2024屆高三二輪復習聯考(一)

物理試題

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、考場號、座位號、準考證號填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改

動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在

本試卷上無效。

3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。

考試時間為75分鐘，滿分100分。

一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有

一項是符合題目要求的。

1.鈣鈦礦是新型太陽能電池的重點研發方向之一，我國科研團隊刷新大面積全鈣鈦礦光伏組件光電轉化效

率世界紀錄。面積為2.60m2的太陽能電池板總保持與太陽光線垂直，在電池板處太陽光的強度為

1.39kW/m2,假設太陽輻射波長為550nm的單色光，而且所有輻射到電池板上的光子均被板吸收，已知

8

力=6.63xIO&j.s,c=3,0xl0m/s,則電池板每秒鐘吸收的光子數目約為()

A.1.0x1022個B.1.0xl()2i個c.2.0x102。個D.2.0xl()2i個

2.圖甲為家用燃氣爐架，其有四個對稱分布的爪，若將總質量一定的鍋放在爐架上，如圖乙所示(側視圖),

忽略爪與鍋之間的摩擦力，若鍋是半徑為R的球面，正對的兩爪間距為d,則下列說法正確的是()

甲

A.及越大.爪與鍋之間的彈力越小B,及越大，爪與鍋之間的彈力越大

C.d越大，鍋受到的合力越大D.d越大，爪與鍋之間的彈力越小

3.2023年10月26日11時14分，搭載神舟十七號載人飛船的長征二號F遙十七運載火箭在酒泉衛星發射

中心點火發射。約10分鐘后.神舟十七號載人飛船與火箭成功分離，進入預定軌道，航天員乘組狀態良好,

發射取得圓滿成功。如圖所示，虛線為飛船的運行軌道.周期為T,離地高度為若飛船繞地球做勻速

圓周運動，地球半徑為R,則地球的第一宇宙速度大小為()

2MR+h)2兀(&+〃)//?+/?

A.B.

TVR

271Tz[h2兀(火+力)IR—

C.D.

~YF\R+h

4.小型發電機的工作原理如圖甲所示，兩磁極之間可視為勻強磁場，發電機產生的交變電流的電動勢隨時

間變化的關系圖像如圖乙所示，將線圖與阻值為10。的定值電阻相連.不計線內阻。下列說法正確的是

A.該交變電流的頻率為5Hz

B./=0.01s時，線圈平面轉到中性面位置

C.0?0.01s內，通過線圖的電荷皆為0.02C

D.如把擊穿電壓為20V的電容器接在發電機兩端，電容器剛好不會被擊穿

5.某簡諧橫波沿x軸傳播，在，=0時刻的波形如圖所示，此時介質中有三個質點5、。和￡?,8的橫坐

標為0,。的縱坐標為0,。與。間沿x軸方向的距離為波長的1倍，質點5的振動方程為

y=4sinfJem0下列說法正確的是（

A.該波沿x軸正方向傳播B.該波的波長為Um

C.該波的波速大小為12m/sD.t=0時刻起.質點。回到平衡位置的最短時間為1.5s

6.如圖所示，在直角三角形48C中，N/=30。，BC=R。A,3兩點各固定有點電荷，帶電荷量分

別為-4。、+Q,以。點為球心固定有不帶電的金屬球殼，球殼半徑為;R。已知靜電力常量為左，球殼

表面的感應電荷在球心。處產生的電場強度（）

B.大小為左告，方向沿R4方向

C.大小為左烏，方向與C5方向夾角為60。

D.大小為2左耳，方向沿平分線

7.中國國家郵政局監測數據顯示.2023年1?4月中國快遞業務量達300億件，我們的生活離不開快遞。

圖甲為快遞物流配送分揀示意圖，水平傳送帶和傾斜傳送帶以相同的速率逆時針運行。現將一質量為0.5kg

的貨物（可視為質點），輕放在傾斜傳送帶上端Z處，圖乙為傾斜傳送帶Z5段的數控設備記錄的貨物的速

度一時間圖像，1.2s末貨物剛好到達下端5處，隨后以不變的速率滑上水平傳送帶。端。已知CD段的長

度A=6m,最大靜摩擦力均與相應的滑動摩擦力相等，貨物與兩條傳送帶間的動摩擦因數相同，B、。間

甲乙

A.貨物與傳送帶間的動摩擦因數為0.5

B.傾斜傳送帶與水平面間的夾角為30。

C.貨物在水平傳動帶上做勻變速直線運動的時間為0.4s

D.貨物從。端運動到。端的過程中，貨物與傳送帶間因摩擦產生的總熱量為1J

二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多

項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

8.圖示為一半圓柱形透明體橫截面，橫截面的圓心為。，半圓柱的半徑為R,片為直徑N3上的點，

M

A.細光束肛經兩次折射后會從弧面N5射出

B.細光束町經N3面折射，在弧面Z3發生兩次全反射后再從N5面射出透明體

C.細光束第一次射出透明體時，折射角為45。

D.細光束第一次射出透明體時，折射角為30。

9.人們有時用“打夯”的方式把松散的地面夯實。設某次打夯符合以下模型：如圖所示，兩人同時通過繩

子對質量為加的重物分別施加大小均為加g（g為重力加速度的大小）、方向都與豎直方向成37。的力，重

,h

物離開地面高度〃后人停止施力，最后重物自由下落砸入地面的深度為,。cos37°=0.8,不計空氣阻力，

則（）

A.重物在空中上升的時間一定大于在空中下落的時間

B.重物克服地面阻力做的功等于人對重物做的功

C.重物剛落地時的速度大小為J藥

D.地面對重物的平均阻力大小為17加g

10.發電機的工作原理可以簡化為如圖所示的情景。質量為加的導體棒垂直于光滑導軌放管，導軌間距為/,

導軌間分布著垂直于導軌平面、磁感應強度大小為5的勻強磁場。將負載（電阻為火的電熱毯）接入導軌

中形成閉合回路，導體棒在恒力用的作用下由靜止開始沿光滑導軌運動。/時刻，導體棒速度達到V。導軌

和導體棒電阻忽略不計，導軌無限長，導體棒始終與導軌垂直且接觸良好。下列說法正確的是（）

XX

XX

B

XX

XX

A./時刻，導體棒運動速度丫=4/

m

B.0?/時間內發電機電動勢隨時間先增大后不變

02,22

C.f時刻，電熱毯的功率為——-

R

p-R

D.電熱毯的功率最終將達到一yy

B2!2

三、非選擇題：本題共5小題，共54分。

11.（7分）小明在探究“兩個互成角度的力的合成規律”時，用到兩根相同的橡皮筋、木板、白紙、筆、

圖釘、細線和刻度尺。請幫助他完善以下步驟。

6和細繩尸的一端連接，結點記為。。

（2）用刻度尺測量橡皮筋a的原長，記為4。

（3）如圖乙所示，在木板上固定白紙，在白紙上的J點固定橡皮筋b的上端，用手拉動橡皮筋a的自由端,

記錄此時橡皮筋a的長度4和結點。的位置。

（4）如圖丙所示，左手拉動橡皮筋a的自由端，右手拉動細線P,使得。點兩次位置重合，記錄此時橡皮

筋a的長度L2和。

（5）把橡皮筋a和細線尸互換位置再拉動，使，記錄

（6）根據胡克定律可知，橡皮筋a的彈力大小和形變是成正比，以形變量的大小作為彈力/、片及用，

根據記錄的信息作出平行四邊形，比較對角線F與尸的大小和方向是否大致相同，從而判斷兩個互成角度

的力的合成是否遵循平行四邊形定則。

12.（9分）李華同學查閱資料：某金屬在0?100C內電阻值凡與攝氏溫度/的關系為4=%（l+a。，其

中凡為該金屬在0℃時的阻值，a為溫度系數（為正值）。李華同學設計圖甲所示電路以測量該金屬的電阻

&和a值。可提供的實驗器材有:

A.干電池（電動勢約為1.5V,內阻不計）

B.定值電阻用（阻值為IkC）

C.定值電阻&（阻值為800Q）

D.滑動變阻器J1（阻值范圍0?40Q）

E.滑動變阻器Rp2（阻值范圍0?4kC）

F.電流計G（量程0?20〃A,內阻約5000）

G.電阻箱R（最大阻值為9999.9。）

H.攝氏溫度計

I.沸水和冷水各一杯

J.開關兩個及導線若干

請回答下列問題：

（1）滑動變阻器應選用（選填“Api”或“Rp2”），開關S1閉合前，滑動變阻器的滑片移到

（選填"a”或“6”）端。

（2）將電阻箱的阻值調為500。，閉合開關S1,讀出電流計G的示數，再閉合開關S,調節電阻箱的阻值,

直至閉合S2前、后電流計G的示數沒有變化，此時電阻箱的示數為360。，則電流計G的內阻為

________________________CO

（3）利用上述電流計G及電路測量該金屬的電阻&和a值的步驟如下：

①斷開開關S2,將&取下換成該金屬電阻，并置于沸水中；

②閉合開關S],讀出電流計G的示數；閉合開關S2,調節電阻箱的阻值，直至閉合開關S1前、后電流計G

的示數沒有變化，記下此時電阻箱的示數R和溫度/；

③多次將冷水倒一點到熱水中，重復步驟②，可獲得電阻箱的示數R和溫度f的多組數據.

（4）以電阻箱的示數R為縱軸，溫度f為橫軸，作出圖像如圖乙所示，則該金屬電阻在0℃時的阻值為

C,溫度系數為（結果用a、b、c表示）

13.（10分）圖示為馬德堡半球演示器，兩半球合在一起時，可形成一直徑d=20cm的球形空腔。現用細

軟管、雙向閥門與容積為200cm3、活塞橫截面積為10cm2的注射器改裝成小型的抽氣機。在溫度為27℃

的室內，每次滿量從球內緩慢抽出空氣。連接處氣密性很好，忽略軟管的容積，抽氣過程中球形空腔溫度

和體積均保持不變，摩擦不計。已知大氣壓強p0=lxl（）5pa,取兀33,計算結果均保留兩位有效數字。

求：

（1）對球形空腔抽氣2次后，球形空腔內的氣體壓強?2；

（2）若對球形空腔抽氣2次后，將馬德堡半球演示器從室內移到室外37℃的太陽下，經過一段時間后，半

球兩側至少均用多大的拉力才能把兩半球拉開。

14.（13分）如圖所示，以長方體abcd-aT/c'"'的ad邊中點。為坐標原點、ad方向為x軸正方向、a'a

方向為y軸正方向、方向為z軸正方向建立。坐標系，已知Oa=ab=aa'=L。長方體中存在沿y

軸負方向的勻強磁場，現有質量為加、電荷量為q的帶正電粒子（不計重力）.從。點沿z軸正方向以初速

度v射入磁場中，恰好從a點射出磁場。

（1）求磁場的磁感應強度8的大小；

（2）若在長方體中加上沿y軸負方向的勻強電場，讓粒子仍從。點沿z軸正方向以初速度v射入磁場中,

為使粒子能從儲點射出磁場，求電場強度區的大小;

（3）若在長方體中加上電場強度大小為E,=7J方向沿z軸負方向的勻強電場，讓該粒子仍從。點

qL

沿z軸正方向以初速度v射入磁場中，求粒子射出磁場時與。點的距離so

15.（15分）如圖甲所示，半徑尺=0.45m的J光滑圓弧軌道固定在豎直平面內，3為軌道的最低點，光

4

滑水平面上有一靜止的、足夠長、上表面粗耕的平板車緊挨圓弧軌道右側放置，平板車質量M=2kg,其

上表面與B點等高。質量機=1kg的滑塊（可視為質點）從圓弧軌道最高點A由靜止釋放。取g=10m/sz,

求:

（1）滑塊滑到圓弧軌道的最低點B時的速度大小；

（2）滑塊在平板車上運動的過程中，系統因摩擦轉化的內能；

（3）若平板車上表面鋪著特殊材料，其動摩擦因數從左向右隨距離均勻變化，滑塊運動全過程接觸位置動

摩擦因數變化情況如圖乙所示，經過/=1s二者達到共同速度，在此過程中平板車移動的距離x=0.4m,

請在圖丙中定性畫出達到共速之前平板車和物塊的速度一時間關系圖像，并求出圖乙中的〃1（結果可用分

數表示）和心

2024屆高三二輪復習聯考（一）

物理參考答案及評分意見

1.A【解析】太陽能電池板接收的功率尸=1.39kW/m2x2.60m2=3.614kW,

8

c3x10

一個光子的能量=〃上=6.63xl()Tx」_r—J?3.62X10-19J,

°2550xW9

22

則電池板每秒鐘吸收的光子數目N=先=*611義10工lx10個，A正確。

Eo3.62x10”

2.A【解析】對鋸進行受力分析如圖所示，爐架的四個爪對鍋的彈力的合力與鍋受到的重力大小相等,

底屋

K------

方向相反，即417cos。=加gcosd=^..........—,則R越大，爪與鍋之間彈力越小，A正確.B錯誤;

R

同理d越大，爪與鍋之間彈力越大，鍋受到的合力為零，C、D錯誤。

3.B【解析】根據萬有引力提供向心力有一處，=加號（火+〃），則地球質量屈=出口”史，

（R+力/T2,7GT2

GMmv2[GM2兀（R+〃）\R+h

設地球的第一宇宙速度大小為V,則"‘■=mL,解得v=也=」——B正確。

R2RVRT\R

4.B【解析】由圖乙可知交變電流的周期T=0.02s,頻率/="=50Hz,A錯誤；

/=0.01s時，電動勢為零，故線圈平面與中性面重合，B正確；

%=0和，=0.01s時，電動勢為零,磁通量有最大值,設為①m，則。~0.01s時間內磁通量變化量△①=2①m，

N△①

-ENA①2N①

通過線圈的電荷量9=IM=-AZ=二-----=——也,

RRRR

2nN①

m

由于電動勢的最大值￡min=N①imn①"rj-i,

根據圖像可知￡m=200V，解得q=Jc,C錯誤；

mY25兀

發電機的最大電壓為20回,如把擊穿電壓為20V的電容器挖在發電機上，

電容器會被擊穿，D錯誤。

【解析】由工工]得時，經過極短的時間△/,

5.Ay=4sin(f-cmI=0yB0=-2cm,

|ysl|<|yg0|,即/=0時質點8沿歹軸正方向振動，結合圖像知，該波沿x軸正方向傳播，A正確;

質點振動的周期T=，，s=4s,設/時刻，質點8第一次到達平衡位置處，即y=4sin[；/—1]cm=0,

2

解得/=』，即波再傳播質點處于平衡位置，如圖中虛線所示，則

S=—T,‘X5X-22=11m,

3121212

解得％=12m,B錯誤；

2

波速v==3m/s,C錯誤;

T

/=0時刻起，質點。回到平衡位置的最短時間為—=0.5s,D錯誤。

V

6.C【解析】Z處點電荷在C點產生的電場強度沿C4方向，大小為E[=kf^=k4,

1

(2R)2R2

8處點電荷在。點產生的電場強度沿方向，大小為石2=左烏=耳。

4、3兩處點電荷分別在C點產生的電場強度方向互成120。，大小相等，

所以合電場強度大小為￡=左且，方向與5C方向夾角為60。。

R2

由于金屬球殼內部電場強度處處為零，感應電荷在球心。處產生的電場強度大小為左g,

方向與CS方向夾角為60。，C正確。

7.B【解析】0?0.2s內，貨物在傾斜傳送帶上的加速度大小為4=31=2-m/s2=10m/s2,

1Nt10.2

0.2?1.2s內，貨物在傾斜傳送帶上的加速度大小為的=烈=m/s2=2m/s2,

2"2

Ar21.2-0.2

根據牛頓第二定律0?0.2s內，有加gsin6+pimgcosO=max,

0.2~1.2s內，有加gsin。-〃加geos。=冽。2，解得sin。=0.6,〃=0.5,A正確，B錯誤；

結合圖乙知，傳送帶的速率v=2m/s,貨物在水平傳送帶上運動的加速度大小為。=幺整=〃g,

m

貨物在水平傳送帶上做勻減速運動的時間q="工=0.4s，

a

貨物在水平傳送帶上做勻減速運動的位移大小為X=9^3,解得x=1.2m,

由于x<L,貨物與傳送帶共速一起做勻速運動，貨物在水平傳送帶上的相對位移Ax=》-匹3，

貨物與傳送帶間因摩擦產生的總熱量。=〃mgAx,解得0=1J,C、D正確。

8.BC【解析】光路如圖所示，由“=巴"-得，/1=30。，由N2=90。—/I得/2=60。，

sin/1

在△4OR中，根據正弦定理得/3=45。，設透明體的臨界角為C,貝！JsinC=,，可得C=45。，

n

由于/3=C,所以片￡光在片點發生全反射，由=0寫得/5=/4=45。，

則呂月光在月點發生全反射，最后從48而射出，B正確，A錯誤；

由于《《〃耳玲，NP3P4B=N2=60。,則月與光的入射角為30。，

根據光路可逆可知折射角為45。，C正確，D錯誤。

P

9.AD【解析】設停止施力瞬間重物的速度大小為匕，根據動能定理有（2Pcos37°-加=

則匕=112gh,設重物剛落地時的速度大小為％，

根據動能定理有2P0）537。小=；加<，則匕=J3.2g〃,C錯誤；

重物在空中運動過程，開始在拉力作用下做勻加速運動，速度大小達到V1后做勻減速運動直至速度為零，

之后再做勻加速直線運動直至速度大小為v2,

由此可知上升過程中的平均速度大小為匕=乜，下降過程中的平均速度大小為％=”，

又由于上升、下降位移大小相等，則重物在空中上升的時間一定大于在空中下落的時間，A正確；

重物在整個運動過程中，根據動能定理有少入+%-%且=0,則重物克服地面阻力做的功大于人對重物做

的功，B錯誤；

hh

根據動能定理有277cos37。?〃+加g而一耳^^=0,貝!J々且=17加g,D正確。

10.CD【解析】根據動量定理有甲-8歷=加丫，則v<&,A錯誤；

m

導體棒在恒力弓的作用下運動，由于電動勢￡=5'，電流/=逝=處，

RR

導體棒所受安培力F^=BIl=史?，導體棒的加速度a==娛—史？，

RmmmR

由此可知，隨著導體棒速度的增大，加速度逐漸減小，當加速度減小為零后，導體棒做勻速運動，

由于不知道/時刻加速度是否為零，則發電機電動勢可能隨時間先增大后不變，也可能一直增大，B錯誤；

，時刻，電熱毯的功率尸=/2尺=—L,c正確；

R

FR272FDD2722R

最終，導體棒勻速，即。邁=0,此時％=￡聯，電熱毯的功率q=一3D正

mmRmB2l2mRB2l2

確。

11.(4)0a與0P的方向

(5)。點位置再次重合且拉動方向均不變橡皮筋a的長度4

(敘述合理即可得分，寫不全得1分)

【解析】(4)實驗時要記錄力的大小和方向，力的大小可以通過橡皮笳的形變量獲得，力的方向可以沿橡

皮鄙畫點連線獲得。

(5)把橡皮筋a和細線尸互換位置再拉動，需要使兩次力的作用效果相同，故再次使。點位置重合且拉動

方向均不變，需要記錄橡皮筋a的長度4。

20b

12.(1)a(2)450(4)—a

「29ac

【解析】(1)S1閉合、S2斷開時，干路中的最大電流約400〃A,

滑動變阻器兩端的電壓最小值約為1.5V-(ikQ+0.5k^)x0.2mA=1.2V,

12V

滑動變阻器的最小電阻約為Rmm=-=3kC,滑動變阻器應選用Rp2=

為了保護電流計G不被損壞，開關S|閉合前，應將滑動變阻器的滑片向下移動到a端。

(2)閉合S2前、后電流計G的示數沒有變化，則電流計G中的電流與4的電流相等，

R中的電流與&中的電流相等，4與此兩端的電壓相等，電流計G與R兩端的電壓相等,

D1

可得電流計的內阻凡=」R=—x360Q=450Qo

g

R20.8

(4)將此取下換成該金屬電阻的情況下，同理可得凡=^尺=曰火，

由圖乙得R=2二，即凡=209一%+型、,

c"%9

又人=凡(1+必)=凡/+凡，則凡a=20。-啖&=型0,解得

9c9ac

13.(1)9.1xlO4Pa(2)1.8X102N

【解析】(1)球形空腔的容積=4x103cn?,注射器的容積匕=200cm3,

根據玻意耳定律，第一次抽氣有4/=0(%+%)，

2

"V"

4

第二次抽氣有口%=.(%+%)，解得22=I-1Pqx9.1xlOPao

(2)馬德堡半球演示器從室內移到室外，球內氣體等容外溫,

根據查理定律得匹=匹，其中7；=300K,7；=310K,解得夕3a9.4xl()4pa,

拉力至少為E=(0—2)兀,解得尸=1.8X1()2N。

、2mv,、8mv2/、(V3)

14.(z1)——(2)-3—(3)1--7TL

qL7iqLI6J

【解析】(1)粒子在aOzb平面內做的速圓周運動，如圖中軌跡1所示。

210

洛倫茲力提供向心力，則尹8=加匕，r=-L,解得5=-^。