痕為所以劃痕之比為1：3，D正確。故選BCD。第II卷（非選擇題8、AD【解析】AB．小物塊與傳送帶共速前，小物塊所受的滑動摩擦力沿斜面向下，根據牛頓第二定律得mgsinθ+μmgcosθ=ma1。小物塊與傳送帶共速后，小物塊所受的滑動摩擦力沿斜面向上，根據牛頓第二定律得mgsinθ-μmgcosθ=ma2。對比可得，a1＞a2，故A正確，B錯誤。CD．當小物塊與傳送帶共速后，以加速度a2加速下滑，說明mgsinθ＞μmgcosθ，則得μ＜tanθ故C錯誤，D正確。故選AD。9、AC【解析】A．對整體受力分析，水平方向整體受到拉力與受到地面對丙的水平向左的靜摩擦力，丙受到地面的摩擦力大小為，故A正確；B．對甲受力分析，受重力和支持力，不受到摩擦力作用，故B錯誤；CD．對甲、乙整體受力分析，水平方向受拉力F和向左的摩擦力，根據平衡條件，丙對乙的摩擦力大小為F，方向水平向左，那么乙對丙的摩擦力大小為F，方向水平向右，故C正確，D錯誤；故選AC。【點評】兩個相互接觸的物體有相對運動趨勢時，在接觸面間便產生阻礙相對運動趨勢的力，這種力叫靜摩擦力．靜摩擦力是被動性質的力，其方向與相對運動的趨勢方向相反，其大小在一定范圍（0﹣fmax）內變化．對于共點力平衡或處于靜止狀態的物體，可用共點力平衡的條件分析、判斷靜摩擦力的方向，計算其大小10、CD【解析】小球靜止于斜面上，設小球受的彈簧拉力為，設斜面對小球的支持力為，設彈簧的伸長量為，對小球受力分析如圖，則：、、聯立解得：、A：小球受的彈簧拉力為，故A項錯誤B：斜面對小球的支持力為，據牛頓第三定律，小球對斜面的壓力的大小為．故B項錯誤C：彈簧伸長量，故C項正確D：彈簧被剪斷的瞬間，小球受重力、斜面對小球的支持力，小球將沿斜面下滑，則：，解得：．故D項正確11、BC【解析】根據得，物體在空中飛行的時間故A錯誤；物體的水平位移，所以AB間的距離，故B正確；根據速度與時間關系，則B點豎直方向的速度，那么B點的速度，故C正確；在B點時的速度分量不滿足，因為B點的速度與水平夾角不為，而是位移與水平的夾角，故D錯誤．故選BC【點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律，通過位移關系求出運動的時間是解決本題的突破口12、BD【解析】根據牛頓第二定律，對整體有：a=；對M：N=Ma=．故B正確，A錯誤；根據牛頓第二定律得：對整體有：；對M：N﹣μMg=Ma，得：N=μMg+Ma=．故D正確，C錯誤【點睛】本題是連接類型的問題，關鍵是靈活選擇研究對象．對于粗糙情況，不能想當然選擇C，實際上兩種情況下MN間作用力大小相等二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、14、三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（1），；（2）；（3）【解析】(1)當汽車勻速運動時，小球也勻速運動，小球的受力平衡，對小球進行受力分析可知(2)當汽車以a=2m/s2向右勻減速行駛時，小球受力分析如圖（圖略），由牛頓第二定律得：代入數據得：T=50NFN=22N（2）當汽車向右勻減速行駛時，設車后壁彈力為0時(臨界條件)的加速度為a0，受力分析如圖所所示，由牛頓第二定律得：代入數據得：因為，所以小球飛起來，FN=0設此時繩與豎直方向的夾角為a由牛頓第二定律得：考點：考查整體隔離法的應用點評：難度中等，本題為臨界問題，如果小車加速度向左，小球有飄起來的可能性，需要首先判斷該加速度的臨界值16、（1）T＝20N；（2）12N，方向向右；（3）32N【解析】(1)同一根輕繩跨過光滑的滑輪，繩子上張力處處相等，設每條繩子上的拉力為T，以滑輪為研究對象，輕質滑輪合力為零，據牛頓第二定律知F－2T＝0解得T＝20N(2)BC間的最大靜摩擦力F2m=μ(GA＋GB)=48N＞F＝40N所以BC間相對靜止，B靜止。而AB間最大靜摩擦力f1m=μGA=12N＜T＝20N所以A向右加速滑動，A受滑動摩擦力fBA=μGA=12N據牛頓第三定律，A對B的摩擦力大小為12N，水平向右。(3)B靜止，合力為零fCB=fAB+T解得fCB=32N17、(1)2m/s2；20N