高級中學名校試卷PAGEPAGE1永州市2025年高考第一次模擬考試物理注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名和座位號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡對應題目的〖答案〗標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它〖答案〗標號。回答非選擇題時，將〖答案〗寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。每小題只有一個選項符合題目要求。1.我國正在建設的大科學裝置——“強流重離子加速器”。其科學目標之一是探尋神秘的“119號”元素，科學家嘗試使用核反應產生該元素。關于原子核Y和質量數A，下列選項正確的是（）A.Y為 B.Y為C.Y為 D.Y為〖答案〗C〖解析〗根據核反應方程根據質子數守恒設Y的質子數為y，則有可得即Y為；根據質量數守恒，則有可得故選C。2.2024年8月3日，中國選手鄭欽文在巴黎奧運會網球女單決賽中戰勝克羅地亞選手維基奇奪冠，為中國網球贏得史上首枚女單奧運金牌。如圖所示，網球比賽中，運動員甲某次在點直線救球倒地后，運動員乙將球從距水平地面上點高度為的點水平擊出，落點為。乙擊球瞬間，甲同時沿直線奔跑，恰好在球落地時趕到點。已知，網球和運動員甲均可視為質點，忽略空氣阻力，則甲此次奔跑的平均加速度大小與當地重力加速度大小之比為（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗設甲此次奔跑的平均加速度大小為，當地重力加速度大小為，對甲有對網球有聯立可得故選A。3.如圖所示，一裝滿某液體長方體玻璃容器，高度為，上下兩個面為邊長的正方形，底面中心點放有一單色點光源，可向各個方向發射單色光。液面上漂浮一只可視為質點的小甲蟲，已知該液體對該單色光的折射率為，則小甲蟲能在液面上看到點光源的活動區域面積為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗全反射的臨界角滿足sin解得當入射角為臨界角時，在上表面能折射出光線最大半徑為r，光路圖如圖所示根據幾何關系可得故小甲蟲能在整個水面上看到點光源，活動區域面積為故選C。4.假設某空間有一靜電場的電勢隨變化情況如圖所示，且帶電粒子的運動只考慮受電場力，根據圖中信息可以確定下列說法中正確的是（）A.從到，場強的大小均勻增加B.正電荷沿軸從運動到x1的過程中，做勻加速直線運動C.負電荷沿軸從移到的過程中，電場力做正功，電勢能減小D.處場強大小為，處場強大小為，則〖答案〗D〖解析〗A．根據可知圖像中圖線的斜率表示靜電場的電場強度，由圖可知，沿x軸方向，從到，場強的大小恒定。故A錯誤；B．同理可知沿x軸方向的電場強度為零，正電荷沿軸從運動到x1的過程中，沿x軸方向的電場力為零，一定不做勻加速直線運動。故B錯誤；C．由圖可知，移到的過程中電勢降低，根據可知負電荷沿軸從移到的過程中，電場力做負功，電勢能升高。故C錯誤；D．根據A選項分析可知，處圖線斜率絕對值大于處圖線斜率絕對值，所以故D正確。故選D。5.中國載人登月初步方案已公布，計劃2030年前實現載人登月科學探索。假如在登月之前需要先發射兩顆探月衛星進行科學探測，兩衛星在同一平面內繞月球的運動可視為勻速圓周運動，且繞行方向相同，如圖甲所示，測得兩衛星之間的距離隨時間變化的關系如圖乙所示，不考慮兩衛星之間的作用力。下列說法正確的是（）A.兩衛星的線速度大小之比B.兩衛星的加速度大小之比C.衛星運轉周期為D.衛星的運轉周期為〖答案〗B〖解析〗A．設a衛星與月球的距離為，b衛星與月球的距離為，根據圖像有，聯立，解得，兩衛星均繞月球運動，設a衛星與b衛星的速度分別為、，根據牛頓第二定律有解得可知a、b兩衛星的線速度大小之比故A錯誤；B．根據解得可知a、b兩衛星的加速度大小之比故B正確；CD．根據開普勒第三定律可得可得根據圖像可知，經過時間T兩衛星再次相距最近，有聯立，解得，故CD錯誤。故選B。6.如圖所示，A、B滑塊質量分別是和，斜面傾角為，斜面體D緊靠地板突出部分，控制使所有物體處于靜止狀態。現靜止釋放，當沿斜面體D下滑、B上升時，不計繩子質量及一切摩擦，重力加速度為，地板突出部分對斜面體D的水平壓力為（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗由題意可知，對A、B、D組成的整體為研究對象，地板突出部分對斜面體D的水平壓力，可知水平壓力只引起滑塊A水平方向的加速度，因為B、D在水平方向的加速度均是零，因此由牛頓第二定律可得對A、B組成的整體則有又有聯立解得故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。每小題有多個選項符合題目要求。全部選對得5分，選對但不全的得3分，有選錯或不選的得0分。7.如圖甲所示為一列沿軸傳播的簡諧橫波在時刻的波形圖，為介質中的三個質點，圖乙表示處質點的振動圖像，下列說法正確的是（）A.該波沿軸正方向傳播B.該波的波速大小為C.時，質點處于波谷位置D.時，質點振動的速度方向與回復力方向相反〖答案〗BD〖解析〗A．由圖乙可知時刻，a點振動方向向上，根據波形平移法可知該波沿x軸負向傳播，故A錯誤；B．根據其中，可得故B正確；C．根據簡諧振動的周期性，可得即質點在時的位置與時位置相同，均處于波峰位置，故C錯誤；D．依題意，由于時刻質點b向上振動，可知時質點b振動的速度方向向下，回復力方向向上，兩者方向相反，故D正確。故選BD。8.理想變壓器原、副線圈所接的電路如圖甲所示，原、副線圈的匝數比為，其中定值電阻，兩電表為理想交流電表，原線圈兩端接有如圖乙所示的交流電。當時，原線圈的瞬時電壓為。斷開，電源消耗的電功率為；閉合，電源消耗的電功率為。則下列說法正確的是（）A.閉合、斷開，電壓表的示數為55VB.閉合，電流表的示數為4.0AC.斷開，電流表的示數為0.04AD.〖答案〗AD〖解析〗A．由題圖乙可知，交流電的周期，則有角速度可得交流電的瞬時值表達式為當時，原線圈的瞬時電壓為，代入上式可得則有變壓器原線圈的電壓為由原、副線圈的電壓比與匝數比的關系可得由解得閉合、斷開，可知兩端電壓為，即電壓表的示數為，A正確；B．閉合，由歐姆定律可得副線圈中電流由變壓器原、副線圈的電流比與匝數成反比可得解得則有電流表的示數為，B錯誤；C．斷開，由歐姆定律可得副線圈中電流則電流表的示數為C錯誤；D．斷開，電源消耗的電功率為閉合，電源消耗的電功率為可得D正確。故選AD。9.如圖甲是風洞示意圖，風洞可以人工產生可控制的氣流，用以模擬飛行器或物體周圍氣體的流動。在某次風洞飛行表演中，質量為50kg的表演者靜臥于出風口，打開氣流控制開關，表演者與風力作用的正對面積不變，所受風力大小（采用國際單位制），為風速。控制可以改變表演者的上升高度，其與的變化規律如乙圖所示，取。表演者上升10m的運動過程中，下列說法正確的是（）A.表演者做勻變速直線運動，加速度大小為B.表演者一直處于失重狀態C.表演者上升5m時獲得最大速度D.表演者的機械能一直在增加〖答案〗CD〖解析〗ABC．對表演者進行分析，當合力向上，人向上加速，由牛頓第二定律故隨著風速減小，加速度減小，人先做加速度減小的加速運動；當解得由乙圖可知聯立解得這時加速度為零，速度最大；當合力向下，人向上減速，由牛頓第二定律故隨著風速的減小，加速度增大。所以表演者先做加速度逐漸減小的加速運動，再做加速度逐漸增大的減速運動，則表演者先處于超重狀態再處于失重狀態，故AB錯誤，C正確；D．表演者在上升過程中受風力作用，由于風力做的功等于機械能的變化量，風力做正功，則表演者的機械能一直在增加，故D正確。故選CD。10.如圖所示，和是兩根電阻不計的光滑平行金屬導軌，間距為，導軌水平部分處在磁感應強度大小為的勻強磁場中，磁場方向與水平導軌平面夾角為，導軌右端接一阻值為的定值電阻，質量為、長度為的金屬棒，垂直導軌放置，從導軌左端高處靜止釋放，進入磁場后運動一段距離停止（金屬棒未到達NQ）。已知金屬棒電阻為，與導軌間接觸良好，且始終與磁場垂直，重力加速度為，，則金屬棒進入磁場區域到停止過程中（）A.定值電阻產生的焦耳熱為B.金屬棒在水平導軌上運動時對導軌的壓力越來越小C.定值電阻兩端的最大電壓為D.金屬棒在磁場中運動的距離為〖答案〗ABD〖解析〗A．由能量守恒可得由可得，定值電阻R與金屬棒產生的熱量相等，所以定值電阻R產生的焦耳熱為故A正確；B．金屬棒在導軌上運動中，對金屬棒受力分析，如圖所示，由平衡條件，可得其中聯立，解得金屬棒在磁場中做減速運動，速度v變小，則變小。故B正確；C．由題意，據機械能守恒定律可得解得金屬棒剛入磁場時，速度最大，電動勢E最大，電流I最大，此時電阻R兩端的電壓最大，則有故C錯誤；D．由動量定理得則有則有金屬棒在磁場中運動的距離為故D正確。故選ABD。三、非選擇題：本題共5小題，共56分。11.某中學實驗小組為探究加速度與合力的關系，設計了如圖甲所示的實驗裝置。主要實驗步驟如下：①按圖甲安裝實驗器材：質量為m的重物用輕繩掛在定滑輪上，重物與紙帶相連，動滑輪右側的輕繩上端與固定于天花板的力傳感器相連，鉤碼和動滑輪的總質量為M，圖中各段輕繩互相平行且沿豎直方向；②接通打點計時器的電源，釋放鉤碼，帶動重物上升，在紙帶上打出一系列點，記錄此時傳感器的讀數F；③改變鉤碼的質量，多次重復實驗步驟②，利用紙帶計算重物的加速度a，得到多組a、F數據。請回答以下問題：（1）已知打點計時器的打點周期為0.02s，某次實驗所得紙帶如圖乙所示，各點之間各有4個點未標出，則重物的加速度大小為______（結果保留三位有效數字）。（2）實驗得到重物的加速度大小與力傳感器示數的關系如圖丙所示，圖像的斜率為縱截距為，則重物質量______，當時，重物的加速度大小為______。（本問結果均用或表示）〖答案〗（1）1.80（2）〖解析〗【小問1詳析】相鄰兩計數點的時間間隔為根據逐差法求出重物的加速度大小為【小問2詳析】[1]對重物，根據牛頓第二定律可得整理得圖像的斜率解得重物質量[2]圖像的縱截距為可得根據滑輪組的特點可知，鉤碼的加速度為重物的一半，則對重物有當時，聯立解得重物的加速度大小為12.已知鋁的電阻率在20℃時約為，一般家用照明電路采用橫截面積為的鋁線即可滿足要求。現有一捆帶絕緣層的鋁導線，長度為，小明根據所學的知識，通過實驗測量導線的電阻。實驗步驟如下：（1）剝掉導線一端的絕緣層，用螺旋測微器測量鋁導線的直徑，示數如圖甲所示，則鋁導線的直徑______mm；（2）小明先用理論知識求出鋁導線的電阻的表達式，______（用表示）；（3）用如圖乙所示的電路測這一捆鋁導線的電阻。提供的器材有：電池組（電動勢為3V），滑動變阻器，額定電流2A）、定值電阻（阻值為，額定電流2A）、兩個相同電流表和（內阻為，刻度清晰但沒有刻度值，連接電路時，兩電流表選用相同量程）、開關和導線若干；閉合前，滑動變阻器的滑片應調到______（選填“端”或“端”）。閉合S調節滑動變阻器，使電流表指針偏轉合適的角度。數出電流表偏轉格，偏轉格，有，則這捆鋁導線的電阻______，該實驗在原理上測量值______真實值。（填大于、或等于、或小于）〖答案〗（1）2.254##2.255##2.256##2.257（2）（3）端1.5等于〖解析〗【小問1詳析】螺旋測微器的讀數為固定刻度與可動刻度之和，所以鋁導線的直徑為【小問2詳析】根據電阻定律可得所以【小問3詳析】[1]為保護電路，閉合S前，滑動變阻器應全部接入電路，所以滑片應調到“a端”；[2]設電流表每格的電流為I，則[3]由于電流表內阻已知，所以該實驗原理上不存在系統誤差，即測量值等于真實值。13.如圖所示，一導熱汽缸開口向左，靜置于水平地面上。汽缸深度為20cm。活塞質量為20kg，橫截面積為，厚度忽略不計，可以在缸內自由滑動。活塞將一定量的理想氣體密封在汽缸內，環境溫度為，空氣柱長度為12cm。已知大氣壓強為，。求：（1）順時針緩慢旋轉汽缸到開口豎直向上，且活塞平衡時，此時空氣柱的長度；（2）汽缸開口向上平衡后，對汽缸緩慢加熱，當活塞剛剛到達缸口時，此時缸內的溫度；（3）若在（2）過程中密封氣體的內能增加了80J，則氣體需從外界吸收的熱量。〖答案〗（1）10cm（2）600K（3）200J〖解析〗【小問1詳析】氣體做等溫變化，有其中解得【小問2詳析】氣體做等壓變化，有其中解得【小問3詳析】由其中解得14.如圖所示，坐標系平面在紙面內，在的區域存在垂直紙面向外的勻強磁場，的區域Ⅰ和的區域Ⅱ的磁感應強度大小分別為和。大量質量為、電荷量為的帶正電的粒子，同時從原點射入磁場，粒子射入的速度大小相等，在坐標平面內與正方向成角。沿軸正方向射入的粒子在點垂直兩磁場的邊界射入區域Ⅱ。不計粒子的重力和粒子間的相互作用。（1）求粒子從原點射入磁場時的速度大小；（2）求不能進入區域Ⅱ內的粒子，在區域Ⅰ內運動的最長時間；（3）若粒子在區域Ⅱ中受到與速度大小成正比、方向相反的阻力，比例系數為，觀察發現沿軸正方向射入的粒子，射入區域Ⅱ后粒子軌跡呈螺旋狀并與兩磁場的邊界相切于Q點（未畫出），求：①該粒子由點運動到Q點的時間；②該粒子在區域Ⅱ中運動軌跡的長度。〖答案〗（1）（2）（3）①；②〖解析〗【小問1詳析】由題意知，粒子做圓周運動的半徑由解得【小問2詳析】由旋轉圓模型知，粒子沿軸正向進入Ⅰ區域的時間最長，即【小問3詳析】①該粒子在區域Ⅱ中的運動軌速如圖所示洛倫茲力提供向心力可得即角速度為一定值，又可知粒子與邊界相切時轉過的弧度為，時間解得②粒子在區域Ⅱ中做螺旋線運動，由于阻力最后停下來，在切線方向上，牛頓第二定律則有解得15.如圖所示，物塊質量分別為，用輕繩相連并用勁度系數的輕質彈簧系住掛在天花板上靜止不動。B正下方有一個半徑為的四分之一光滑固定圓弧軌道，其頂點距離物塊B的高度。某時刻間的繩子被剪斷，然后A做周期的簡諧運動，B下落并從點平滑地進入光滑固定圓弧軌道。當A第二次到達平衡位置時，B恰好運動到圓弧末端與質