2025屆云南省玉溪市元江縣第一中學高二物理第一學期期中統考試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某電容器上標有“220V300μF”，300μF＝____________FA．3×108 B．3×10﹣4 C．0.3 D．3×1052、如圖所示有兩個半徑為r的金屬球，相距為L，帶電荷量分別為Q1，Q2滿足條件L>>r,則它們之間的靜電力是（）A．B．C．D．3、下列各物理量中，均屬于矢量的是（）A．路程、速度 B．加速度、重力勢能C．電場強度、安培力 D．磁通量、磁感應強度4、一質子在勻強磁場中運動，不考慮其他場力（重力）作用，下列說法正確的是A．可能做類平拋運動B．一定做勻變速直線運動C．可能做勻速直線運動D．只能做勻速圓周運動5、下面四幅圖中，前兩幅表示通電直導線所受安培力F、磁感應強度B和電流I三者方向之間的關系；后兩幅表示運動電荷所受洛倫茲力F、磁感應強度B和電荷速度v三者方向之間的關系，其中正確的是()A．B．C．D．6、一根一端封閉，另一端裝有閥門的玻璃管，內有紙片、羽毛、金屬片．用抽氣機把管內的空氣幾乎抽盡，再把玻璃管倒過來(如圖所示)．觀察這些物體下落的快慢情況，下列說法中正確的()A．紙片下落最快B．羽毛下落最快C．金屬片下落最快D．三者下落一樣快二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一帶電粒子在勻強電場中從A點拋出，運動到B點時速度方向豎直向下，且在B點時粒子的速度為粒子在電場中運動的最小速度，已知電場方向和粒子運動軌跡在同一豎直平面內，粒子的重力和空氣阻力與電場力相比可忽略不計，則()A．電場方向一定水平向右B．電場中A點的電勢一定高于B點的電勢C．從A到B的過程中，粒子的電勢能一定增加D．從A到B的過程中，粒子的電勢能與動能之和一定不變8、在光滑地面上將一小鋼球水平彈出，小球碰到墻壁后沿原路徑反向彈回，圖是小球運動的位移﹣時間圖象，由此圖象可知（）A．小球在0﹣t1時間內做勻速運動B．小球在0﹣t2時間內做勻加速運動C．小球在t2時刻回到了出發點D．小球在t2時刻被墻壁反彈9、如圖所示電路，電源電動勢為E，內阻為r，Rt為光敏電阻（光照強度增加時，其電阻值減小）。現增加光照強度，則下列判斷正確的是A．B燈變暗，A燈變暗B．R0兩端電壓變大C．電源路端電壓變大D．電源總功率變小10、(多選)質點做直線運動的v－t圖象如下圖所示，則()A．在前1s內質點做變速直線運動B．在1～3s內質點的加速度a＝－2m/s2C．在2～3s內質點的運動方向與規定的正方向相反，加速度方向與1～2s內的加速度方向相同D．以上說法均不正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某小組同學通過實驗測量金屬絲的電阻率，現有的器材規格如下：A．待測金屬絲電阻（大約），長度為LB．直流電流表（量程，內阻約）C．直流電流表（量程，內阻約）D．直流電壓表（量程，內阻為）E．定值電阻F．直流電源（輸出電壓，內阻不計）G．滑動變阻器R（阻值范圍，允許最大電流）H．開關一個．導線若干（1）用螺旋測微器測量金屬絲直徑如圖甲所示，則金屬絲直徑d=________mm,用游標卡尺測量金屬小球直徑如圖乙所示，小球直徑D=________cm（2）根據器材的規格和實驗要求，為了減小測量誤差，直流電流表應選_________（填選項前的字母）。（3）在方框內畫出實驗電路圖（要求電壓和電流的變化范圍盡可能大一些）。_______（4）某次測量中，電流表的讀數為I，電壓表的讀數為U，則該金屬絲的電阻率表達式為______（用題中所給物理量的字母表示并忽略電表內阻的影響）。12．（12分）螺旋測微器的旋鈕每轉一周，可動刻度恰好轉過________等分，此時測微螺桿就前進或后退______ｍｍ。如圖所示螺旋測微器的示數為___________mm。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，在光滑水平面上建立平面直角坐標系xOy，第Ⅰ象限存在垂直于水平面的勻強磁場（圖中未畫出），一質量為m、電荷量為q的小球由坐標原點O處以速度v0沿y軸正方向射入磁場，一段時間后，小球與靜止于A點的質量也為m但不帶電的另一小球發生碰撞，并粘為一體，A點與原點O相距L，OA與x軸正方向的夾角為30°。(1)求磁感應強度B的大小；(2)兩球碰撞后是否仍沿原來的的軌跡運動？試論證；(3)求小球從O點射出到離開磁場所經歷的時間t。14．（16分）如圖，xoy平面內存在著沿y軸正方向的勻強電場，一個質量為m、帶電荷量為+q的粒子從坐標原點O以速度v0沿x軸正方向開始運動．當它經過圖中虛線上的M（，a）點時，撤去電場，粒子繼續運動一段時間后進入一個矩形勻強磁場區域（圖中未畫出），又從虛線上的某一位置N處沿y軸負方向運動并再次經過M點．已知磁場方向垂直xoy平面（紙面）向里，磁感應強度大小為B，不計粒子的重力．試求：(1)電場強度的大小；(2)N點的坐標；(3)矩形磁場的最小面積．15．（12分）如圖所示，在水平方向的勻強電場中有一表面光滑、與水平面成45°角的絕緣直桿AC，其下端（C端）距地面高度h=0.8m．有一質量為500g的帶電小環套在直桿上，正以某一速度沿桿勻速下滑，小環離開桿后正好通過C端的正下方P點．（g取10m/s2）求：（1）小環離開直桿后運動的加速度大小和方向；（2）小環在直桿上勻速運動時速度的大小；（3）小環運動到P點的動能．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

300μF＝300×10-6F=3×10﹣4F.A．3×108，與結論不相符，選項A錯誤；B．3×10﹣4，與結論相符，選項B正確；C．0.3，與結論不相符，選項C錯誤；D．3×105，與結論不相符，選項D錯誤；故選B.2、B【解析】：當兩球心相距為r時，滿足條件L?r，兩球能看成點電荷，兩球之間的距離為L+2r，根據庫侖定律，則有，故B正確；綜上所述本題答案是：B3、C【解析】

A．路程是只有大小沒有方向的標量，速度是有大小又有方向的矢量，故A錯誤；B．加速度是有大小又有方向的矢量，重力勢能只有大小沒有方向，故B錯誤；C．電場強度、安培力都是有大小又有方向的矢量，故C正確；D．磁通量是只有大小沒有方向的標量，磁感應強度是有大小又有方向的矢量，故D錯誤。故選C。4、C【解析】

當粒子垂直磁場方向進入勻強磁場，做勻速圓周運動，當粒子平行于磁場進入勻強磁場，粒子做勻速直線運動．【詳解】因洛倫茲力的方向始終與速度方向垂直，改變速度方向，因而同時也改變洛倫茲力的方向，故洛倫茲力是變力，粒子不可能做勻變速運動，故AB錯誤；帶電粒子在勻強磁場中運動時所受的洛倫茲力跟速度方向與磁場方向的夾角有關，當速度方向與磁場方向平行時，它不受洛倫茲力作用，又不受其他力作用，這時它將做勻速直線運動，故C正確。只有當速度方向與磁場方向垂直時，帶電粒子才做勻速圓周運動，如果速度方向與磁場不垂直，則粒子不做勻速圓周運動，故D錯誤；故選C。【點睛】解決本題的關鍵知道帶電粒子的速度方向與磁場方向平行時，不受洛倫茲力，帶電粒子受洛倫茲力時，洛倫茲力方向與速度方向垂直．5、D【解析】A圖中磁場方向垂直紙面向上，電流方向水平向里，根據左手定則，安培力的方向豎直向右．故A錯誤．B圖中磁場方向垂直紙面向右，電流方向垂直紙面向外，根據左手定則，安培力的方向向上．故B錯誤．C圖中磁場方向水平向上，正電荷運動的方向垂直紙面向右，根據左手定則，洛倫茲力方向豎直向外．故C錯誤．D圖中磁場方向豎直向里，正電荷運動方向水平向左，根據左手定則，洛倫茲力的方向垂直紙面向上．故D正確．故選D．點睛：解決本題的關鍵掌握左手定則判定磁場方向、電流方向和安培力方向或洛倫茲力的關系．左手定則的內容：伸開左手，使大拇指與其余四個手指垂直，并且都與手掌在同一個平面內；讓磁感線從掌心進入，并使四指指向電流的方向，這時拇指所指的方向就是通電導線在磁場中所受安培力的方向．6、D【解析】把管內的空氣全部抽盡，則物體不受空氣阻力，三個物體都做自由落體運動，都只受重力作用，下落加速度均為g，經過相同時間，物體的速度為，g相同，v一樣大，即下落一樣快，D正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】A：粒子只受電場力，類似重力場中的斜拋運動，由于B點速度最小，是等效最高點，故電場力水平向右；由于不知道電荷的電性，故不能確定電場強度的方向；故A錯誤；B：由于不能確定電場強度方向，故不能確定A點與B點的電勢高低，故B錯誤；C：從A到B的過程中，動能減小，電場力做負功，故電勢能增加，故C正確；D：從A到B的過程中，由于只有電場力做功，動能的減少等于電勢能的增加，粒子的電勢能與動能之和一定不變，故D正確．8、AC【解析】

AB．小球在0﹣t1時間內位移隨時間均勻變化，所以小球做勻速運動，故A正確，B錯誤；C．由圖象可知：小球在t2時刻的位移為0，回到了出發點，故C正確；D．由圖象可知：在小球在t1時刻速度方向改變，故此時被墻壁彈回，故D錯誤。故選AC。9、AB【解析】

ABC．根據題意增加光照強度時減小，外電路總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律得知干路電流I增大，電源的內電壓增大，路端電壓U減小，流過A燈的電流減小，則A燈變暗；通過電流：I增大，而減小，故增大，則兩端電壓增大，而、B的電壓之和等于路端電壓，因路端電壓減小，則知B的電壓減小，所以B燈變暗；所以B正確，A錯誤，C錯誤.D．電源的總功率：因為E不變，I增大，則P增大.故D錯誤.10、BC【解析】試題分析：v-t圖象的斜率表示加速度，根據圖象可知，質點在0-1s內做勻速直線運動，1-3s內做勻變速直線運動，故A錯誤；根據v-t圖象的斜率表示加速度可知，在1s～3s內質點做加速度a=ΔvΔt＝D、根據上述分析可知D錯誤．故選BC．考點：v-t圖象【名師點睛】本題是速度圖象問題，培養基本的讀圖能力：由速度的正負讀出速度的方向，斜率讀出加速度，面積讀出位移，難度適中．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.7752.25C【解析】（1）由圖可知，螺旋測微器固定刻度示數為1.5mm，游標尺示數為27.5×0.01mm=0.275mm，螺旋測微器示數為1.5mm+0.275mm=1.775mm；由圖可知，游標卡尺主尺示數為2.2cm，游標尺示數為5×0.1mm=0.5mm，游標卡尺示數為2.2cm+0.05cm=2.25cm。

（2）電源電動勢為4V，電路中的最大電流：，故選擇電流表C。（3）電路如圖所示：（4）根據，其中，聯立可得：。12、500.54.762【解析】

螺旋測微器的旋鈕每轉一周，可動刻度恰好轉過50等分，此時測微螺桿就前進或后退0.5mm。如圖所示螺旋測微器的示數為：4.5mm+0.01mm×26.2=4.762mm。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）是，見解析；（3）。【解析】

（1）小球在磁場中做勻速圓周運動的軌跡如圖所示，由幾何關系得，小球做勻速圓周運動的半徑為由牛頓第二定律得解得，磁感應強度為（2）兩球碰撞過程遵循動量守恒定律碰撞后兩球繼續做圓周運動，由可得半徑兩球碰撞后仍沿原來的的軌跡運動，只是速度變小，為原來的。（3）由幾何關系可知，小球從O點運動到A點的時間為碰撞后，兩球在磁場中運動的周期為碰撞后兩球在磁場里運動的時間小球從O點射出到離開磁場所經歷的時間14、(1)(2)N點的坐標為（，）(3)矩形磁場最小面積為【解析】

(1)粒子從O到M做類平拋運動，設時間為t，則有得(2)粒子運動到M點時速度為v，與x方向的夾角為，則，即由題意知，粒子從P點進入磁場，從N點離開磁場，粒子在磁場中以O′點為圓心做勻速圓周運動，設半徑為R，則：解得粒子做圓周運動的半徑為由幾何關系知，所以N點的縱坐標為，橫坐標為即N點的坐標為(，)(3)當矩形磁場為