考試時間75分鐘，滿分100分注意事項：1.答題前，考生務必在答題卡上將自己的姓名、座位號、準考證號用0.5毫米的黑色簽字筆填寫清楚，考生考試條形碼由監考老師粘貼在答題卡上的“貼條形碼區”。2.選擇題使用2B鉛筆填涂在答題卡上對應題目標號的位置上，如需改動，用橡皮擦擦干凈后再填涂其它答案；非選擇題用0.5毫米的黑色簽字筆在答題卡的對應區域內作答，超出答題區域答題的答案無效；在草稿紙上、試卷上答題無效。3.考試結束后由監考老師將答題卡收回。一、單項選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．下列物理定律中，體現了閉合電路歐姆定律實質的是A．能量守恒定律 B．庫侖定律 C．電荷守恒定律 D．牛頓第二定律2．下列關于波的說法正確的是A．介質中質點的振動方向一定與波的傳播方向垂直B．當波浪沖擊力的頻率接近船的固有頻率時，可能使航行的輪船發生共振而傾覆C．利用波的衍射可測定人造衛星位置的變化情況D．變化的電場一定產生變化的磁場，形成電磁場，發出電磁波3．如圖，兩長直導線P和Q垂直于紙面固定放置，兩者中垂線上的a、b兩點關于O點對稱。在導線P和Q中通有大小相等、方向相反且垂直于紙面的電流I時，a點的磁感應強度大小為。則b點的磁感應強度A．大小為，方向與a點相反B．大小為，方向與a點相同C．大小為，方向與a點相反D．大小為，方向與a點相同4．一列簡諧橫波沿x軸負方向傳播，波長為，周期為T。時刻的波形圖如圖甲所示，a、b、c、d是波傳播方向上的四個質點。圖乙為某質點的振動圖像。下列說法正確的是甲乙A．時刻，質點a的速度比質點b的速度大B．時刻，質點c的加速度比質點d的加速度小C．圖乙可以表示質點b的振動圖像D．圖乙可以表示質點d的振動圖像5．華為Mate60pro智能手機實現了超可靠玄武架構、全焦段超清影像、衛星通話等獨特功能，深受國內外人民喜愛。其說明書的部分參數內容如下表所示，關于該手機，下列說法正確的是手機類型智能手機、5G手機屏幕分辨率像素電池容量充電功率88W待機時間約30天A．給手機充電時，手機的電池將其它形式的能量轉化為電能B．放電時電池可輸出的最大電荷量為C．正常待機狀態時的平均電流約為70mAD．手機的電池沒電后，用11V的電壓給手機充電，充滿電需要2小時6．如圖，電源的電動勢為E，內阻為r，為定值電阻且，電表均為理想電表。閉合開關S后，在滑動變阻器R的滑片P由最左端a向最右端b移動的過程中A．電流表和電壓表示數均逐漸增大B．電壓表與電流表示數的比值逐漸減小C．電壓表與電流表示數改變量比值的絕對值逐漸減小D．電源的輸出功率逐漸減小7．如圖，電荷量分別為、的小球B、C固定于相距為d的絕緣水平面上。另有一個質量為m、電荷量為q的小球A懸浮靜止于空中，此時小球A、B的距離為，小球A、C的距離為。已知重力加速度大小為g，靜電力常量為k，三個小球均可視為點電荷。下列說法正確的是A．與為異種電荷B．帶電小球A所在點的電場強度方向一定豎直向上C．D．8．靜電除塵是工業生產中處理煙塵的重要方法。除塵裝置由金屬管A和懸掛在管中心的金屬導線B組成，如圖甲所示。工作時，使中心的金屬導線B帶負電，金屬管A接地，A、B之間產生如圖乙（俯視圖）所示的電場，圓內實線為未標方向的電場線。金屬導線B附近的氣體分子被強電場電離，形成電子和正離子，電子在向正極A運動的過程中，使煙塵中的顆粒帶上負電。這些帶電顆粒在靜電力作用下被吸附到正極A上，最后在重力作用下落入下方的漏斗中。經過這樣的除塵處理，原本飽含煙塵的氣體就可能達到排放標準，滿足環保要求。圖乙中，c、d在同一圓上。下列說法正確的是A．圖乙中c點和d點的電場強度相同B．帶上負電的顆粒在a點所受的電場力大于在c點所受的電場力C．一電子從c點運動到a點的過程中，其電勢能增大甲乙D甲乙二、多項選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求；全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。9．關于物理學家的成就，下列說法正確的是A．法拉第提煉出“場”的科學創新思想，并引入了電場線B．焦耳第一次提出了能量守恒定律C．奧斯特發現了電流的磁效應，安培利用對稱性思想提出了磁能生電D．10．近年來，人工智能機器人逐漸走入我們的生活。如圖，某科技小組在研究掃地機器人內部直流電動機的性能時，發現當電動機兩端的電壓為、通過的電流為時，電動機沒有轉動；當電動機兩端的電壓為、通過的電流為時，電動機正常轉動。關于這臺電動機的電阻和正常工作時的輸出功率，下列說法正確的是A．電動機的電阻為B．電動機的電阻為C．正常工作時的輸出功率為D．正常工作時的輸出功率為11．如圖，在一柱形區域內有勻強電場，該區域的橫截面是以O為圓心、半徑為R的圓，AB為圓的直徑。質量為m、電荷量為e的電子在紙面內從A點先后以不同大小的速度進入電場，速度方向與電場強度方向垂直。已知剛進入電場時速度為零的電子，從圓周上的C點以速率電場，AC與AB的夾角為，運動過程中電子僅受電場力作用。下列說法正確的是A．電場強度的方向沿AC連線由A指向CB．電場強度的大小為C．D．電子進入電場的速率為時，電場后的動能增量最大三、實驗探究題：本題共2小題，共15分。12．（6分）在實驗室我們通過如圖所示的實驗裝置來探究電路中產生感應電流的條件。線圈A通過滑動變阻器和開關連接到電源上，構成直流電路，線圈B、開關和電流表串聯構成回路，線圈A放在線圈B內。實驗步驟如下：（1）斷開開關，閉合開關的瞬間，發現電流表的指針_______（填“偏轉”或“不偏轉”）。（2）閉合開關，閉合開關，勻速移動滑動變阻器滑片的過程中，發現電流表的指針_______（填“偏轉”或“不偏轉”）。（3）以上實驗表明：產生感應電流的條件是_______。13．（9分）實驗室提供器材如下：電池組（電動勢為，內阻為）；多用電表（可測電壓、電流和電阻）；電流表（量程為0～500mA，內阻約為）；電流表（量程為0～3mA，內阻未知）；電阻箱R（阻值范圍為0～9999.9Ω）；滑動變阻器（阻值范圍為0～10Ω）；開關一個，導線若干。為研究一額定電壓為2.5V、額定功率為1.0W的小燈泡的伏安特性，某同學利用上述器材進行了以下實驗：（1）用多用電表的歐姆擋測定電流表的內阻。若將選擇倍率的旋鈕撥至“×1Ω”擋，測量時指針如圖甲所示，則電流表的內阻為_______（保留2位有效數字）。甲（2）將電流表改裝成量程為0～3V的電壓表，具體操作為：將電阻箱R與電流表串聯，調節電阻箱R使其阻值為_______。（3）該同學設計了如圖乙、丙所示的兩種電路，_______（填“圖乙”或“圖丙”）所示電路實驗誤差相對較小。乙丙丁（4）根據所選電路，利用測得的多組數據，在如圖丁所示的小燈泡的坐標圖中確定出多個數據點的位置（圖中橫軸為電流表的示數值，可直接反映通過小燈泡的電流，縱軸為電流表的示數值，可間接反映小燈泡兩端的電壓）。①在圖丁中作出小燈泡的圖線；②由圖線可知，隨著小燈泡兩端的電壓增大，小燈泡的電阻_______（填“增大”“減小”或“不變”）。四、計算題：本題共3小題，共38分。解答應當寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后答案的，不能得分。14．（8分）如圖所示電路中，電源的電動勢為，內阻為，定值電阻。電容器極板水平且兩極板之間的距離為，極板中間有一質量為、電荷量為的小球。當滑動變阻器接入電路的阻值為時，小球恰好處于靜止狀態，重力加速度大小取。求：（1）此時電阻兩端的電壓；（2）此時滑動變阻器接入電路的阻值。15．（12分）如圖，O點為簡諧橫波的波源，振幅為10cm的波從O點分別沿x軸正方向和負方向傳播，，。時刻，波源O由平衡位置開始豎直向上振動，時，質點a剛好開始振動，時，質點b第一次到達波峰。求：（1）波在介質中傳播的速度和波長；（2）以波傳播到質點a時為計時起點，寫出波源O的振動方程；（3）質點b在0～內通過的路程并在圖中畫出波在時的波形圖。16．（18分）如圖，在直角坐標系xOy的第一象限內有一方向豎直向上的勻強電場；第四象限內（含y軸）有一方向水平向右、電場強度大小為的勻強電場；第二、三象限內（不含y軸）有一方向水平向左、電場強度大小為的勻強電場。一質量為、電荷量為的小球從坐標為的A點以初速度沿x軸正方向進入第一象限，恰好從坐標為的B點沿半圓形光滑絕緣軌道的切線方向進入第四象限，半圓形軌道的直徑為圖中BC線段，C點位于y軸負半軸上。過C點后小球即刻進入第二、三象限內足夠長的粗糙絕緣斜面直軌道，斜面直軌道與半圓形軌道相切于C點，小球與斜面直軌道間的動摩擦因數為，小球可視為質點，重力加速度大小取。求：（1）小球到達B點時的速度和第一象限內勻強電場的電場強度大小；（2）小球到達C點時對半圓形軌道的壓力大小（結果可用根號表示）；（3）小球在斜面直軌道上運動的路程。2023～2024學年度上期高中2022級期末聯考物理參考答案及評分標準一、單項選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。題號12345678答案ABDCBBCD二、多項選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求；全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。題號91011答案ADACBC三、實驗探究題：本題共2小題，共15分。12．（6分）（1）不偏轉（2分）（2）偏轉（2分）（3）閉合回路的磁通量發生變化（2分，答到“閉合回路”1分，答到“磁通量變化”1分）13．（9分）（1）15（2分）（2）985（2分）（3）圖丙（2分，答“丙”不扣分）（4）①如答圖1（1分） ②增大（2分）答圖1四、計算題：本題共3小題，共38分。解答應當寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后答案的，不能得分。14．（8分）解：（1）小球恰好處于靜止狀態，由平衡條件有 （2分） （1分）解得 （1分）（2）由部分電路歐姆定律有 （1分）由閉合電路歐姆定律有 （2分）解得 （1分）說明：其他合理解法，參照給分15．（12分）解：（1）時，質點a剛好開始振動，由 （1分）解得 （1分）時，質點b第一次到達波峰，由 （1分）解得 （1分）由 （1分）解得 （1分）（2）以波傳播到質點a時為計時起點，波源O位于負最大位移處 （1分）振幅為波源O的振動方程（或） （1分）（3）質點b在0～6s內未振動，時振動了4s，即一個周期質點b通過的路程 （1分）解得（或0.4m） （1分）波在時的波形圖如答圖2所示 （2分）答圖2說明：（2）小題振動方程以cm為單位也給分，未帶單位不扣分；（3）小題x軸正、負半軸的波形圖各1分；其他合理解法，參照給分16．（18分）解：（1）小球從A點到B點做類平拋運動水平方向有 （1分）豎直方向有 （1分） （1分） （1分）設速度與x軸正方向的夾角為，由，可知 （1分）由牛頓第二定律有 （1分）解得 （1分）（2）小球從B點到C點做圓周運動，由幾何關系有 （1分）從B點到C點，由動能定理有 （2分）解得在C點，由牛頓第二定律有 （1分）解得 （1分）由牛頓第三定律可得，小球對半圓形軌道的壓力大小 （1分）（3）小球從C點沿斜面直軌道向上做勻減速直線運動，由于重力和電場力沿斜面直軌道的分力大小相等，方向相反，當小球速度減為零后，小球將靜止不動由牛頓第二定律有 （2分） （1分）由運動學規律有 （1分）解得 （1分）說明：（1）小題用速度偏轉角解答也給分；（2）小題用等效重力法解答也給分；其他合理解法，參照給分

解析：1．【答案】A【解析】電源把其它形式的能量轉化為電能的功率EI，等于電源的輸出功率UI與電源內電路的熱功率之和，閉合電路歐姆定律實質上是能量守恒定律在閉合電路中的具體體現，A正確。2．【答案】B【解析】介質中質點的振動方向一定與橫波的傳播方向垂直，與縱波的傳播方向平行，A錯誤；利用波的多普勒效應可測定人造衛星位置的變化情況，C錯誤；均勻變化的電場只能產生恒定的磁場，不能形成電磁場，更不能發出電磁波，D錯誤。3．【答案】D【解析】如答圖3，由安培定則可知，導線P、Q中的電流在a點、b點產生的磁感應強度大小相等，方向相同，D正確。答圖34．【答案】C【解析】時刻，質點a在波谷，速度為零，質點b在平衡位置，速度最大，A錯誤；時刻，質點c在波峰，加速度最大，質點d在平衡位置，加速度為零，B錯誤；根據“上下坡法”或“直角不含波形法”可以判斷，時刻，質點b在平衡位置且向上振動，C正確，D錯誤。5．【答案】B【解析】給手機充電時，手機的電池將電能轉化為其它形式的能量，A錯誤；放電時電池可輸出的最大電荷量，B正確；正常待機狀態時的平均電流，C錯誤；用11V的電壓給手機充電，充滿有，，D錯誤。6．【答案】B【解析】根據閉合電路歐姆定律有，在滑片P由最左端a向最右端b移動的過程中，R減小，則I增大，電流表示數逐漸增大。由可知，當I增大時，路端電壓U減小，則電壓表示數逐漸減小，A錯誤；電壓表與電流表示數的比值，R減小，逐漸減小，B正確；由可知，電壓表與電流表示數改變量比值的絕對值，R減小，不變，C錯誤；因，開始時，R減小，電源的輸出功率逐漸增大，D錯誤。7．【答案】C【解析】小球A懸浮靜止于空中，因此小球B對A的排斥力與小球C對A的排斥力的合力一定與小球A所受的重力等大反向，故三個小球均帶同種電荷，A錯誤；小球A受到的電場力一定豎直向上，但不知小球A所帶電荷的電性，故無法判定其所在點的電場強度方向，B錯誤；由三角形的邊角關系可知，，根據庫侖定律和平衡條件，可得，，解得，，，C正確，D錯誤。8．【答案】D【解析】c點和d點的電場強度大小相同，方向不同，A錯誤；根據電場線的疏密可知，a點的電場強度小于c點的電場強度，帶上負電的顆粒在a點所受的電場力小于在c點所受的電場力，B錯誤；電子從c點運動到a點的過程中，電場力做正功，電勢能減小，C錯誤；由可知，ab間任意一點的電場強度都小