2021-2022學年高一物理下期末模擬試卷請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、火星和木星沿各自的橢圓軌道繞太陽運行，根據開普勒行星運動定律可知A．太陽位于木星運行軌道的中心B．火星和木星繞太陽運行速度的大小始終相等C．它們公轉周期的平方與軌道半長軸的三次方之比都與太陽質量有關D．相同時間內，火星與太陽連線掃過的面積等于木星與太陽連線掃過的面積2、(本題9分)衛星繞地球的運行可視為勻速圓周運動，離地球越遠的衛星A．周期越大 B．角速度越大C．線速度越大 D．向心加速度越大3、(本題9分)把質量是m=0.5kg的小球放在豎立的彈簧上,并把球往下按至A的位置,如圖甲所示.迅速松手后,彈簧把球彈起,球升至最高位置C(圖丙),途中經過位置B時彈簧正好處于自由狀態(圖乙).已知B、A之間的高度差為h1=0.1m,C、B之間的高度差為h2=0.2m,彈簧的質量和空氣的阻力均可忽略，g=10m/s2.下面說法中正確的是A．由狀態甲至狀態乙，彈簧的彈性勢能轉化為小球的動能B．狀態乙時，小球的動能最大C．狀態甲中彈簧的彈性勢能是1.5JD．狀態乙中小球的動能是1.5J4、在平直公路上行駛的a車和b車，其位移-時間圖象分別為圖中直線a和曲線b，已知b車的加速度恒定且大小為2m/s2，t=3s時，直線a和曲線b剛好相切，下列說法中不正確的是A．a車做勻速運動且速度為2m/sB．b車做勻減速運動C．t=3s時兩車相遇D．t=3s時b車的速度為8m/s5、(本題9分)下列幾個物理實驗中，與實驗“探究平行板電容器電容的決定因素”的思想方法相同的是A．卡文迪許扭秤測引力常量B．探究力的合成規律C．觀察桌面的微小形變D．探究加速度與力、質量的關系6、(本題9分)如圖所示，有兩條位于同一豎直平面內的水平軌道，軌道上有兩個物體和，它們通過一根繞過定滑輪的不可伸長的輕繩相連接，物體以勻速向右運動，在繩子與軌道成角時，物體的速度大小為（）A．B．C．D．7、圖中實線是一簇未標明方向的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區域時的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點，若帶電粒子在運動過程中只受電場力的作用，根據此圖可做出正確判斷的是()A．帶電粒子所帶電荷的符號B．場強的方向C．帶電粒子在a、b兩點的受力方向D．帶電粒子在a、b兩點的加速度何處較大8、如圖所示，一輛可視為質點的汽車以恒定的速率駛過豎直面內的凸形橋。已知凸形橋面是圓弧形柱面，則下列說法中正確的是()A．汽車在凸形橋上行駛的過程中，其所受合力始終為零B．汽車在凸形橋上行駛的過程中，其始終處于失重狀態C．汽車從橋底行駛到橋頂的過程中，其角速度恒定D．汽車從橋底行駛到橋頂的過程中，其加速度不變9、(本題9分)如圖所示，兩根長度不相同的細線分別系有兩個完全相同的小球，細線的上端都系于O點．設法讓兩個小球均在水平面上做勻速圓周運動．已知L1跟豎直方向的夾角為60°，L2跟豎直方向的夾角為30°，下列說法正確的是（）A．細線L1和細線L2所受的拉力大小之比為B．小球m1和m2的角速度大小之比為C．小球m1和m2的向心力大小之比為D．小球m1和m2的線速度大小之比為10、如圖所示，沿水平方向放置的平行金屬板a和b，分別與電源的正、負極相連，兩板的中央沿豎直方向各有一個小孔，今有一個帶正電的液滴，自小孔的正上方的P點由靜止自由落下，先后穿過兩個小孔后的速度為v1.若使a板不動，若保持電鍵K斷開或閉合，b板向上或向下平移一小段距離，相同的液滴仍然從P點由靜止自由落下，先后穿過兩個小孔后的速度為v2，在不計空氣阻力的情況下，下列說法正確的是（）A．若電鍵K保持閉合，向下移動b板，則v2>v1B．若電鍵K閉合一段時間后再斷開，向下移動b板，則v2>v1C．若電鍵K保持閉合，無論向上或向下移動b板，則v2=v1D．若電鍵K閉合一段時間后再斷開，無論向上或向下移動b板，則v2<v111、(本題9分)t＝0時，甲乙兩汽車從相距70km的兩地開始相向行駛，它們的v－t圖象如圖所示．忽略汽車掉頭所需時間．下列對汽車運動狀況的描述正確的是A．在第1小時末，乙車改變運動方向B．在第2小時末，甲乙兩車相距10kmC．在前4小時內，乙車運動加速度的大小總比甲車的大D．在第4小時末，甲乙兩車相遇12、(本題9分)為了進一步研究月球，我國計劃于2019年年底發射“嫦娥五號”，實現采樣返回任務．若“嫦娥五號”在近月軌道繞月球飛行時周期為T，月球的半徑為R，引力常量為G，球的體積公式為V=πr3(r為球的半徑)．則下列判斷正確的是A．月球的質量為B．月球的密度為C．月球的第一宇宙速度大小為D．“嫦娥五號”在近月軌道飛行時的向心加速度大小為二．填空題(每小題6分，共18分)13、一橫波某瞬時波形如圖所示，質點M此時的運動方向向下，且經過0.2s第一次回到平衡位置，則此橫波傳播方向是向__________，從圖示時刻起，經過1.2s，質點M通過的路程為___________cm。14、(本題9分)如圖所示，水平傳送帶的運行速率為v，將質量為m的物體輕放到傳送帶的一端，物體隨傳送帶運動到另一端。若傳送帶足夠長，則整個傳送過程中，物體動能的增量為_________，由于摩擦產生的內能為_________。15、(本題9分)某汽車在水平路面上以60kW的恒定功率沿直線行駛，所受阻力恒為2000N，汽車能達到的最大速度為___________m/s，則發動機在300s內做的功為___________J。三．計算題(22分)16、（12分）(本題9分)如圖所示，小球A系在細線的一端，細線的另一端固定在0點，0點到水平面的距離為h.物塊B的質量是小球A的2倍，置于粗糙的水平面上且位于0點的正下方，物塊與水平面之間的動摩擦因數為μ.現拉動小球使細線水平伸直，小球由靜止開始釋放，運動到最低點時與物塊發生彈性正碰.小球與物塊均視為質點，不計空氣阻力，重力加速度為g.求：(1)碰撞后，小球A反彈瞬間的速度大小；(2)物塊B在水平面上滑行的時間t.17、（10分）(本題9分)如圖所示，在豎直平面內，光滑絕緣直桿AC與半徑為R的圓周交于B、C兩點，在圓心處有一固定的正點電荷，B點為AC的中點，C點位于圓周最低點．現有一質量為m、電荷量為q套在桿上的帶負電小球（可視為質點）從A點由靜止開始沿桿下滑．已知重力加速度為g，A點距過C點的水平面的豎直高度為3R，小球滑到B點時的速度大小為．求：（1）A、B兩點間的電勢差；（2）小球滑至C點時的速度的大小；（3）若以C點做為零電勢點，試確定A點的電勢．

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】

火星和木星沿各自的橢圓軌道繞太陽運行，根據開普勒第一定律可知，太陽位于木星運行軌道的焦點上，選項A錯誤；根據開普勒第二定律可知，火星和木星繞太陽運行速度的大小不相等，在近日點速度較大，在遠日點速度較小，選項B錯誤；根據開普勒第三定律可知，它們公轉周期的平方與軌道半長軸的三次方之比相等，且都與太陽質量有關，選項C正確；根據開普勒第二定律可知，相同時間內，火星與太陽連線掃過的面積總相等，但是與木星與太陽連線掃過的面積不相等，選項D錯誤.2、A【解析】A：據可得：，則離地球越遠的衛星，周期越大．故A項正確．B：據可得：，則離地球越遠的衛星，角速度越小．故B項錯誤．C：據可得：，則離地球越遠的衛星，線速度越小．故C項錯誤．D：據可得：，則離地球越遠的衛星，向心加速度越小．故D項錯誤．3、C【解析】

A項：小球由狀態甲至狀態乙的過程中，彈簧的彈性勢能轉化為小球的動能和重力勢能；故A錯誤；B項：由狀態甲至狀態乙的過程，彈簧的彈力先大于重力，后小于重力，小球的合力先向上后向下，則小球先加速后減速，動能先增大后減小，當彈力等于重力時動能最大，此時彈簧處于壓縮狀態，位置在甲、乙之間，故B錯誤；C項：小球由狀態甲至狀態丙的過程中，小球和彈簧組成的系統機械能守恒，則小球在圖甲中彈簧的彈性勢能等于小球由A到C位置時增加的重力勢能：Ep=mg（h1+h2）=0.5×10×0.3=1.5J；故C正確；D項：球由狀態乙至狀態丙的過程中，小球機械能守恒，則狀態乙中小球的動能Ek乙=mgh2=0.5×10×0.2=1.0J；故D錯誤。4、D【解析】

A.s-t圖象的斜率等于速度，由圖可知，a車的速度不變，做勻速直線運動，速度為：．故A正確．B.s-t圖象的斜率等于速度，可知b車做勻減速運動，選項B正確；C.t=3s時兩車位移相同，則兩車相遇，選項C正確；D.t=3s時，直線a和曲線b剛好相切，斜率相等，此時兩車的速度相等，則t=3s，b車的速度為：vb=va=2m/s，故D錯誤．此題選擇不正確的選項，故選D.5、D【解析】實驗“探究平行板電容器電容的決定因素”的思想方法是控制變量法；卡文迪許扭秤測引力常量以及觀察桌面的微小形變都是利用了放大思想；探究力的合成規律是利用等效思想；探究加速度與力、質量的關系是利用了控制變量法；故選D.6、B【解析】將B點的速度分解如右圖所示,則有:，解得：，故B正確；ACD錯誤故選B點睛：根據運動的合成與分解,結合A的速度與B的速度沿著繩子方向的速度大小相等,結合平行四邊形定則求出物體B的速度.7、CD【解析】

AB.由圖可知，粒子的運動軌跡向左彎曲，說明粒子在a、b兩點受到的電場力沿電場線向左。由于電場線方向不明，無法確定粒子的電性，也無法判斷電場的方向，故AB項與題意不相符；C.粒子的運動軌跡向左彎曲，說明粒子在a、b兩點受到的電場力沿電場線向左，故C項與題意相符；D.根據電場線的疏密與電場強度的強弱的關系，判斷出a點的電場強度大，故a點的電場力的大，根據牛頓第二定律可知，帶電粒子在a點的加速度比b點的加速度大，故D項與題意相符。8、BC【解析】

AB．汽車在凸形橋上行駛的過程中因為做勻速圓周運動，汽車的合力始終不為零；汽車的向心加速度有豎直向下的加速度分量，所以處于失重狀態，故A錯誤，B正確.CD．汽車從橋底行駛到橋頂的過程中，因速率恒定，做勻速圓周運動，故角速度不變，加速度大小不變，方向一直在改變，故C正確，D錯誤9、AC【解析】

A.對任一小球研究．設細線與豎直方向的夾角為θ，豎直方向受力平衡，則：Tcosθ=mg，解得：，所以細線L1和細線L2所受的拉力大小之比為：T1：T2=cos30°：cos60°=：1，故A正確；B.小球所受合力的大小為mgtanθ，根據牛頓第二定律得：mgtanθ=mLsinθω2，得：ω=.兩小球的角速度之比為：ω1：ω2=，故B錯誤；C.小球所受合力提供向心力，則向心力為：F=mgtanθ，小球m1和m2的向心力大小之比為：F1：F2=tan60°：tan30°=3：1，故C正確；D.根據v=ωr，小球m1和m2的線速度大小之比為：v1：v2=，故D錯誤．故選AC.10、BC【解析】

由于兩極板接在電源兩端，若S保持閉合，無論向上還是向下移動b板時，兩板間的電壓不變，故電場力做功不變，高度也不變，故重力做功不變，故總功不變，由動能定理可得，則，A錯誤；C正確；若電鍵S閉合一段時間后再斷開，兩極板所帶電荷量不變，向上移動b板，兩板間電勢差增大，重力做功不變，克服電場力做功增加，由動能定理可知，液滴速度變小，即；如果向下移動b板，兩板間電勢差減小，重力做功不變，克服電場力做功變小，由動能定理可知，小球速度變大，即，B正確；D錯誤；故選BC．【點睛】帶正電的液滴在下落過程中受到豎直向下的重力，豎直向上的電場力作用，重力做正功，電場力做負功；由動能定理判斷帶電液滴速度大小關系．11、BC【解析】

A．由圖可知，2小時內乙車一直做反方向的運動，1小時末時開始減速但方向沒有變，A錯誤；B．圖象與時間軸圍成的面積為汽車運動的位移，則可知，2小時內，甲車正向運動的位移為；而乙車反向運動，其位移大小為，因兩車相向運動，且初始時刻相距70km，則2小時末時，兩車還相距10km，B正確；C．圖象的斜率表示加速度，由圖可知，乙車的圖象斜率總是大于甲車的圖象的斜率，故乙車的加速度總比甲車的大，C正確；D．4小內甲車的總位移為120km，而乙車的總位移為，即乙車的位移為正方向的30km，兩車原來相距70km，4小時末時，甲車離出發點120km，而乙車離甲車的出發點70+30km=100km，故此時甲乙兩車不相遇，故D錯誤．12、ACD【解析】

A．近月衛星讓月球做勻速圓周運動是由萬有引力提供向心力，有，解得月球的質量為；故A正確.B．月球的體積為，根據密度公式可得；故B錯誤.C．月球的第一宇宙速度即為近月衛星的線速度，由勻速圓周運動的線速度和周期的關系可得；故C正確.D．由勻速圓周運動的向心加速度與周期的關系式，可知；故D正確.二．填空題(每小題6分，共18分)13、左8【解析】

[1]．由圖讀出波長λ=6cm．由題，x=5cm的質點M此時的運動方向向下，則根據波形的平移法得知，波向左傳播．[2]．根據波形的平移法得知，當波形向左平移△x=1cm時，M點第一次回到平衡位置，經過的時間為而由題t=0.2s，則得周期為T=1.2s．可知t=1.2s=1T，則質點M通過的路程為S=4A，A=2cm，則得S=8cm．14、12mv【解析】

傳送帶足夠長，故物體末速度為v，由動能定理得Ek=Wf=12mv2；運動過程中，物體的加速度為a=μg，由v=μgt可得：t=vμg，相對位移為