一、選擇題（本大題共12小題，每小題3分，共36分）在每小題所給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的.1山陰縣期末）用配方法解方程x2﹣6x﹣5＝0時(shí)，配方結(jié)果正確的是()Ax﹣3）2＝4Bx﹣6）2＝41Cx+3）2＝14Dx﹣3）2＝14【分析】常數(shù)項(xiàng)移到右邊，再配上一次項(xiàng)系數(shù)一半的平方即可.【解答】解：∵x2﹣6x﹣5＝0，則x2﹣6x+9＝5+9，即（x﹣3）2＝14，故選：D.2和平區(qū)一模）擲一枚質(zhì)地均勻的硬幣，前6次都是正面朝上，則擲第7次時(shí)正面朝上的概率是()【分析】根據(jù)大量重復(fù)試驗(yàn)事件發(fā)生的頻率接近事件發(fā)生的可能性的大?。ǜ怕士傻么鸢?【解答】解：擲一枚質(zhì)地均勻的硬幣，前6次都是正面朝上，則擲第7次時(shí)正面朝上的概率是，故選：C.3西湖區(qū)校級(jí)月考）對(duì)于二次函數(shù)yx﹣1）2+3的圖象，下列說法正確的是()A．開口向下B．對(duì)稱軸是直線x=﹣1C．與y軸交點(diǎn)為（0，1）D．頂點(diǎn)坐標(biāo)是（1，3）【分析】直接由頂點(diǎn)式得到對(duì)稱軸、開口方向、頂點(diǎn)坐標(biāo)，把x＝0代入即可求得與y軸交點(diǎn)坐標(biāo).【解答】解：由yx﹣1）2+3得，拋物線開口向上，頂點(diǎn)坐標(biāo)為（1，3對(duì)稱軸為直線x＝1，令x＝0，則y＝4，故圖象與y軸交點(diǎn)的坐標(biāo)是（0，4故選項(xiàng)A、B、C錯(cuò)誤，不符合題意；選項(xiàng)D正確，符合題意；故選：D.4咸寧模擬）在平面直角坐標(biāo)系中，將點(diǎn)P(﹣12）向右平移3個(gè)單位長(zhǎng)度得到點(diǎn)P1，則點(diǎn)P1關(guān)于原點(diǎn)的對(duì)稱點(diǎn)P2的坐標(biāo)為()【分析】直接利用平移的性質(zhì)得出點(diǎn)P1的坐標(biāo)，再利用關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱點(diǎn)的性質(zhì)得出答案.【解答】解：∵將點(diǎn)P(﹣12）向右平移3個(gè)單位長(zhǎng)度得到點(diǎn)P1，∴點(diǎn)P1的坐標(biāo)為22故選：B.5貴港）如圖，。O是△ABC的外接圓，AC是。O的直徑，點(diǎn)P在。O上，若∠ACB＝40°,則∠BPC【分析】根據(jù)直徑所對(duì)的圓周角是直角得到∠ABC＝90°,進(jìn)而求出∠CAB，根據(jù)圓周角定理解答即可.【解答】解：∵AC是。O的直徑，由圓周角定理得：∠BPC=∠CAB＝50°,故選：C.6和縣一模）如圖，AG：GD＝3：1，BD：DC＝2：3，則AE：EC的值是()、，進(jìn)而得到【分析】過點(diǎn)D作DF∥BE交AC于點(diǎn)F，根據(jù)平行線分線段成比例定理分別求出、，進(jìn)而得到【解答】解：過點(diǎn)D作DF∥BE交AC于點(diǎn)F，=3，==則==3，==故選：D.7防城港模擬）如圖，小穎身高為160cm，在陽光下影長(zhǎng)AB＝240cm，當(dāng)她走到距離墻角（點(diǎn)D）120cm的C處時(shí)，她的部分影投射到墻上，則投射在墻上的影DE的長(zhǎng)度為()A．120cmB．80cmC．60cmD．40cm【分析】過E作EF⊥CG于F，利用相似三角形列出比例式求出投射在墻上的影DE長(zhǎng)度即可.【解答】解：過E作EF⊥CG于F，設(shè)投射在墻上的影DE長(zhǎng)度為xcm，由題意得：△GFE∽△HAB，∴AB：FE＝AHGC﹣x則240：120＝160160﹣x解得：x＝80.即：投射在墻上的影DE長(zhǎng)度為80cm.故選：B.8金華模擬）如圖，PA和PB是ΘO的兩條切線，A，B為切點(diǎn)，點(diǎn)D在AB上，點(diǎn)E，F(xiàn)分別在線段PA和PB上，且AD＝BF，BD＝AE．若∠P=α,則∠EDF的度數(shù)為【分析】根據(jù)切線長(zhǎng)定理得到PA＝PB，根據(jù)三角形內(nèi)角和定理得到∠PAB=∠PBA△AED≌△BDF，根據(jù)全等三角形的性質(zhì)得到∠AED=∠BDF，結(jié)合圖形計(jì)算，得到答案.【解答】解：∵PA，PB是ΘO的兩條切線，∴∠PAB=∠PBA=,在△AED和△BDF中，,∴△AED≌△BDF（SAS）∴∠AED=∠BDF，∴∠EDF＝180°﹣∠BDF﹣∠ADE＝180°﹣∠AED﹣故選：C.9新華區(qū)校級(jí)四模）對(duì)于反比例函數(shù)，下列結(jié)論：①圖象分布在第二、四象限；②當(dāng)x＞0時(shí)，y隨x的增大而增大；③圖象經(jīng)過點(diǎn)（12④若點(diǎn)A（x1，y1B（x2，y2）都在圖象上，且x1＜x2，則y1＜y2，其中正確的是()【分析】根據(jù)題目中的函數(shù)解析式和反比例函數(shù)的性質(zhì)，可以判斷各個(gè)小題中的結(jié)論是否正確.【解答】解：∵反比例函數(shù)，∴該函數(shù)的圖象分布在第二、四象限，故①正確；當(dāng)x＞0時(shí)，y隨x的增大而增大，故②正確；當(dāng)x＝1時(shí)，y=﹣2，故③正確；若點(diǎn)A（x1，y1B（x2，y2）都在圖象上，且x1＜x2，則點(diǎn)A和點(diǎn)B都在第二象限或都在第四象限時(shí)y1＜y2，點(diǎn)A在第二象限，點(diǎn)B在第四象限時(shí)y1＞y2，故④錯(cuò)誤；故選：A.10石景山區(qū)二模）如圖，一個(gè)邊長(zhǎng)為8cm的正方形，把它的邊延長(zhǎng)xcm得到一個(gè)新的正方形，周長(zhǎng)增加了y1cm，面積增加了y2cm2．當(dāng)x在一定范圍內(nèi)變化時(shí)，y1和y2都隨x的變化而變化，則y1與x，y2與x滿足的函數(shù)關(guān)系分別是()A．一次函數(shù)關(guān)系，二次函數(shù)關(guān)系B．反比例函數(shù)關(guān)系，二次函數(shù)關(guān)系C．一次函數(shù)關(guān)系，一次函數(shù)關(guān)系D．反比例函數(shù)關(guān)系，一次函數(shù)關(guān)系【分析】根據(jù)題意可得：周長(zhǎng)增大的部分y1（cm）＝新正方形的周長(zhǎng)﹣原正方形的周長(zhǎng)；面積增大的部分y2（cm2）＝新正方形的面積﹣原正方形的面積，根據(jù)等量關(guān)系列出函數(shù)解析式即可.【解答】解：由題意得：y1＝4（8+x）﹣4×8＝4x，此函數(shù)是一次函數(shù)；y28+x）2﹣82＝x2+16x，此函數(shù)是二次函數(shù)，故選：A.11青秀區(qū)校級(jí)一模）學(xué)校的自動(dòng)飲水機(jī)，開機(jī)加熱時(shí)每分鐘上升10℃,加熱到100℃,停止加熱，水溫開始下降．此時(shí)水溫y(℃)與通電時(shí)間x（min）成反比例關(guān)系．當(dāng)水溫降至20℃時(shí)，飲水機(jī)再自動(dòng)加熱，若水溫在20℃時(shí)接通電源，水溫y與通電時(shí)間x之間的關(guān)系如圖所示，則下列說法中正確的是()A．水溫從20℃加熱到100℃,需要7minB．水溫下降過程中，y與x的函數(shù)關(guān)系式是y=C．上午8點(diǎn)接通電源，可以保證當(dāng)天9：30能喝到不超過40℃的水D．水溫不低于30℃的時(shí)間為min【分析】因?yàn)殚_機(jī)加熱時(shí)，飲水機(jī)每分鐘上升10℃,所故A不合題意，利用點(diǎn)（8，100可以求出反比例函數(shù)解析式，故B不符合題意，令y＝20，則x＝40，求出每40分鐘，飲水機(jī)重新加熱，故時(shí)間為9點(diǎn)30時(shí)，可以得到飲水機(jī)是第三次加熱，并且第三次加熱了10分鐘，令x＝10，代入到反比例函數(shù)中，求出y，即可得到C不符合題意，先求出加熱時(shí)間段時(shí)，水溫達(dá)到30℃所用的時(shí)間，再由反比例函數(shù)，可以得到冷卻時(shí)間時(shí)，水溫為30℃時(shí)所對(duì)應(yīng)的時(shí)間，兩個(gè)時(shí)間相減，即為水溫不低于30℃時(shí)的時(shí)間.【解答】解：∵開機(jī)加熱時(shí)每分鐘上升10℃,∴水溫從20℃加熱到100℃,所需時(shí)間為：＝8min，故A選項(xiàng)不合題意；由題可得8，100）在反比例函數(shù)圖象上，設(shè)反比例函數(shù)解析式為y=,代入點(diǎn)（8，100）可得，k＝800，∴水溫下降過程中，y與x的函數(shù)關(guān)系式是y=,故B選項(xiàng)不合題意；令y＝20，則＝20，即飲水機(jī)每經(jīng)過40分鐘，要重新從20℃開始加熱一次，從8點(diǎn)9點(diǎn)30分鐘，所用時(shí)間為90分鐘，而水溫加熱到100℃,僅需要8分鐘，故當(dāng)時(shí)間是9點(diǎn)30時(shí)，飲水機(jī)第三次加熱，從20℃加熱了10分鐘，令x＝10，則y80℃>40℃,故C選項(xiàng)不符合題意；水溫從20℃加熱到30℃所需要時(shí)間為：min，∴水溫不低于30℃的時(shí)間為＝min，故選：D.12蘭陵縣期末）如圖，直線l與ΘO相交于點(diǎn)B、D，點(diǎn)A、C是直線l兩側(cè)的圓弧上的動(dòng)點(diǎn)，若ΘO的半徑為1，∠A＝30°,那么四邊形ABCD的面積的最大值是(A．0.5B．1)【分析】連接OB、OD，如圖，利用圓周角定理得到∠BOD＝2∠A＝60°,則△OBD為等邊三角形，所以BD＝OB＝1，利用三角形面積公式，當(dāng)點(diǎn)A為的中點(diǎn)，C點(diǎn)為的中點(diǎn)時(shí)，S△ABD與S△CBD的值最大，此時(shí)S四邊形ABCD最大，從而得到四邊形ABCD的面積的最大值為×2×1＝1.【解答】解：連接OB、OD，如圖，∴△OBD為等邊三角形，∵S四邊形ABCD＝S△ABD+S△CBD，∴當(dāng)點(diǎn)A為的中點(diǎn)，C點(diǎn)為的中點(diǎn)時(shí)，S△ABD與S△CBD的值最大，此時(shí)S四邊形ABCD最大，∴四邊形ABCD的面積的最大值為×2×1＝1.故選：B.二．填空題（共6小題）13孝感）若關(guān)于x的一元二次方程x2﹣2x+m＝0有兩個(gè)不相等的實(shí)數(shù)根，則m的值可以是﹣1寫出一個(gè)即可）【分析】根據(jù)方程的系數(shù)結(jié)合根的判別式Δ>0，可得出關(guān)于m的一元一次不等式，解之即可得出m的取值范圍，在m的范圍內(nèi)選一個(gè)即可.【解答】解：∵關(guān)于x的一元二次方程x2﹣2x+m＝0有兩個(gè)不相等的實(shí)數(shù)根，∴Δ=(﹣2）2﹣4×1?m＝4﹣4m＞0，解得：m＜1，取m=﹣1，故答案為：﹣1.14福州模擬）將拋物線y＝x2沿直線y＝3x方向移動(dòng)個(gè)單位長(zhǎng)度，若移動(dòng)后拋物線的頂點(diǎn)在第一象限，則移動(dòng)后拋物線的解析式是yx﹣1）2+3.【分析】設(shè)移動(dòng)后的拋物線解析式為yx﹣h）2+k，再根據(jù)移動(dòng)的距離和勾股定理列出方程可得答案.【解答】解：設(shè)移動(dòng)后的拋物線解析式為yx﹣h）2+k，∵移動(dòng)距離是，移動(dòng)后拋物線的頂點(diǎn)在第一象限，∴移動(dòng)后的拋物線解析式為yx﹣1）2+3，故答案為：yx﹣1）2+3.15黃浦區(qū)期中）如圖，DE是△ABC的中位線，M是DE的中點(diǎn)，CM的延長(zhǎng)線交AB于點(diǎn)N，則S△DMN：S四邊形DBCM＝1：15.【分析】由DE為三角形ABC的中位線，利用中位線定理得到DE平行于BC，且DE等于BC的一半，再由M為DE的中點(diǎn)，得到DM為DE的一半，可得出DM為BC的四分之一，由DM與BC平行，得到兩對(duì)同位角相等，進(jìn)而確定出三角形DMN與三角形NBC相似，由相似三角形面積之比等于相似比的平方，求出三角形DMN與三角形NBC面積之比，即可求出四邊形DBCM與三角形DMN的面積之比.【解答】解：∵DE為△ABC的中位線，∴DE∥BC，DE＝BC，∴∠NDM=∠B，∠NMD=∠NCB，∴△NDM∽△NBC，∵M(jìn)為DE的中點(diǎn)，∴DM＝DE＝BC，即相似比為1：4，則S△DMN：S四邊形DBCM＝1：15.故答案為：1：15.16常州模擬）如圖示，半圓的直徑AB＝40，C，D是半圓上的三等分點(diǎn)，點(diǎn)E是OA的中點(diǎn)，則陰影部【分析】連接OC、OD、CD，如圖，根據(jù)圓心角、弧、弦的關(guān)系得到∠AOC=∠COD=∠BOD＝60°,再證明CD∥AB得到S△ECD＝S△OCD，然后根據(jù)扇形的面積公式，利用陰影部分面積＝S扇形COD進(jìn)行計(jì)算.【解答】解：連接OC、OD、CD，如圖，∵C，D是半圓上的三等分點(diǎn)，∴△OCD為等邊三角形，∵∠OCD=∠AOC，∴CD∥AB，∴陰影部分面積＝S扇形COD=17西工區(qū)模擬）如圖，在平面直角坐標(biāo)系中，A（3，0B（0，4M為AB邊上的一動(dòng)點(diǎn)，N（0，1連接MN，將△ABO繞點(diǎn)O逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)一周，則MN的取值范圍為 ≤MN≤5.【分析】如圖，過點(diǎn)O作OF⊥AB于點(diǎn)F．利用面積法求出OF=圓，則點(diǎn)M的軌跡形成的圖形是圓環(huán)（包括兩個(gè)圓求出MN的最大值和最小值，可得結(jié)論.【解答】解：如圖，過點(diǎn)O作OF⊥AB于點(diǎn)F.∵S△AOB＝?OA?OB＝?AB?OF，∴OF=,以O(shè)為圓心，OF，OB為半徑作圓，則點(diǎn)M的軌跡形成的圖形是圓環(huán)（包括兩個(gè)圓∴NM的最大值＝1+4＝5，NM的最小值=﹣1=,∴≤MN≤5，故答案為：≤MN≤5，（x＞0）18德江縣二模）如圖，將直線y＝x向下平移b個(gè)單位長(zhǎng)度后得到直線l，l與反比例函數(shù)y=的圖象相交于點(diǎn)A，與x軸相交于點(diǎn)B，則OA2﹣OB2（x＞0）【分析】平移后解析式是y＝x﹣b，代入y=求出x2﹣bx＝5，y＝x﹣b與x軸交點(diǎn)B的坐標(biāo)是（b，0設(shè)A的坐標(biāo)是（x，y求出OA2﹣OB2＝x2+（x﹣b）2﹣b2＝2（x2﹣xb代入求出即可.【解答】解：∵平移后解析式是y＝x﹣b，代入y=得：x﹣b=,即x2﹣bx＝5，y＝x﹣b與x軸交點(diǎn)B的坐標(biāo)是（b，0設(shè)A的坐標(biāo)是（x，y=x2+（x﹣b）2﹣b2=2x2﹣2xb=2（x2﹣xb）=2×5＝10，故答案為：10.三．解答題（共7小題）19龍灣區(qū)期中）某社區(qū)舉行新冠疫情防控核酸檢測(cè)，衛(wèi)生防疫部門在該社區(qū)設(shè)置了三個(gè)檢測(cè)點(diǎn)A，B，C，甲、乙兩人可以任意選擇一個(gè)檢測(cè)點(diǎn)檢測(cè).（1）求甲在A檢測(cè)點(diǎn)或B檢測(cè)點(diǎn)檢測(cè)的概率.（2）求甲、乙兩人選擇同一個(gè)檢測(cè)點(diǎn)的概率（用樹狀圖或列表的方法求解）.【分析】（1）直接由概率公式求解即可；（2）畫樹狀圖，共有9種等可能的結(jié)果，其中甲、乙兩人選擇同一個(gè)檢測(cè)點(diǎn)的結(jié)果有3種，再由概率公式求解即可.【解答】解1）甲在A檢測(cè)點(diǎn)或B檢測(cè)點(diǎn)檢測(cè)的概率為；（2）畫樹狀圖如下：共有9種等可能的結(jié)果，其中甲、乙兩人選擇同一個(gè)檢測(cè)點(diǎn)的結(jié)果有3種，∴甲、乙兩人選擇同一個(gè)檢測(cè)點(diǎn)的概率為=20東平縣模擬）如圖，一次函數(shù)y1＝ax+b與反比例函數(shù)y2=連接AO，BO，延長(zhǎng)AO交反比例函數(shù)圖象于點(diǎn)C.（1）求一次函數(shù)y1的表達(dá)式與反比例函數(shù)y2的表達(dá)式；（2）當(dāng)y1＜y2，時(shí)，直接寫出自變量x的取值范圍為x＞8或0＜x＜2；【分析】（1）由待定系數(shù)法即可得到結(jié)論；（2）根據(jù)圖象中的信息即可得到結(jié)論；（3）先求得D的坐標(biāo)，然后根據(jù)S△AOB＝S△AOD﹣S△BOD求得△AOB的面積，即可求得S△PAC＝S△AOB=24，根據(jù)中心對(duì)稱的性質(zhì)得出OA＝OC，即可得到S△APC＝2S△AOP，從而得到2×OP×8＝24，求得OP，即可求得P的坐標(biāo).【解答】解1）將A（2，8B（8，2）代入y＝ax+b得，解得，∴一次函數(shù)為y=﹣x+10，將A（2，8）代入y2＝專得8解得k＝16，∴反比例函數(shù)的解析式為y=;（2）由圖象可知，當(dāng)y1＜y2時(shí)，自變量x的取值范圍為：x＞8或0＜x＜2，故答案為x＞8或0＜x＜2；（3）由題意可知OA＝OC，∴S△APC＝2S△AOP，把y＝0代入y1=﹣x+10得，0=﹣x+10，解得x＝10，∴S△AOB＝S△AOD﹣S△BOD=﹣=30，＝S△AOB=21臨沭縣期末）在一次綜合實(shí)踐活動(dòng)中，數(shù)學(xué)興趣小組的同學(xué)想要測(cè)量一樓房AB的高度，如圖，樓房AB后有一假山，其斜坡CD坡比為1：,山坡坡面上點(diǎn)E處有一休息亭，在此處測(cè)得樓頂A的仰角為45°,假山坡腳C與樓房水平距離BC＝20米，與亭距離CE＝30米.（1）求點(diǎn)E距水平地面BC的高度；（2）求樓房AB的高結(jié)果精確到整數(shù)，參考數(shù)據(jù)≈1.414，≈1.732）【分析】（1）過點(diǎn)E作EF⊥BC于點(diǎn)F．在Rt△CEF中，求出CF＝EF，然后根據(jù)勾股定理解答；（2）過點(diǎn)E作EH⊥AB于點(diǎn)H．在Rt△AHE中，∠HAE＝45°,結(jié)合（1）中結(jié)論得到CF的值，再根據(jù)AB＝AH+BH，求出AB的值.【解答】解1）過點(diǎn)E作EF⊥BC于點(diǎn)F.=在Rt△CEF中，CE＝30米，=,答：點(diǎn)E距水平面BC的高度為15米.（2）過點(diǎn)E作EH⊥AB于點(diǎn)H.則HE＝BF，BH＝EF.∴AH＝HE，由（1）得CF＝EF＝15（米又∵BC＝20米，∴HE＝BC+CF20+15）米，∴AB＝AH+BH＝20+15+15＝35+15≈61（米答：樓房AB的高約是61米.22臨沂）已知ΘO1的半徑為r1，ΘO2的半徑為r2．以O(shè)1為圓心，以r1+r2的長(zhǎng)為半徑畫弧，再以線段O1O2的中點(diǎn)P為圓心，以O(shè)1O2的長(zhǎng)為半徑畫弧，兩弧交于點(diǎn)A，連接O1A，O2A，O1A交ΘO1于點(diǎn)B，過點(diǎn)B作O2A的平行線BC交O1O2于點(diǎn)C.（1）求證：BC是ΘO2的切線；（2）若r1＝2，r2＝1，O1O2＝6，求陰影部分的面積.【分析】（1）由題意得出O1P＝AP＝O2P=∠O1BC＝90°,過點(diǎn)O2作O2D⊥BC交BC的延長(zhǎng)線于點(diǎn)D，證得O2D＝r2，則可得出結(jié)論；求出答案.【解答】（1）證明：連接AP，∵以線段O1O2的中點(diǎn)P為圓心，以O(shè)1O2的長(zhǎng)為半徑畫弧，∴O1P＝AP＝O2P=,∵BC∥O2A，∴∠O1BC=∠O1AO2＝90°,過點(diǎn)O2作O2D⊥BC交BC的延長(zhǎng)線于點(diǎn)D，∴四邊形ABDO2是矩形，∴BC是ΘO2的切線；∴O1A=∵BC∥O2A，=2，∴BC===2，=∴S陰影====2﹣23武漢期中）某藥店在口罩銷售中發(fā)現(xiàn)：一款進(jìn)價(jià)為10元/盒的口罩，銷售單價(jià)為16元/盒時(shí)，每天可售出60盒．藥店在銷售中發(fā)現(xiàn)：若銷售單價(jià)每降價(jià)1元，則每天可多售出30盒，設(shè)每盒降價(jià)x元（0（1）降價(jià)后，每盒盈利（6﹣x）元時(shí)，每天可售出（60+30x）盒（用含x的式表示（2）為了盡快減少庫存，當(dāng)每盒降價(jià)多少元時(shí)，每天可盈利450元？（3）在滿足藥店正常銷售的情況下，每盒降價(jià)多少元時(shí)，可取得最大利潤(rùn)，并求此時(shí)最大利潤(rùn).【分析】（1）根據(jù)題意列出代數(shù)式即可；（2）根據(jù)題意列方程即可得到結(jié)論；（3）根據(jù)題意列出函數(shù)解析式，然后根據(jù)二次函數(shù)的性質(zhì)即可得到結(jié)論.【解答】解1）降價(jià)后，每盒盈利（6﹣x）元時(shí)，每天可售出（60+30x）盒；故答案為6﹣x60+30x（2）根據(jù)題意得6﹣x60+30x450，∵盡快減少庫存，答：當(dāng)每盒降價(jià)3元時(shí)，每天可盈利450元；（3）設(shè)可取得的利潤(rùn)為y元，根據(jù)題意得，y6﹣x60+30x）=﹣30x2+120x+360，即y=﹣30（x﹣2）2+480，答：每盒2元時(shí)，可取得最大利潤(rùn)，此時(shí)最大利潤(rùn)為480元.24濟(jì)南期中）如圖，Rt△ABC中，∠C＝90°,AB＝10，BC＝6，D是AB的中點(diǎn)．動(dòng)點(diǎn)P從點(diǎn)A出發(fā)，沿線段AC以每秒2個(gè)單位長(zhǎng)度的速度向終點(diǎn)C運(yùn)動(dòng)．設(shè)點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t秒.（1）當(dāng)t為多少秒時(shí)，以點(diǎn)A、D、P