2025屆新疆烏魯木齊物理高二第一學期期末復習檢測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于磁感強度，下列說法中正確的是：（）A.由可知，B與F成正比，與IL成反比B.磁場中某點磁感應強度只由磁場本身性質決定，與通電導線受力F和IL無關C.通電導線在磁場中某點不受磁場力作用，則該點的磁感強度一定為零D.磁場中某點的磁感強度的方向與通電導線受到的安培力方向相同2、某金屬導線的電阻為R，現將它均勻拉長到橫截面積為原來的三分之一，那么該導線的電阻變為（）A.3R B.9RC. D.3、運動員進行“折返跑”訓練，從A點沿直線跑到B點，又從B點沿原路返回A點，A、B兩點直線距離為50m，此過程中運動員的路程和位移的大小分別是()A.50m,0 B.100m,0C.50m,100m D.100m,100m4、關于靜電場的等勢面，下列說法正確的是A.兩個電勢不同的等勢面可能相交B.電場線與等勢面處處相互垂直C.同一等勢面上各點電場強度一定相等D.將一負的試探電荷從電勢較高的等勢面移至電勢較低的等勢面，電場力做正功5、在一勻強電場區域中，有A、B、C、D四點恰好位于一平行四邊形的四個頂點上，已知A、B、C三點電勢分別為，，，則D點電勢大小為（）A. B.C. D.6、電場線在電場中不相交，是因為（）A.電場線是虛擬的B.電場線是客觀存在的C.電場中的電場線都是平行直線D.電場中某點的電場強度是唯一的二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、我國在酒泉衛星發射中心用長征二號丁運載火箭成功將名為“悟空”的暗物質粒子探測衛星送入太空．若該衛星發射后在距地球表面高度為h的軌道上繞地球做勻速圓周運動，其運行的周期為T，以R表示地球的半徑，引力常量為G.根據這些信息，可求出（）A.該衛星繞地球做勻速圓周運動時的線速度大小為B.地球表面的重力加速度大小為C.在地球上發射衛星的最小發射速度為D.地球的平均密度為8、如圖所示，水平面內兩光滑的平行金屬導軌，左端與電阻R相連接，勻強磁場B豎直向下分布在導軌所在的空間內，質量一定的金屬棒垂直于導軌并與導軌接觸良好．今對金屬棒施加一個水平向右的外力F，使金屬棒從a位置開始向右做初速度為零的勻加速運動，依次通過位置b和c．若導軌與金屬棒的電阻不計，ab與bc的距離相等，關于金屬棒在運動過程中的有關說法正確的是()A.金屬棒通過b、c兩位置時，外力F的大小之比為1∶B.金屬棒通過b、c兩位置時，電阻R的電功率之比為1∶2C.從a到b和從b到c的兩個過程中，通過金屬棒橫截面的電荷量之比為1∶1D.從a到b和從b到c兩個過程中，電阻R上產生的熱量之比為1∶19、如圖所示，M、N是在真空中豎直放置兩塊平行金屬板，板間有勻強電場，質量為m、電荷量為－q的帶電粒子(不計重力)，以初速度v0由小孔進入電場，當M、N間電壓為U時，粒子剛好能到達N板，如果要使這個帶電粒子能到達M、N兩板間距的處返回，則下述措施能滿足要求的是()A.使初速度為原來B.使M、N間電壓提高到原來的2倍C.使M、N間電壓提高到原來的4倍D.使初速度和M、N間電壓都減為原來的10、在如圖所示的電路中，兩個相同的小燈泡L1和L2分別串聯一個帶鐵芯的電感線圈L和一個滑動變阻器R．閉合開關S后，調節R，使L1和L2發光的亮度一樣。此時開始計時，t′后斷開S．能正確反映流過L1的電流i1、流過L2的電流i2隨時間t變化的圖象是A. B.C. D.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）常用螺旋測微器的精度是0.01mm，右圖中的螺旋測微器讀數為5.623mm，請你在刻度線旁邊的方框內標出相應的數以符合給出的數值_______（2）某同學用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，其中某一次測量結果如下圖所示，其讀數為________mm12．（12分）如圖所示，帶電平行金屬板相距為2R，在兩板間有垂直紙面向里、磁感應強度為B圓形勻強磁場區域，與兩板及左側邊緣線相切．一個帶正電的粒子（不計重力）沿兩板間中心線O1O2從左側邊緣O1點以某一速度射入，恰沿直線通過圓形磁場區域，并從極板邊緣飛出，在極板間運動時間為t0．若撤去磁場，粒子仍從O1點以相同速度射入，則經時間打到極板上（1）求兩極板間電壓u；（2）若兩極板不帶電，保持磁場不變，該粒子仍沿中心線O1O2從O1點射入，欲使粒子從兩板左側間飛出，射入的速度應滿足什么條件四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在磁感應強度為的水平勻強磁場中，有一豎直放置的光滑的平行金屬導軌，導軌平面與磁場垂直，導軌間距為，頂端接有阻值為的電阻。將一根金屬棒從導軌上的處以速度豎直向上拋出，棒到達處后返回，回到出發點時棒的速度為拋出時的一半。已知棒的長度為，質量為，電阻為。金屬棒始終在磁場中運動，處于水平且與導軌接觸良好，忽略導軌的電阻．重力加速度為。（1）金屬棒從點被拋出至落回點的整個過程中，求：a．電阻消耗的電能；b．金屬棒運動的時間。（2）經典物理學認為，金屬的電阻源于定向運動的自由電子與金屬離子的碰撞。已知元電荷為，求當金屬棒向下運動達到穩定狀態時，棒中金屬離子對一個自由電子沿棒方向的平均作用力大小。14．（16分）如圖（甲）所示，邊長為L=2.5m、質量m=0.50kg的正方形絕緣金屬線框，平放在光滑的水平桌面上，磁感應強度B=0.80T的勻強磁場方向豎直向上，金屬線框的一邊ab與磁場的邊界MN重合。在水平向左的力F作用下金屬線框由靜止開始向左運動，在5.0s末從磁場中拉出。測得金屬線框中的電流隨時間變化的圖象如圖（乙）所示．已知金屬線框的總電阻為R=4.0Ω。（1）求t=2.0s時，金屬線框的速度大小；（2）寫出力F隨時間變化的關系式；（3）已知在5.0s內力F做功1.92J，求金屬框從磁場拉出過程線框中產生的焦耳熱。15．（12分）如圖所示，面積為0.02m2、內阻不計的100匝矩形線圈ABCD，繞垂直于磁場的軸00′勻速轉動，轉動的角速度為100rad/s，勻強磁場的磁感應強度為T.矩形線圈通過滑環與理想變壓器相連，觸頭P可移動，副線圈所接電阻R=50Ω，電表均為理想交流電表.當線圈平面與磁場方向平行時開始計時，求：(1)線圈中感應電動勢的表達式(2)由圖示位置轉過45°角的過程產生的平均感應電動勢(3)當原、副線圈匝數比為4:1時，求電阻R上消耗的電功率

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】AB．磁感應強度的定義式是，這是比值定義法定義的物理量，B與F、I、L均沒有關系，它是由磁場的本身決定，A錯誤B正確；C．通電導線受安培力為零的地方，磁感應強度不一定為零，如當通電導線與磁場平行放置，不受安培力，C錯誤；D．根據左手定則可知磁場中某點的磁感強度的方向與通電導線受到的安培力方向垂直，D錯誤。故選B。2、B【解析】明確截面積的變化，根據體積不變得出長度的變化，由于電阻率的大小由材料決定，根據電阻定律判斷電阻的變化；【詳解】橫截面積為原來的三分之一，而總體積不變，則長度變為原來的3倍，由于材料未變，則電阻率不變，根據電阻定律知電阻變為原來的9倍，故B正確，ACD錯誤【點睛】解決本題的關鍵掌握電阻定律，知道電阻與導線橫截面積和長度的關系，同時注意導線截面積變化時長度一定發生了變化3、B【解析】根據位移和路程的定義進行分析解答；明確物體回到原點時，位移為零；而路程是物體實際經過的軌跡的長度【詳解】由題意可知，運動員返回到原點，故位移為零；而路程等于經過軌跡的長度；故路程為s=2×50=100m；故選B4、B【解析】A．等勢面相交，則電場線一定相交，故在同一點存在兩個不同的電場強度方向，與事實不符，故A錯誤；B．電場線與等勢面垂直，B正確；C．同一等勢面上的電勢相同，但是電場強度不一定相同，C錯誤；D．將負電荷從高電勢處移動到低電勢處，受到的電場力方向是從低電勢指向高電勢，所以電場力方向與運動方向相反，電場力做負功，D錯誤；5、A【解析】利用勻強電場的等勢面相互平行，而且沿電場線方向相等距離，電勢差相等；電勢變化相等，故；所以D點電勢，A正確BCD錯誤6、D【解析】因為電場力的方向是沿電場線的切線方向，如果兩條電場線相交，那么在交點上對于兩條不對的電場線就會有兩個不同方向的電場力，而某點的電場力方向不可能有兩個，故D正確；故選D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】根據線速度與周期的關系可知：，故A錯誤；根據萬有引力提供向心力可得：可得：，衛星在地球的表面：聯立可得：．故B正確；在地球上發射衛星的最小發射速度為v，則：則：．故C錯誤；地球的平均密度，故D正確；故選BD8、BC【解析】由v2＝2ax可知，金屬棒通過b、c兩位置時，金屬棒速度之比為1∶，產生的感應電流之比為1∶，所受安培力之比為1∶，由牛頓第二定律可知，外力F的大小之比不是1∶，選項A錯誤；由電功率公式P＝I2R可知，金屬棒通過b、c兩位置時，電阻R的電功率之比為1∶2，選項B正確；由法拉第電磁感應定律、閉合電路歐姆定律和電流定義可得，q＝ΔΦ/R，從a到b和從b到c的兩個過程中，ΔΦ相等，所以通過金屬棒橫截面的電荷量之比為1∶1，選項C正確；由焦耳定律，Q＝I2Rt＝qIR，從a到b和從b到c的兩個過程中，電阻R上產生的熱量之比為1∶，選項D錯誤9、BD【解析】A.在粒子剛好到達N板的過程中，由動能定理得－qEd＝0－，所以，令帶電粒子離開M板的最遠距離為x，則使初速度減為原來的，x＝，故A錯誤；B.使M、N間電壓提高到原來的2倍，電場強度變為原來的2倍，x＝，故B正確；C.使M、N間電壓提高到原來的4倍，電場強度變為原來的4倍，x＝，故C錯誤；D.使初速度和M、N間電壓減為原來的，電場強度變為原來的一半，x＝，故D正確10、AD【解析】AB.由于小燈泡與電感線圈串聯，斷開S后，電感線圈對電流有阻礙作用，流過的電流逐漸減小，且減小得越來越慢，故A正確，B錯誤；CD.由圖中可知小燈泡中的電流方向先向左，當S斷開后，小燈泡中電流方向變為向右，且和中電流變化情況相同，故C錯誤，D正確；故選AD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.②.0.395-0.398;【解析】螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀【詳解】由讀數的方法就可以在方框中填入數字．讀數是5.623mm，所以固定刻度讀數是5.5mm，可動刻度讀數是12.3mm，所以固定刻度方框內數字為5，可動刻度下面和上面的刻度分別是10和15（2）金屬絲的直徑：0.01mm×39.7=0.397mm.【點睛】本題是考查螺旋測微器的讀數和原理，尤其考查了學生對原理的理解，從而學生才能正確的改裝螺旋測微器12、（1）（2）【解析】（1）設粒子從左側O1點射入的速度為v，極板長為L，磁場中根據受力平衡可得：qE=qvB根據勻強電場中電場強度與電勢差之間的關系式：電場強度為：因為粒子在磁場中做勻速直線運動，所以有：L=vt0在電場中做類似平拋運動，根據牛頓第二定律，有水平方向：L-2R=豎直方向：聯立解得：L=4R兩極板間電壓：（2）設粒子在磁場中做圓周運動的軌道半徑為r，粒子恰好從上極板左邊緣飛出時速度的偏轉角為α，根據幾何關系可知：β=π-α=45°因為：則有：根據洛倫茲力提供向心力可得：聯立解得：要使得粒子從兩板左側間飛出，粒子初速度要滿足：四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)a.b.(2)【解析】（1）a．金屬棒從M點被拋出至落回M點的整個過程中，由能量守恒回路中消耗的電能

電阻R消耗的電能b．金屬棒從M點被拋出至落回M點的整個過程中，取向下為正方向，由動量定理得：將整個運動過程劃分成很多小段，可認為在每個小段中感應電動勢幾乎不變，設每小段的時間為△t．則安培力的沖量I安=Bi1L?△t+Bi2L?△t+Bi3L?△t+…I安=BL（i1?△t+i2?△t+i3?△t+…）I安=BLq又

，，因為△Φ=0，所以I安=0解得

(2)當金屬棒向下