1.本考試為閉卷考試，考試時間150分鐘，全卷總分195分。本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分。第Ⅰ卷1-7頁，第Ⅱ卷7-16頁，共10頁。2.可能用到的相對原子質量

H-1

C-12

N-14

O-16

Mg-24

S-32

Cl-35.5

Ca-40

Fe-56

Zn-65第Ⅰ卷

選擇題（共76分）一、選擇題（本題共28個小題，共76分。1—12小題為物理題，每小題3分；13—20題為化學題，每小題3分；21—28題為生物題，每小題2分。在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求）1.自然界中萬物生靈都有著自己獨特的交流方式，其中聲音是最常見、最有效的方式之一。下列關于聲現象說法正確的是（）A.聲音是由物體振動產生的，一切物體振動產生的聲音人都能聽到B.我國“天宮”空間站的宇航員出艙后，在太空中仍能通過聲音直接交流C.常見醫用設備B超，是利用超聲波來獲取人體內部臟器信息的D.廣場上的噪聲監測儀能在傳播過程中減弱噪聲【答案】C【解析】【詳解】A．聲音是由物體振動產生的，但是如果聲音的頻率不在人耳聽覺范圍內、聲音無法傳播、響度不足等現象，那么人耳是聽不到的，故A錯誤；

B．出艙后，太空中處于真空狀態，而真空不能傳聲，故不能通過聲音直接交流，故B錯誤；

C．B超是利用超聲波能夠穿透人體皮膚組織來獲取內臟信息的，故C正確；

D．噪聲監測儀只能顯示目前的聲音分貝數，但并不能減弱噪聲，故D錯誤。

故選C。2.光，讓我們的世界充滿溫暖，讓我們的世界絢麗多彩。下列有關光現象的描述錯誤的是（）A.

甲圖中射擊時要求“三點一線”，是利用光的直線傳播原理B.

乙圖中太陽光經過三棱鏡后，在白屏上呈現彩色光帶，說明太陽光是由多種色光混合而成C.

丙圖中通過平靜的湖面可以看到廊橋在水中的倒影，這是光的反射現象D.

丁圖中我們透過放大鏡看到的是正立、放大的實像【答案】D【解析】【詳解】A．射擊時要求“三點一線”，即槍口、準星和靶心在同一直線上，這是利用了光的直線傳播原理，故A正確，不符合題意；B．太陽光經過三棱鏡后，被分解成各種色光，這是光的色散現象，說明太陽光是由多種色光混合而成的，故B正確，不符合題意；C．通過平靜的湖面可以看到廊橋在水中的倒影，屬于平面鏡成像，是光的反射現象，故C正確，不符合題意；D．放大鏡成正立、放大的虛像，故D錯誤，符合題意。故選D。3.水是生命之源，也是人類生存環境的重要組成部分。水在各種物態變化中不停地循環，讓四季多姿多彩。下列說法錯誤的是（）A.溫暖的春天，萬物復蘇、冰雪消融，這是熔化現象，需要吸熱B.炎熱的夏天，蓮花湖的水在陽光下變成水蒸氣，這是汽化現象，需要吸熱C.涼爽的秋天，路邊的草或樹葉上結有晶瑩的露珠，這是液化現象，需要吸熱D.寒冷的冬天，水蒸氣在高空急劇降溫變成雪花，這是凝華現象，需要放熱【答案】C【解析】【詳解】A．冰雪消融是固態冰變為液態水的過程，屬于熔化現象，熔化吸熱，故A正確，不符合題意；B．水在陽光下變成水蒸氣，是液態水變為氣態水蒸氣的過程，屬于汽化現象，汽化吸熱，故B正確，不符合題意；C．露珠是空氣中的水蒸氣遇冷液化形成的液態小水滴，液化放熱，故C錯誤，符合題意；D．水蒸氣在高空急劇降溫變成雪花，是氣態水蒸氣直接變為固態冰晶的過程，屬于凝華現象，凝華放熱，故D正確，不符合題意。故選C。4.賽龍舟是中華民族端午節一項傳統民俗活動，下列關于龍舟比賽過程說法正確的是（）A.比賽開始前，龍舟靜止在水面上，處于平衡狀態B.比賽過程中，使龍舟前進的動力是槳對人的作用力C.比賽過程中，左右相鄰兩龍舟之間的水，流速變大壓強變大D.到達終點時，運動員停止劃槳，龍舟的運動狀態將不再發生改變【答案】A【解析】【詳解】A．比賽開始前，龍舟漂浮在水面上，靜止時處于平衡狀態，故A正確；B．比賽過程中，槳向后劃水，水給槳一個向前的力，推動龍舟前進，所以使龍舟前進的動力是水對槳的作用力，故B錯誤；C．比賽過程中，左右相鄰兩龍舟之間的水，流速變大，壓強變小，故C錯誤；D．到達終點時，運動員停止劃槳，龍舟由于慣性繼續向前運動，但龍舟受到水的阻力作用，速度逐漸減小，所以龍舟的運動狀態將發生改變，故D錯誤。故選A。5.如圖所示，水平桌面上兩相同電子秤，上面分別放有相同的圓柱形容器，容器中裝有甲、乙兩種不同的液體，將體積相等的A、B兩個小球分別放入液體中靜止時，A球沉底、B球漂浮，此時液體深度，液體對容器底部壓強相等。下列說法正確的是（）A.液體密度B.兩小球受到的浮力C.兩電子秤示數相等D.將A、B兩個小球取出后（忽略帶出的液體），左側電子秤示數變化較大【答案】D【解析】【詳解】A．放入小球后，液體深度，液體對容器底部壓強相等，根據可知，液體密度，故A錯誤；B．由圖可知，A球在甲液體中沉底，B球漂浮在乙液體上，故，且液體密度，根據可知，兩小球受到的浮力，故B錯誤；C．甲中杯底受到的壓力有液體甲對杯底的壓力和A球對杯底的壓力，可表示為乙中杯底受到的壓力只有液體乙對杯底的壓力，可表示為由于液體對容器底部壓強相等，故，則左容器中內液體和A球的總重力大于乙容器內液體和B球的總重力，容器的重力相等，則，根據可知，，故左電子秤的示數更大，故C錯誤；D．A球在甲液體中沉底，則，B球漂浮在乙液體上，則，由A分析可知，液體密度，故，根據可知，A、B兩個小球體積的，則，故將A、B兩個小球取出后（忽略帶出的液體），左側電子秤示數變化較大，故D正確。故選D。6.如圖所示，A、B兩物體疊放在水平桌面上，，，A、B均為正方體，邊長分別為20cm、10cm。在拉力的作用下，5s內，物體A、B一起向右勻速直線移動了3m。若不計滑輪和繩自重及繩與滑輪間的摩擦，下列說法錯誤的是（）A.A與B之間的摩擦力為0

B.A對地面的壓強為2500PaC.繩子自由端移動的速度為1.2m/s

D.拉力F做功的功率為30W【答案】D【解析】【詳解】A．物體A、B一起向右勻速直線運動，A、B之間沒有相對運動和相對運動趨勢，故A與B之間的摩擦力為0，故A正確，不符合題意；B．A對地面的壓力等于A和B組成的整體的重力，為則A對地面的壓強為故B正確，不符合題意；C．與動滑輪連接的繩子段數n=2，根據滑輪組繩子自由端與物體移動距離的規律可知，繩子自由端移動的距離為則繩子自由端移動的速度為故C正確，不符合題意；D．拉力F做功為則拉力F做功的功率為故D錯誤，符合題意。故選D。7.19世紀，物理學家發現電與磁之間存在著緊密聯系，下列關于電現象與磁現象的說法正確的是（）A.

甲圖通電后電磁鐵b的線圈匝數少，磁性更強B.

乙圖通電后靜止的小磁針發生偏轉，說明通電導體周圍存在磁場，斷電后，小磁針保持不動C.

丙圖是發電機的原理，閉合開關后，懸掛的導體棒將發生運動D.

丁圖是電動機的原理，閉合開關后，金屬棒ab將發生運動【答案】D【解析】【詳解】A．電磁鐵的磁性與線圈匝數有關，匝數越多，磁性越強，甲圖通電后電磁鐵b的線圈匝數少，磁性更弱，故A錯誤；B．乙圖通電后靜止的小磁針發生偏轉，說明通電導體周圍存在磁場，斷電后導線周圍的磁場消失，小磁針受地磁場的影響又會回到原位置，故B錯誤；C．丙圖是發電機的原理，閉合開關后，若懸掛的導體棒在磁場中做切割磁感線運動，會產生感應電流；閉合開關后，導體不會自發的運動，故C錯誤；D．丁圖是電動機的原理，閉合電路的部分導體在磁場中會受到力的作用，即閉合開關后，金屬棒ab將發生運動，故D正確。故選D。8.如圖所示是某品牌電熱毯內部電路簡化圖，該電熱毯具有高低兩檔加熱功能，下列說法正確的是（）A.只閉合開關時，電路處于高溫檔B.只閉合開關時，電路處于低溫檔C.同時閉合開關、時，電路處于高溫檔D.同時閉合開關、時，電路處于低溫檔【答案】C【解析】【詳解】A．只閉合開關S1時，只有R1接入電路，由，此時電熱毯電功率最小，為低溫檔，故A錯誤；B．只閉合開關S2時，電路斷路，故B錯誤；CD．由電路圖可知，當開關S1、S2閉合時，R1和R2并聯，因為電阻越并越小，所以此時電路電阻最小，而電源電壓一定，由可知，此時電熱毯電功率最大，為高溫檔，故C正確，D錯誤。故選C。9.如圖所示電路，閉合開關后，整個電路正常工作。其中一盞燈突然熄滅，兩只電表示數均變大，則該電路可能發生的故障為（）A.

短路

B.

短路

C.

開路

D.

開路【答案】A【解析】【詳解】由圖可知，兩燈串聯，電壓表測L2兩端電壓，電流表測串聯電路電流；A．如果L1短路，則串聯電路的總電阻變小，由歐姆定律可知，電路中電流變大，則電流表示數變大。由于L1短路，電路中只有L2，L2兩端電壓等于電源電壓，電壓表示數變大。此時燈泡L2發光。則A符合題意；B．如果L2短路，電路中電流變大，電流表的示數變大，由于電壓表測L2兩端電壓，則電壓表的示數為0，即電壓表的示數變小，故B不符合題意；C．如果L1開路，兩個電表與電源不通，則兩個電表的示數都變為0，即示數都變小。故C不符合題意；D．如果L2開路，電路斷路，電流表的示數變小。此時電壓表串聯在電路中測電源電壓，則電壓表的示數變大。故D不符合題意。故選A。10.如圖所示，為定值電阻，為滑動變阻器，電源電壓保持不變，閉合開關S，滑動變阻器的滑片P向右移動的過程中，下列說法正確的是（）A.電流表示數變大，電壓表示數變小

B.電流表示數變小，電壓表示數變大C.電壓表與電流表示數的比值變大

D.電壓表與電流表示數的比值變小【答案】B【解析】【詳解】AB．由電路圖可知，這是一個串聯電路，電壓表V1測R1兩端電壓，電壓表V2測R2兩端電壓。滑動變阻器的滑片P向右移動時，R2接入電路的電阻值變大。因此整個電路的總電阻增大。根據歐姆定律可知

，當電壓U保持不變，電阻R增大時，電流I會減小。所以，電流表示數會變小。

由于電流減小，根據U=IR可知，R1兩端的電壓減小。所以，電壓表V1的示數會變小。由串聯電路電壓規律可知，R2兩端的電壓會增大。所以，電壓表V2的示數會變大。故A錯誤，B正確；C．由歐姆定律可知，電壓表V1與電流表示數的比值等于定值電阻R1的阻值不變。故C錯誤；D．由歐姆定律可知，電壓表V2與電流表示數的比值為滑動變阻器接入電路中的阻值，滑動變阻器的阻值變大，則其比值變大。故D錯誤。故選B。11.如圖甲所示，懸掛在彈簧測力計下的實心圓柱體A浸沒在水中，將其緩慢拉出水面（忽略物體帶出的水），彈簧測力計的示數F與物體上升的高度h之間的變化圖像如圖乙所示。然后將體積為2000的實心物體B用細線和A連接在一起，如圖丙所示放入水中，A、B剛好懸浮。細線的重力和體積忽略不計，，g取10N/kg，下列說法正確的是（）A.A浸沒在水中所受浮力為10N

B.A的底面積為50C.B的重力為20N

D.B的密度為【答案】D【解析】【詳解】A．由乙圖可知，當h處于0~10cm時，彈簧測力計的示數不變，說明圓柱體A未露出水面，此時彈簧測力計的示數F示=5N，當h處于20cm以上時，彈簧測力計的示數不變，說明圓柱體A已完全露出水面，此時彈簧測力計的示數F示′=10N，則圓柱體A受到的重力圓柱體A浸沒在水中時受到的浮力故A錯誤；B．由可得，圓柱體A的體積若圓柱體A拉離水面時容器中的水面高度不變，則圓柱體A的底面積實際圓柱體A拉出水面時，容器中的水面在下降，物體A從剛露出水面到離開水面時移動的距離與圓柱體A的高度不相等，故B錯誤；C．將體積為2000cm3的實心物體B用細線和A連接在一起，放入水中，A、B剛好懸浮，則A、B的總重力則B的重力故C錯誤；D．B的密度故D正確。故選D。12.如圖所示電路，電源電壓為18V保持不變，、為定值電阻，滑動變阻器最大阻值為30Ω。當滑片P位于最右端，同時閉合、時，滑動變阻器功率，電壓表示數為，電流表示數為；P位于最右端，只閉合時，滑動變阻器功率為，電壓表示數為，電流表示數為；將滑片P移至中點，只閉合時，滑動變阻器功率為，電壓表示數為，電流表示數為。若，下列說法正確的是（）A.

B.

C.

D.

【答案】C【解析】【詳解】A．當滑片P位于最右端，同時閉合S1、S2時，電路為R2與滑動變阻器串聯，滑動變阻器功率P1=7.5W，滑動變阻器阻值為30Ω，據P=I2R得，此時電路中電流為0.5A。此時則R2為當P位于最右端，只閉合S1時，電路為R2與R1與滑動變阻器串聯，將滑片P移至中點，只閉合S1時，電路為R2與R1與滑動變阻器阻值的一半串聯。因P2∶P3=8∶9，則有解得據電源電壓不變得得R1=9Ω，故A錯誤。C．據歐姆定律得同理得I2=0.4A，I3=0.6A故I1∶I3=5∶6故C正確。B．U2同U3所測電壓的電阻值相同，故U2∶U3=I2∶I3=2∶3故B錯誤。D．又因為故D錯誤。故選C。第Ⅱ卷

非選擇題（共119分）（物理部分

54分）二、填空題（本題共9小題，每空1分，共22分）13.測量是實驗的重要環節。甲圖是長度測量，被測物的長度為________cm。乙圖是質量測量，被測物體的質量為________g。【答案】

①.2.20

②.32.2【解析】【詳解】[1]刻度尺的分度值為0.1cm，物體的左側與5.00cm對齊，右側與7.20cm對齊，則物體的長度為[2]游碼的分度值為0.2g，游碼的示數為2.2g，物體的質量為14.如圖所示，是加油機為殲擊機在空中加油的情景，殲擊機相對加油機是________（選填“靜止”或“運動”）的；由于飛機與空氣發生________而帶上了大量的電荷，加油時有起火的風險，所以機體上裝有尖端放電器。降落時，關閉發動機后，殲擊機由于具有________，依然會向前滑行一段距離。【答案】

①.靜止

②.摩擦

③.慣性【解析】【詳解】[1]加油時，殲擊機與加油機的相對位置沒有發生變化，故殲擊機相對加油機是靜止的。[2]不同物體在相互摩擦時可能會發生電荷的轉移，飛機在飛行時，飛機與空氣會因摩擦而帶上大量的電荷。[3]一切物體都具有保持原來運動狀態不變的慣性，關閉發動機后，故殲擊機由于具有慣性，依然會向前滑行一段距離。15.在1個標準大氣壓下，小明用天然氣灶將質量1kg的水，從20℃加熱到沸騰，水吸收的熱量是________J。他家天然氣熱水器的熱效率是70%，他某次洗澡，耗水20kg，熱水器進水溫度是22℃，出水溫度是42℃，他這次洗澡消耗天然氣________m3。已知水的比熱容是，天然氣的熱值是。【答案】

①.3.36×105

②.0.075【解析】【詳解】[1]水吸收的熱量[2]洗澡時水吸收的熱量由得，天然氣完全燃燒放出的熱量由Q放=Vq得，需要天然氣的體積16.如圖所示，小明同學在體育課上進行豎直爬桿訓練，雙腳離地靜止時，手握得越緊，小明與桿之間的摩擦力________（選填“增大”“減小”或“不變”）；勻速上爬過程中小明受到豎直的摩擦力________（選填“向上”或“向下”）；勻速下滑時小明的機械能________（選填“增大”“減小”或“不變”）。【答案】

①.不變

②.向上

③.減小【解析】【詳解】[1]小明同學在體育課上進行豎直爬桿訓練，雙腳離地靜止時，小明受到豎直向下的重力和豎直向上的摩擦力，這兩個力是一對平衡力，大小相等，所以手握得越緊，小明與桿之間的摩擦力不變。[2]小明勻速上爬過程中，小明受到豎直向下的重力和豎直向上的摩擦力，這兩個力是一對平衡力，大小相等，重力方向豎直向下，所以摩擦力方向豎直向上。[3]勻速下滑時，質量不變，速度不變，動能不變，高度減小，重力勢能減小，機械能減小。17.如圖所示，一重為20N的正方體木塊靜止在盛水的薄壁柱形容器中，已知容器底面積，則木塊下底面受到水的壓力為________N，木塊放入容器前后水對容器底部的壓強變化量為________Pa。【答案】

①.20

②.1000【解析】【詳解】[1]木塊靜止在水中時漂浮，浮力等于重力，為根據壓力差法可知，木塊受到的浮力等于木塊上下表面受到水的壓力差，則木塊下表面受到水的壓力為[2]木塊放入容器后，水對容器的壓力變化量等于木塊的重力，則前后水對容器底部的壓強變化量為18.如圖所示，輕質木桿AB的O點用細線懸掛在天花板上并保持水平，已知AB是OB長度的4倍，AO是AC長度的3倍。在桿的B點用細線豎直懸掛一邊長為10cm的正方體物塊甲，該物塊靜止在水平地面上；O點左側懸掛一可自由移動的質量為2kg的物塊乙。當乙懸掛在A點時，甲恰好對地面無壓力，則甲的重力為________N；當乙懸掛在C點時，甲對地面的壓強為________Pa。（g取10N/kg）【答案】

①.60

②.2000【解析】【詳解】[1]乙物體重力G乙=mg=2kg×10N/kg=20N當乙懸掛在A點時，甲恰好對地面無壓力，根據杠桿平衡條件知[2]當乙懸掛在C點時物塊對地面的壓力為則物塊對地面的壓強為19.定值電阻R和燈泡L，其電流隨兩端電壓的變化圖像如圖所示。若將R與L串聯在4V電源兩端，則R與L消耗的電功率之比為________；若將R與L并聯在2V的電源兩端，電路消耗的總功率為________W。【答案】

①.3∶1

②.1.3【解析】【詳解】[1]若將R與L串聯在4V電源兩端，通過R與L的電流相等，由圖可知，此時電路中的電流為0.3A，R兩端的電壓為3V，L兩端的電壓為1V，則R與L消耗的電功率之比為[2]若將R與L并聯在2V的電源兩端，由圖可知，通過R的電流為0.2A，通過L的電流為0.45A，則電路中的總電流為電路消耗的總功率為20.某彩色電視機的銘牌如圖所示，其額定電功率為________W，額定電流是________A。當它正常工作時，60s內消耗的電能為________J。【答案】

①.110

②.0.5

③.6600【解析】【詳解】[1][2]由銘牌信息可知，電視機的額定功率為110W，額定電壓為220V；由P=UI可得，額定電流為[3]60s內消耗的電能為21.如圖甲所示，將定值電阻與規格為“40Ω

2A”的滑動變阻器連入電源電壓恒定不變的電路中。移動滑片P，的電功率P與其連入電路電阻R之間的變化圖像如圖乙所示。則電源電壓________V，的阻值為________Ω，電路的最大電功率為________W。【答案】

①.24V

②.20Ω

③.14.4【解析】【詳解】[1][2]由圖乙知，當R2=10Ω時，P2=6.4W，由P=I2R得同理，當R2=20Ω時，P2=7.2W，由P=I2R得根據電源電壓不變建立等式有解得R1=20Ω將R1=20Ω代入上式左邊或者右邊即得，U總=24V

[3]當R1=R2=20Ω時，R1有最大功率，此時據圖乙知R2也有最大功率，故電路最大功率為P總=P1+P2=7.2W+7.2W=14.4W三、作圖題（本題共2小題，每小題3分，共6分）22.一束平行于主光軸的光線，經凸透鏡折射后在水面發生反射和折射，請完成光路圖。【答案】【解析】【詳解】凸透鏡光線有會聚作用，平行于主光軸的光線經過凸透鏡后將會聚于焦點，當光線達到水面時水面會發生反射和折射現象，與水面的交點即為入射點，先作出法線，法線與入射光線的夾角為入射角，根據反射角等于入射角在水面上方作出反射光線，再根據光線與法線在空氣中的夾角大于在水中的夾角，在水面下方作出折射光線，如下圖所示：23.現代家庭生活中，很多插線板都帶有USB充電口，能夠直接為手機充電。請將電路圖補充完整。要求：開關S控制整個電路；S閉合后，該電路既能給手機充電，同時又不影響為其他家用電器供電。【答案】【解析】【詳解】由題意可知，開關S控制整個電路，則開關S位于干路；手機充電與其他家用電器是并聯的，則USB充電接口與三孔插座并聯，三孔插座按照左零右火上接地的原則接入電路中，電路圖如下：四、創新設計與實驗探究題（本題共2小題，連線1分，其余每空1分，共13分）24.同學們在“探究影響浮力大小的因素”實驗中，根據日常生活經驗提出了以下猜想：①浮力大小與物體浸入液體中的深度有關；②浮力大小與物體排開液體的體積有關；③浮力大小與液體的密度有關。實驗步驟和數據如圖所示（，g取10N/kg）（1）根據實驗數據，小聰計算出該物體浸沒在水中受到的浮力大小是________N。（2）為了驗證猜想①，分析A與C、D三次實驗，得出的結論是：浸沒在液體中的物體所受浮力大小與浸入液體中的深度________（選填“有”或“無”）關。（3）為了驗證猜想②，分析A與________三次實驗，得出的結論是：浸在液體中的物體所受浮力大小與物體排開液體的體積有關。（4）小聰為了驗證猜想③，分析A與B、E三次實驗，得出的結論是：浸在液體中的物體所受浮力大小與液體的密度有關。你認為這樣操作是________（選填“正確”或“錯誤”）的，理由是________。（5）細心的小紅利用實驗數據還計算出步驟E中所用鹽水的密度是________。【答案】

①.4

②.無關

③.B、C

④.錯誤

⑤.沒有控制排開液體的體積相等

⑥.

【解析】【詳解】（1）[1]由圖可知，物體的重力為6N，浸沒在水中時彈簧測力計的示數為2N，根據稱重法測浮力可知，物體浸沒在水中受到的浮力大小為（2）[2]A與C、D三次實驗中物體浸入液體的深度不同，根據稱重法測浮力可知，A與C、D三次實驗中彈簧測力計的示數相等，則浮力大小相等，故可以得出的結論：浸沒在液體中的物體所受浮力大小與浸入液體中的深度無關。（3）[3]驗證浮力大小與物體排開液體的體積有關，則需要保持液體的密度相同，改變物體排開液體的體積，故選擇A與B、C三次實驗，得出的結論是：浸在液體中的物體所受浮力大小與物體排開液體的體積有關。（4）[4][5]驗證浮力大小與液體的密度有關，則需要保持物體排開液體的體積相等，改變液體的密度，A與B、E三次實驗中，液體的密度不同，物體排開液體的體積也不同，未控制單一變量，故該操作時錯誤的，無法得出該結論。（5）[6]由（1）可知，物體浸沒在水中時浮力為4N，則物體的體積為物體在鹽水中所受的浮力為則步驟E中所用鹽水的密度25.小明在老師的指導下對“電流與電阻的關系”進行探究，現提供如下器材：電壓恒定為4.5V的電源；阻值分別為5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的五個定值電阻；標有“15Ω

2A”的滑動變阻器和“30Ω

1A”的滑動變阻器；電壓表（0~3V）、電流表（0~0.6A）、開關各1只，導線若干。（1）小明同學設計了如圖甲所示的實驗電路圖，請根據電路圖幫助他將圖乙中的實物圖連接完整。____（2）若電路連接正確，小明在閉合開關前，發現電流表指針如圖丙所示，那么他接下來的操作應該是________。（3）排除電路故障后，將滑動變阻器的滑片P移動到最右端，閉合開關，調節滑片P，使電壓表的示數為2.5V時，電流表的指針如圖丁所示，此時電路中電流為________A，他此時接入電路的定值電阻R的阻值為________Ω。（4）完成步驟（3）后，若保持滑片P位置不變，斷開開關，將定值電阻替換成10Ω，閉合開關，向________（選填“左”或“右”）移動滑片P直到電壓表示數再次變為2.5V為止，并讀出此時電流表的示數。（5）多次改變接入電路的定值電阻R，并重復步驟（4）。最終得出電流與電阻的關系。（6）為確保后續所有定值電阻接入電路后都能完成該探究內容，應選擇滑動變阻器________（選填“”或“”）接入電路。（7）在完成上述探究內容后，小明將電路中的定值電阻替換成未知電阻，并利用伏安法成功測量出了的阻值。在他興奮地向老師匯報成果后，老師告訴他還有其他的方法也能夠測出未知電阻的阻值，下列電路不能成功測出未知電阻阻值的是________（阻值已知，電源電壓不變）【答案】

①.

②.將電流表指針調零

③.0.5

④.5

⑤.右

⑥.R2

⑦.B【解析】【詳解】（1）[1]探究“電流與電阻的關系”時，采用電壓表測量定值電阻兩端電壓，故電壓表并聯在定值電阻兩端，電流表測量電路電流，電流表串聯進電路中，故將定值電阻右端接線柱與電壓表的負接線柱連接，如下圖所示：（2）[2]如圖丙所示，在閉合開關前，電流表指針在零刻度線的左側，說明此時電流表沒有調零，故他接下來的操作應該是將電流表指針調零。（3）[3]如圖丁所示，電流表的量程為0~0.6A，分度值為0.02A，示數為0.5A，故此時電路中電流為0.5A。[4]接入電路的定值電阻R的阻值為（4）[5]由（3）可知，原定值電阻阻值為5Ω，替換成10Ω后，根據串聯分壓知識可知，阻值越大，分壓越多，即定值電阻兩端的分壓會變大，在本實驗中需要保持定值電阻兩端的電壓不變，故可以增大變阻器的分壓來減小定值電阻兩端的電壓，即減小變阻器的阻值，故可以向右移動滑片P直到電壓表示數再次變為2.5V為止。（6）[6]根據串聯分壓知識可知，定值電阻與變阻器兩端電壓和電阻的關系可表示為則當定值電阻的阻值最大時，變阻器的阻值也最大，電源電壓為4.5V，定值電阻最大阻值為25Ω，故可得解得，故選擇應選擇滑動變阻器接入電路。（7）[7]A．當開關S1、S2閉合時，電壓表測量電源電壓U，當開關S1閉合、S2斷開時，電壓表測量未知電阻兩端電壓U1，根據串聯分壓知識可知則未知電阻的阻值為故A不符合題意；B．當S1、S2閉合時，電壓表測量電源電壓，當S1閉合、S2斷開時，電壓表仍然測量電源電壓，無法得到其他信息，無法測量未知電阻的阻值，故B符合題意；C．當S1閉合，S2接上接線柱時，電流表測量通過R0的電流I2，則電源電壓可表示為當S1閉合，S2接下接線柱時，電流表測量通過未知電阻的電流I3，則未知電阻的阻值為故C不符合題意；D．當S1、S2閉合時，未知電阻單獨工作，電流表測量通過未知電阻的電流I4，電源電壓可表示為①當S1閉合，S2斷開時，R0和未知電阻串聯，電流表測量串聯電路電流I5，則電源電壓可表示為②聯立①②式可得，未知電阻的阻值為故D不符合題意。故選B。五、綜合運用與計算題（本題共2小題，42題6分，43題7分，共13分，解答時要求有必要的文字說明、公式和計算過程，只寫結果不得分）26.如圖所示<p電源電壓恒定不變。電流表量程0~3A，電壓表量程0~15V，滑動變阻器標有“40Ω

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