PAGE重慶市主城區2025屆高考物理上學期適應性試題（一）留意事項：1.答題前，考生務必用黑色簽字筆將自己的姓名、準考證號、座位號在答題卡上填寫清晰；2.每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，在試卷上作答無效；3.考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。滿分100分，考試用時75分鐘。第I卷（選擇題）一、單選題（本大題共8小題，共32.0分）一輛汽車從車站以初速度為零勻加速直線開去，開出一段時間之后，司機發覺一乘客未上車，馬上剎車做勻減速運動．從啟動到剛停止一共經驗，前進了12m，在此過程中，汽車的最大速度為A. B. C. D.無法確定如圖所示，電源電動勢為E，內阻為電路中的、分別為總阻值肯定的滑動變阻器，為定值電阻，為光敏電阻其電阻隨光照強度增大而減小當開關S閉合時，電容器中一帶電微粒恰好處于靜止狀態．下列說法中正確的是A.只漸漸增大的光照強度，電阻消耗的電功率變大，電阻中有向上的電流

B.只調整電阻的滑片向上端移動時，電源消耗的功率變大，電阻中有向上的電流

C.只調整電阻的滑片向下端移動時，電壓表示數變大，帶電微粒向下運動

D.若斷開開關S，電容器所帶電荷量變大，帶電微粒向上運動肯定質量的志向氣體從A狀態起先，經過、、、最終回到初始狀態A，各狀態參量如圖所示，則下列說法正確的是A.過程氣體從外界吸熱

B.過程氣體對外做功大于過程外界對氣體做功

C.過程氣體從外界吸熱

D.A狀態氣體分子平均動能小于D狀態氣體分子平均動能在雙縫干涉試驗中，光屏上某點P到雙縫、的路程差為，假如用頻率為的單色光照耀雙縫，則A.單色光的波長是；P點出現暗條紋

B.單色光的波長是；P點出現亮條紋

C.單色光的波長是；P點出現暗條紋

D.單色光的波長是；P點出現亮條紋以下關于近代物理內容的敘述中，正確的是A.原子核發生一次衰變，原子核內部就會少兩個質子和兩個中子

B.自然放射現象中發出的射線的本質都是電磁波

C.發生光電效應時，光電子的最大初動能與金屬有關，與入射光頻率無關

D.依據玻爾原子理論，一個氫原子從第4能級向低能級躍遷過程會發出4種不同頻率的光子如圖所示，一個內阻不行忽視的電源，為定值電阻，和是小燈泡，R為滑動變阻器，P為滑片。若將滑片向下滑動，則在滑動過程中，燈泡的亮度及消耗的電功率分別

A.變亮，始終減小 B.變暗，始終增大

C.變暗，無法確定 D.變暗，先增大后減小地面上物體在變力F作用下由靜止起先豎直向上運動，力F隨高度x的變更關系如圖所示，物體能上升的最大高度為h，，重力加速度為g。上升過程中物體加速度的最大值為A. B. C. D.“信使號”水星探測器按安排將在今年隕落在水星表面。工程師通過向后釋放推動系統中的高壓氦氣來提升軌道，使其壽命再延長一個月，如圖所示，釋放氦氣前，探測器在貼近水星表面的圓形軌道Ⅰ上做勻速圓周運動，釋放氦氣后探測器進入橢圓軌道Ⅱ，忽視探測器在橢圓軌道上所受阻力，則下列說法正確的是A.探測器在軌道Ⅰ上E點速率大于在軌道Ⅱ上E點速率

B.探測器在軌道Ⅱ上隨意位置的速率都大于在軌道Ⅰ上速率

C.探測器在軌道Ⅰ和軌道Ⅱ上的E點處加速度不相同

D.探測器在軌道Ⅱ上遠離水星過程中，動能削減但勢能增加二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）地面旁邊，存在著一有界電場，邊界MN將某空間分成上下兩個區域Ⅰ、Ⅱ，在區域Ⅱ中有豎直向上的勻強電場，在區域Ⅰ中離邊界某一高度由靜止釋放一質量為m的帶電小球A，如圖甲所示，小球運動的圖象如圖乙所示，已知重力加速度為g，不計空氣阻力，則A.在時，小球經過邊界MN

B.小球受到的重力與電場力之比為3：5

C.在小球向下運動的整個過程中，重力做的功與電場力做的功大小相等

D.在小球運動的整個過程中，小球的機械能與電勢能總和先變大再變小如圖所示，肯定質量的志向氣體從狀態A依次經過狀

態B、C后再回到狀態A.關于該循環過程，下列說法中正確的是

A.過程中，氣體溫度上升

B.過程中，氣體分子的平均動能減小

C.過程中，氣體密度變大

D.過程中，單位時間內碰撞單位面積器壁的分子數增多如圖所示，電源的電動勢

V，內阻，，，，，為電阻箱，調整范圍為，電容器

，電容器的下極板接地，兩極板正中間有一點未標出，初始時刻開關S斷開，，則下列說法正確的是

A.若將電容器的下極板稍向下移動，則P點的電勢增大

B.閉合開關S后，流過的電荷量

C

C.將電阻箱調到后再閉合開關S，穩定后電容器上的電量為0

D.閉合開關S后，將電阻箱從0起先漸漸調到最大值，電源的輸出功領先增大后減小如圖所示，一玻璃球體的半徑為R，O為球心，AB為直徑，在球的左側有一豎干脆收屏在A點與玻璃球相切。自B點發出的光線BM在M點射出，出射光線平行于AB，照耀在接收屏上的Q點。另一光線BN恰好在N點發生全反射．已知，下列說法正確的是

A.玻璃的折射率為

B.光由B傳到M點與再由M傳到Q點所需時間比為

C.球心O到BN的距離

D.若該B點處光源為紅光，將其替換為綠光光源，則圓弧上恰好全反射的N點向左移動第II卷（非選擇題）三、試驗題（本大題共3小題，共27.0分）如圖所示，一個學生用廣口瓶和直尺測定水的折射率，填寫下述試驗步驟中的空白：

用刻度尺測出廣口瓶瓶口內徑d；

在瓶內裝滿水；

將直尺沿瓶口邊緣豎直插入水中；

沿廣口瓶邊緣D點向水中直尺正面看去，若恰能看到直尺上0刻度，即圖中點，同時看到水面上點刻度的像恰與點的像相重合；

若水面恰與直尺的點相平，讀出的長度和的長度；

由題中所給條件，可以計算水的折射率______，沿廣口瓶邊緣D點向水中直尺正面看去，可看到水下直尺的最高點距的距離為______。用題目中所給符號表示某試驗小組為了測量當地的重力加速度g設計了如下試驗。將一根長為L的輕繩，一端固定在過O點的轉軸上，另一端固定一個質量為m的小球，使整個裝置繞O點在豎直平面內轉動。在小球轉動過程中的最高點處放置一光電門，在繩上合適的位置安裝一個力的傳感器。裝置示意圖如左圖所示。在試驗中記錄小球通過光電門的時間以確定小球在最高點的速度v，同時記錄傳感器上繩子的拉力大小F，即可做出小球在最高點處繩子對小球的拉力與其速度平方的關系圖如右圖所示：

依據試驗所給的信息，寫出小球在最高點處F與v的關系式____________。依據做出的圖像的信息可以求出當地的重力加速度_________。用b、L表示假如在試驗中保持繩長不變，而減小小球的質量m，則圖像乙中b的位置_______變更，不變，圖像斜率_______

變大、變小、不變。某同學為了將一量程為3V的電壓表改裝成可測量電阻的儀表歐姆表；先用如圖所示電路測量該電壓表的內阻，圖中電源內阻可忽視不計，閉合開關，將電阻箱阻值調到時，電壓表恰好滿偏；將電阻箱阻值調到時，電壓表指針指在如圖所示位置，則電壓表的讀數為______V，由以上數據可得電壓表的內阻________；將圖的電路稍作變更，在電壓表兩端接上兩個表筆，就改裝成了一個可測量電阻的簡易歐姆表，如圖所示，為將表盤的電壓刻度轉換為電阻刻度，進行了如下操作：將兩表筆斷開，閉合開關，調整電阻箱，使指針指在“”處，此處刻度應標阻值為_______填“0”或“”；再保持電阻箱阻值不變，在兩表筆間接不同阻值的已知電阻找出對應的電壓刻度，則“”處對應的電阻刻度為______；若該歐姆表運用一段時間后，電池內阻不能忽視且變大，電動勢不變，但將兩筆斷開時調整電阻箱，指針仍能滿偏，按正確運用方法再進行測量，其測量結果將______．A.偏大偏小不變無法確定四、計算題（本大題共3小題，共30.0分）如圖所示，一質量為m的滑塊可看成質點沿某斜面頂端A由靜止滑下，已知滑塊與斜面間的動摩擦因數和滑塊到斜面頂端的距離x的關系如圖所示．斜面傾角為，長為l，有一半徑為的光滑豎直半圓軌道剛好與斜面底端B相接，且直徑BC與水平面垂直，假設滑塊經過B點時沒有能量損失．重力加速度為g，求：

滑塊剛釋放瞬間的加速度大小；滑塊滑至斜面底端時的速度大小；滑塊滑至半圓軌道的最高點C時，對軌道的壓力大小．

如圖所示，質量為M的導體棒ab，垂直放在相距為l的平行光滑金屬導軌上，導軌平面與水平面的夾角為，并處于磁感應強度大小為B、方向垂直于導軌平面對上的勻強磁場中，左側是水平放置、間距為d的平行金屬板，R和分別表示定值電阻和滑動變阻器的阻值，不計其他電阻．

調整，釋放導體棒，當棒沿導軌勻速下滑時，求通過棒的電流I及棒的速率v．變更，待棒沿導軌再次勻速下滑后，將質量為m，帶電荷量為的微粒水平射入金屬板間，若它能勻速通過，求此時的．

一汽缸豎直放在水平地面上，缸體質量，一輕質活塞橫截面積為，活塞上面的汽缸內封閉了肯定質量的志向氣體，下面有氣孔O與外界相通，大氣壓強，活塞下面與勁度系數的輕彈簧相連。當汽缸內氣體溫度為時彈簧為自然長度，此時缸內氣柱長度，g取，活塞不漏氣且與缸壁無摩擦。

當缸內氣柱長度時，缸內氣體溫度為多少

缸內氣體溫度上升到T時，汽缸恰好離開地面，則T為多少

隱私★啟用前重慶市主城區2025屆高考適應性試卷（一）物理參考答案試題難度：0.451.【答案】B

【解析】【試題解析】【分析】

汽車先做勻加速直線運動，后做勻減速直線運動，運用用勻變速直線運動的平均速度公式和位移時間公式即可求解最大速度。

本題巧用勻變速直線運動的平均速度公式可以簡化解題過程。也可以作出圖象，依據“面積”等于位移求解。

【解答】

設汽車的最大速度為，

在勻加速階段初速度為0，末速度為，則勻加速階段的平均速度：，位移：；

在勻減速階段初速度為，末速度為0，則勻減速階段的平均速度：，位移：；

在整個運動過程中，總位移為；

所以汽車的最大速度：，故B正確，ACD錯誤。

故選B。

2.【答案】A

【解析】【試題解析】解：A、只漸漸增大的光照強度，的阻值減小，總電阻減小，總電流增大，電阻消耗的電功率變大，滑動變阻器的電壓變大，電容器兩端的電壓增大，電容下極板帶的電荷量變大，所以電阻中有向上的電流，故A正確；

B、電路穩定時，電容相當于開關斷開，只調整電阻的滑動端向上端移動時，對電路沒有影響，故B錯誤；

C、只調整電阻的滑動端向下端移動時，電容器并聯部分的電阻變大，所以電容器兩端的電壓變大，由可知，電場力變大，帶點微粒向上運動，故C錯誤；

D、

若斷開開關S，則電容器在與、組成的電路中放電，電荷量削減，電壓減小，電場力減小，帶電微粒向下運動，故D錯誤．

故選A

電路穩定時，電容相當于開關斷開，其電壓等于與之并聯的滑動變阻器部分的電壓．只漸漸增大的光照強度，的阻值減小，總電阻減小，總電流增大，推斷消耗的電功率，電容器兩端的電壓增大，電容下極板帶的電荷量變大，所以電阻中有向上的電流，電路穩定時，電容相當于開關斷開，只調整電阻的滑動端向上端移動時，對電路沒有影響，只調整電阻的滑動端向下端移動時，電容器并聯部分的電阻變大，所以電容器兩端的電壓變大，由分析板間場強變更和油滴所受電場力變更，推斷油滴的運動狀況．若斷開電鍵S，電容器處于放電狀態．

本題中穩定時電容器與電路部分是相對獨立的．分析油滴是否運動，關鍵分析電場力是否變更．

3.【答案】A

【解析】【試題解析】

【分析】

本題是熱學中的圖象問題，依據熱力學第肯定律和志向氣體狀態方程綜合求解即可，基礎題目。

【解答】

A.依據圖象可知，A到B過程中氣體溫度上升，內能增大，同時氣體對外做功，依據熱力學第肯定律可知，氣體肯定吸熱，故A正確；

B.依據氣體做功公式可知，圖象與橫軸所圍成的面積代表做功的數值，故A到B過程氣體對外做功等于C到D過程外界對氣體做功，故B錯誤；

C.C到D過程內能減小，外界對氣體做功，依據熱力學第肯定律可知，氣體放熱，故C錯誤；

D.依據可知，A狀態溫度高于D狀態，所以A狀態氣體分子平均動能大于D狀態氣體分子平均動能，故D錯誤。

故選A。

4.【答案】C

【解析】解：依據光波的速度公式：

則有：

m

光的路程差跟光波長之比為：；

即路程差為光的半個波長的奇數倍．因此，兩束光在該點振動減弱，出現光的暗條紋，故C正確，ABD錯誤．

故選：C。

先依據公式求出光的波長，然后推斷路程差是半波長的奇數倍還是偶數倍，若是偶數倍即波長的整數倍則出現亮條紋．

本題考查雙縫干涉試驗中出現明暗條紋的條件，駕馭光的干涉中出現光明條紋的條件并會應用，解決本題的關鍵駕馭雙縫到光屏上P點的距離之差是波長的整數倍，則出現明條紋，路程之差是半波長的奇數倍，則出現暗條紋．

5.【答案】A

【解析】【試題解析】【分析】

衰變電荷數削減2，質量數削減4，質量數等于質子數與中子數的總和；自然放射現象中，只有射線是電磁波；依據光電效應方程推斷光電子的最大初動能；依據能級躍遷原理分析氫原子的躍遷，留意是對大量的氫原子，不是一個氫原子。

本題考查了氫原子能級躍遷、衰變、光電效應方程的應用、核反應等基礎學問點，關鍵要熟識教材，牢記這些基礎學問點，留意光電效應發生的條件與光的強度無關。

【解答】

A.衰變電荷數削減2，質量數削減4，電荷數對應質子數，質量數對應質子數和中子數的總和，故原子核發生一次衰變，原子核內部就會少兩個質子和兩個中子，故A正確；

B.自然放射現象的射線中，只有射線是電磁波，射線是氦核，射線是高速的電子流，故B錯誤；

C.依據愛因斯坦光電效應方程，可知光電子的最大初動能與入射光頻率有關，故C錯誤；

D.大量的氫原子從第4能級向低能級躍遷時會發出種不同頻率的光子，故D錯誤。

故選A。

6.【答案】B

【解析】【試題解析】【分析】將滑動片向下滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，依據閉合電路歐姆定律分析總電流和路端電壓的變更，再分析上消耗功率的變更以及燈泡。

對于電路中動態變更分析問題，一般先確定局部電阻的變更，再確定總電阻的變更，到總電流、總電壓的變更，再回到局部電路探討電壓、電流的變更。

【解答】

若將滑片P向下滑動，則總電阻減小，回路總電流增大，路端電壓減小，故燈泡變暗，通過的電流減小，依據，知上電流增大，電壓增大，功率增大，分的電壓為路端電壓減去分的電壓，故L的電壓減小，燈變暗；故B正確，ACD錯誤；

故選：B。

7.【答案】B

【解析】解：由圖示圖象可知，作用力，當時

作用在物體上的力F勻稱地減小，物體的加速度漸漸減小到零然后反向增加，

物體從靜止起先向上做加速運動然后做減速運動，到達最高點時說的為零，

依據對稱性可知起先時和高度最大時，具有相同的加速度，且為最大，

物體從靜止起先運動到最高點過程，力對物體做功：

從物體起先運動到運動到h過程，對物體，由動能定理得：

解得：

物體起先運動時加速度最大，由牛頓其次定律可知，最大加速度：

解得：，故B正確，ACD錯誤。

故選：B。

作用在物體上的力F勻稱地減小，所以加速度是先減小至零時再反向增加，起先時與到達最高點時速度都為零，依據對稱性可知起先時和高度最大時，具有相同的加速度；圖線與坐標軸所圍成圖形的面積等于力做的功，應用動能定理求出物體的質量，然后應用牛頓其次定律求出物體上升過程的最大加速度。

本題考查了牛頓其次定律的應用，本題莫非較大，依據題意分析清晰物體的運動過程與受力狀況是解題的前提，應用動能定理與牛頓其次定律即可解題。

8.【答案】D

【解析】解：A、依據衛星變軌原理可知，從軌道Ⅰ變軌到軌道Ⅱ要在E點加速，即在軌道Ⅰ上E點速率小于在軌道Ⅱ上E點速率，故A錯誤；

B、如圖所示，假如探測器在軌道Ⅱ上的F點加速后才能進入過F點的圓軌道Ⅲ，對于圓軌道Ⅰ和圓軌道Ⅲ上的物體，由可知軌道Ⅲ上速率小于軌道Ⅰ上的物體的速率，所以探測器在軌道Ⅱ上F點的速率小于在軌道Ⅰ上速率，故B錯誤；

C、探測器不論是在軌道Ⅰ還是在軌道Ⅱ上的E點，受到的萬有引力相同，故加速度應相同，故C錯誤；

D、探測器在軌道Ⅱ上遠離水星過程中，萬有引力做負功，故動能減小，勢能增加，故D正確。

故選：D。

依據依據衛星變軌原理分析。

依據萬有引力供應向心力，得到線速度表達式分析。

依據牛頓其次定律比較加速度的大小。

依據萬有引力做功推斷動能的變更，依據高度比較勢能的變更。

該題考查了萬有引力定律的相關學問，涉及到牛頓其次定律、動能定理的基本運用，知道探測器變軌的原理，當萬有引力不夠供應向心力，做離心運動。

9.【答案】BC

【解析】【試題解析】解：A、小球進入電場前做自由落體運動，進入電場后受到電場力作用而做減速運動，由圖可以看出，小球經過邊界MN的時刻是時．故A錯誤．

B、由圖象的斜率等于加速度得小球進入電場前的加速度為、進入電場后的加速度大小為，由牛頓其次定律得：

得電場力：

由得重力mg與電場力F之比為3：故B正確．

C、整個過程中，動能變更量為零，依據動能定理，整個過程中重力做的功與電場力做的功大小相等．故C正確．

D、整個過程中，小球具有兩種形式的能：機械能與電勢能，依據能量守恒定律得知，它們的總和不變．故D錯誤．

故選BC

小球進入電場前做自由落體運動，進入電場后受到電場力作用而做減速運動，由圖可以看出，小球經過邊界MN的時刻．分別求出小球進入電場前、后加速度大小，由牛頓其次定律求出重力與電場力之比．依據動能定理探討整個過程中重力做的功與電場力做的功大小關系．整個過程中，小球的機械能與電勢能總和不變．

本題一要能正確分析小球的運動狀況，抓住斜率等于加速度是關鍵；二要運用牛頓其次定律和動能定理分別探討小球的受力狀況和外力做功關系．

10.【答案】BD

【解析】【試題解析】

BD

【解析】對于圖像，過原點的直線代表等溫線，故A、B兩點溫度相同，A錯誤；A到B過程氣體體積減小，故單位時間內碰撞單位面積器壁的分子數增多，D正確；B到C是等容變更，壓強p變小，則溫度T降低，分子平均動能降低，B正確；C到A是等壓變更，體積變大，氣體平均密度變小，C錯誤

11.【答案】AB

【解析】【試題解析】【分析】

本題考查的學問點主要有電容器的動態分析和閉合電路的動態分析，知道在直流電路中電容器處理為斷路、電容器的電壓狀況，能認清電流的構造是解題的關鍵。

【解答】

當開關S斷開時，、和斷路，電容器的電壓等于所分的電壓；當開關S閉合時，斷路，、串聯，R4、R5串聯后再并聯，電容器的電壓等于和所分的電壓差。

A.開關S斷開時，電容器的電壓U不變，接地其電勢為零。設電容器間距離為d，P點與上極板的距離為x，則P點的電勢為，可知將電容器的下極板稍向下移動，d增大，x、U不變，故P點電勢增大，故A正確；

B.開關S斷開時，電容器電壓，此時電容器的電荷量為，上極板為正，下極板為負，

開關S閉合時，由于，此時電容器電壓依舊為電壓，依據電路學問求得，此時電容器電荷量為，上極板為正，下極板為負，

故流過的電荷量，故B正確；

C.將電阻箱調到后再閉合開關S時，由于，故電容器兩端的電壓不為零，故所帶的電荷量不為零，故C錯誤；

D.閉合開關S時，外阻，此時電源的輸出功率最大，在電阻箱從0起先漸漸調到最大值過程，外阻R始終增大，故電源的輸出功率始終減小，故D錯誤。

故選AB。

12.【答案】ACD

【解析】【試題解析】

【分析】

該題考查了折射定律得應用，要求要嫻熟的記住折射定律的內容，求折射率時，肯定要分清是從介質射向空氣還是由空氣射入介質再者就是會用來解決相關問題。

【解答】

A.已知，由幾何關系知入射角

折射角

則玻璃的折射率為，故A正確；

B.光在玻璃中傳播速度

光由B傳到M的時間

光由M傳到Q的時間

則，故B錯誤；

C.由題意知臨界角，

則，故C正確；

D.若該B點處光源為紅光，將其替換為綠光光源，波長變小，折射率不大，臨界角變小，則圓弧上恰好全反射的N點向左移動，故D正確。

故選BCD。

13.【答案】

【解析】解：光路圖如圖所示，設從點發出的光線射到水面時入射角為i，折射角為r，依據數學學問得知：

，

則折射率為

當從水下直尺發出的光線射到D點時入射角等于臨界角C時，人看到水下直尺的最高點，設可看到水下直尺的最高點距的距離為h。

依據臨界角公式有

依據幾何關系有

解得

故答案為：，。

此題試驗的原理是光的反射定律折射定律，由圖讀出相關的長度，依據數學學問求出入射角和折射角的正弦，再由折射率公式求折射率。沿廣口瓶邊緣D點向水中直尺正面看去，當入射角等于臨界角時，看到水下直尺的最高點，依據臨界角公式和幾何學問相結合求解。

本題是光的反射定律和折射定律在實際中的應用，關鍵要抓住反射的對稱性和幾何學問，再由折射定律求折射率。

14.【答案】

；；不變；變小

【解析】【分析】

本題是通過豎直面內的圓周運動測量當地的重力加速度的試驗，主要考查向心力的來源及對圖象的分析。

在最高點，小球靠重力和拉力的合力供應向心力，結合牛頓其次定律求出拉力的表達式，結合圖線的橫軸截距以及斜率分析推斷。

【解答】

小球在最高點，依據牛頓其次定律有：，解得小球在最高點處F與v的關系式為；

當時，依據表達式有：，解得；

依據知，圖線的斜率，繩長不變，用質量較小的球做試驗，斜率變小；當時，，可知b點的位置與小球的質量無關，故繩長不變，而減小小球的質量m，則圖像乙中b的位置不變，圖像斜率變小。

故答案為：

；；不變；變小。

15.【答案】，6；，4；。

【解析】【試題解析】【分析】

由圖示表盤確定電壓表的分度值，然后依據指針位置讀出其示數；依據電路圖應用閉合電路的歐姆定律求出電壓表內阻；

依據閉合電路歐姆定律和串聯電路中電壓比等于電阻比的表達式，聯立求解即可；

因電動勢不變，僅內阻變更，可變更電阻箱的阻值使總的電阻不變，即可得出結果。

本題考查了電壓表讀數、求電壓表內阻，對電壓表讀數時要先確定其分度值，然后依據指針位置讀出其示數；分析清晰電路結構、應用閉合電路的歐姆定律可以求出電壓表內阻。

【解答