2022-2023學年浙江省杭州市綠城育華中學高二物理上學期摸底試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選）關于點電荷的說法，正確的是（ ）

A.只有體積很小的帶電體，才能作為點電荷

B.體積很大的帶電體一定不能看作點電荷

C.當兩個帶電體的大小及形狀對它們之間的相互作用力的影響可忽略時，這兩個帶電體可看作點電荷

D.一切帶電體都可看成是點電荷參考答案：C2.第一次提出用電場線形象描述電場；用磁感線形象描述磁場的物理學家是法拉第，因此“法拉第”被稱為“力線之父”。高二學生在學習電場知識時，形成了以下結論性觀念，你認為正確的是

(

)A．描述電場的電場線并不是客觀存在的，僅是一種科學物理模型。因此，電場也是客觀不存在的B．在電場中某點處，當放入正檢驗電荷時，受到的電場力方向向右；當放入負檢驗電荷時，受到的電場力方向向左。因此該點處電場強度的方向與檢驗電荷的電性有關C．在某電場中，引入一個初速度為零的負檢驗電荷放在某處，僅在電場力的作用下，負檢驗電荷由該處移到某一個位置時，則其電勢能一定減少。D．在描述電場的物理量：電勢、電勢能、電勢差、電場強度中，電勢差和電場強度為矢量參考答案：C3.（單選）如圖所示，真空中存在一個水平向左的勻強電場，場強大小為E，一根不可伸長的絕緣細線長度為l，細線一端拴一個質量為m、電荷量為q的帶負電小球，另一端固定在O點．把小球拉到使細線水平的位置A，由靜止釋放，小球沿弧線運動到細線與水平方向成角θ＝60°的位置B時速度為零．以下說法中正確的是()A．小球在B位置處于平衡狀態B．小球受到的重力與電場力的關系是Eq＝mgC．小球將在AB之間往復運動，且幅度將逐漸減小D．小球從A運動到B過程中，電場力對其做的功為－qEl參考答案：D4.（單選）下列四張圖中，沿MN直線從M到N的過程中，電場強度是先增大后減小的是

參考答案：c5.如圖所示，在豎直平面內，AB⊥CD且A、B、C、D位于同一半徑為r的圓上，在C點有一固定點電荷，電荷量為﹣Q．現從A點將一質量為m、電荷量為﹣q的點電荷由靜止釋放，該點電荷沿光滑絕緣軌道ADB運動到D點時的速度大小為4．已知重力加速度為g．規定電場中B點的電勢為零，則在﹣Q形成的電場中（）A．D點的電勢為B．A點的電勢高于D點的電勢C．D點的電場強度大小是A點的倍D．點電荷﹣q在D點具有的電勢能為7mgr參考答案：A【考點】電勢能；電勢．【分析】根據沿著電場線方向，電勢降低，分析D與A兩點電勢的高低；根據動能定理，求解﹣q在D點具有的電勢能，再結合電勢的定義式即可求解D點的電勢；根據點電荷電場強度公式E=k，即可研究D、A兩點場強的關系．【解答】解：ABD、由題意可知，A、B到C的距離相等，則AB的電勢相等．沿著電場線的方向，電勢降低，而電場線會聚于負電荷，則A點的電勢低于D點電勢﹣q電荷從A到D運動，根據動能定理，則有：mgr+W電=m（4）2﹣0，解得電場力做功：W電=7mgr；規定電場中B點的電勢為零，A點的電勢也為零，因由A到D點電場力做正功，則電勢能減小，因此點電荷﹣q在D點的電勢能為EPD=﹣7mgr；D點的電勢為φD==，故A正確，BD錯誤．C、由幾何關系得：D到C的距離與A到C的距離之比為：1，根據點電荷電場強度公式E=k，電場強度的大小與間距的平方成反比，則有D點電場強度大小是A點的倍，故C錯誤；故選：A．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.（4分）A、B兩幅圖是由單色光分別入射到圓孔而形成的圖象，其中圖A是光的__________(填干涉或衍射)圖象。由此可以判斷出圖A所對應的圓孔的孔徑____________(填大于或小于)圖B所對應的圓孔的孔徑。參考答案：衍射；小于7.聲傳感器話筒能將______信號轉換為_______信號，電容式話筒的保真度比動圈式話筒好，其工作原理如圖所示。Q是絕緣支架，薄金屬膜M和固定電極N形成一個電容器，被直流電源充電，當聲波使膜片振動時，電容發生變化，電路中形成變化的電流。當膜片向右運動的過程中電容

（選填“變大”或“變小”），導線AB中有

（選填“向左”或“向右”）的電流。

參考答案：聲，電，變小，向左8.如圖所示，A、B是電場中的兩點.一個電荷量為q=+4.0×10－8C的點電荷在A點所受電場力FA=2.0×10－4N，將該點電荷從A點移到B點，電場力做功W=8.0×10－7J。則A點電場強度的大小EA=

N/C,A、B兩點間的電勢差UAB=

V參考答案：9.如圖是簡化的多用電表電路圖。圖中

為電流測量端，測量時，

插入“－”插孔。參考答案：1、2

黑10.在某次冰壺比賽中，運動員將一冰壺甲以3m/s速度推出，與正前方另一靜止的相同質量的冰壺乙發生對心正碰，碰撞后冰壺乙以2m/s速度向前滑行，方向與冰壺甲碰前運動方向相同，則碰后瞬間冰壺甲的速度大小為

，該碰撞是

（選填“彈性碰撞”或“非彈性碰撞”）。參考答案：1m/s

非彈性碰撞兩冰壺碰撞過程，動量守恒，由動量守恒得：即解得：；得碰后瞬間冰壺甲的速度為：碰撞前動能是：，碰撞后的動能是：，由此可知，碰撞前后，系統動能關系為，該碰撞為非彈性碰撞11.一個帶電小球，用細繩懸掛在水平方向的勻強電場中，當小球靜止后把懸繩燒斷，小球將沿

方向做

運動參考答案：懸繩的延長線

勻加速直線12.在電場中某處放入電荷量為－4.0×10－4C點電荷時，它受到的電場力的大小為6.0×10－4N，方向水平向右．求該處電場強度的大小

N/C,把這個點電荷移走，該處的電場強度大小是

N/C，方向是

。參考答案：13.（6分）傳感器擔負著信息采集的任務，在自動控制中發揮著重要作用，傳感器能夠將感受到的物理量(如溫度、光、聲等)轉換成便于測量的量(通常是電學量)，例如熱傳感器，主要是應用了半導體材料制成的熱敏電阻，熱敏電阻隨溫度變化的圖線如圖甲所示，圖乙是用熱敏電阻．作為傳感器制作的簡單自動報警器線路圖。則：

(1)為了使溫度過高時報警器鈴響，開關應接在________(填“”或“”)

(2)若使啟動報警的溫度提高些，應將滑動變阻器的滑片P點向_________移動(填“左”或“右”)．參考答案：（1）；（2）左三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.(10分)“玻意耳定律”告訴我們：一定質量的氣體．如果保持溫度不變，體積減小，壓強增大；“查理定律”指出：一定質量的氣體，如果保持體積不變，溫度升高．壓強增大；請你用分子運動論的觀點分別解釋上述兩種現象，并說明兩種增大壓強的方式有何不同。參考答案：一定質量的氣體．如果溫度保持不變，分子平均動能不變，每次分子與容器碰撞時平均作用力不變，而體積減小，單位體積內分子數增大，相同時間內撞擊到容器壁的分子數增加，因此壓強增大，（4分）一定質量的氣體，若體積保持不變，單位體積內分子數不變，溫度升高，分子熱運動加劇，對容器壁碰撞更頻繁，每次碰撞平均作用力也增大，所以壓強增大。（4分）第一次只改變了單位時間內單位面積器壁上碰撞的分子數；而第二種情況下改變了影響壓強的兩個因素：單位時間內單位面積上碰撞的次數和每次碰撞的平均作用力。（2分）15.（4分）如圖是高頻焊接原理示意圖，線圈中通以高頻交流電時，待焊接的金屬工件中就產生感應電流，由于焊接處的接觸電阻很大，放出的焦耳熱很多，致使溫度升得很高，將金屬熔化，焊接在一起，我國生產的自行車車架就是用這種辦法焊接的。請定性地說明：為什么交變電流的頻率越高，焊接處放出的熱量越多？參考答案：交變電流的頻率越高，它產生的磁場的變化就越快。根據法拉第電磁感應定律，在待焊接工件中產生的感應電動勢就越大，感應電流就越大(2分)，而放出的熱量與電流的平方成正比，所以交變電流的頻率越高，焊接處放出的熱餐越多(2分)。四、計算題：本題共3小題，共計47分16.某高中物理課程基地擬采購一批實驗器材，增強學生對電偏轉和磁偏轉研究的動手能力，其核心結構原理可簡化為題圖所示，AB、CD間的區域有豎直向上的勻強電場，在CD的右側有一與CD相切于M點的圓形有界勻強磁場，磁場方向垂直于紙面，一帶正電粒子O點以水平初速度v0正對P點進入該電場后，從M點飛離CD邊界，再經磁場偏轉后又從N點垂直于CD邊界回到電場區域，并恰能返回O點，已知OP間距離為d，粒子質量為m，電荷量為q，電場強度大小，粒子重力不計，試求：（1）粒子從M點飛離CD邊界時的速度大小；（2）P、N兩點間的距離；（3）磁感應強度的大小和圓形有界勻強磁場的半徑。參考答案：（1）2v0；（2）；（3）間的距離為：。考點：帶電粒子在勻強磁場中的運動、牛頓第二定律、向心力【名師點睛】本題關鍵是明確粒子的受力情況和運動情況，畫出運動軌跡，然后結合類似平拋運動的分運動公式、牛第二定律、幾何關系列式求解。17.如圖所示,勻強磁場的磁感應強度方向豎直向上，一傾角為α=600的光滑斜面上,靜止一根長為L=1m，重G=3N，通有電流I=3A的金屬棒。求：（1）勻強磁場的磁感應強度大小；（2）導體棒對斜面的壓力大小。參考答案：(1)T

(2)6N；18.如圖所示，四個電阻阻值均為R，電鍵S閉合時，有一質量為m，帶電量為q的小球靜止于水平放置的平行板電容器的中點．現打開電鍵S，這個帶電小球便向平行板電容器的一個極板運動，并和此板碰撞，碰撞過程中小球沒有機械能損失，只是碰后小球所帶電量發生變化，碰后小球帶有和該板同種性質的電荷，并恰能運動到另一極板，設兩極板間距離為d，不計電源內阻，求：（1）電源電動勢E多大？（2）小球與極板碰撞后所帶的電量為多少？參考答案：解：（1）當S閉合時，電容器電壓為U，則：①對帶電小球受力分析得：②由①②式解得：③（2）斷開S，電容器電壓為U′，則：U′=④對帶電小球運動的全過程，根據動能定理得：q′U