新疆伊犁州奎屯一中2023年高三物理第一學期期末檢測模擬試

題

注意事項

1.考生要認真填寫考場號和座位序號。

2.試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B

鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。

3.考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，

只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，將一個質量為機的半球形物體放在傾角為37。的斜面上，用通過球心且

水平向左的力F作用在物體上使其靜止.已知物體與斜面間的動摩擦因數為〃=。.5,

最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g,sin37。=0.6,cos37。=0.8.要使半球體

剛好沿斜面上滑，則力F的大小是（）

B.2mgC.3mgD.4mg

2、關于對平拋運動的理解，以下說法正確的是（）

A.只要時間足夠長，其速度方向可能沿豎直方向

B.在任意相等的時間內速度的變化量相同

C.可以運用“化曲為直”的方法，分解為豎直方向的勻速直線運動和水平方向的自由落

體運動

D.平拋運動的水平位移與豎直高度無關

3、圖為某發電站的發電機發出的交流電，經升壓變壓器、降壓變壓器后向某小區的用

戶供電的示意圖，已知升壓變壓器原線圈兩端的電壓為"=500sinl00R（V）。則下列說法

正確的是（）

A.小區用戶得到的交流電的頻率可能為100Hz

B.升壓變壓器原線圈兩端的電壓的有效值為500V

C.用電高峰時輸電線上損失的電壓不變

D.深夜小區的用戶逐漸減少時，輸電線損耗的電功率減小

4、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地.一

帶電油滴位于兩板中央的P點且恰好處于平衡狀態.現將平行板電容器的上極板豎直

向下移動一小段距離（）

E

A.帶電油滴將沿豎直方向向上運動

B.帶電油滴將沿豎直方向向下運動

C.P點的電勢將降低

D.電容器的電容減小，電容器的帶電量將減小

5、質量為機的物塊放在傾角為。的固定斜面上。在水平恒力F的推動下，物塊沿斜面

以恒定的加速度a向上滑動。物塊與斜面間的動摩擦因數為〃，則尸的大小為（）

m(a+gsin9+cos0)m{a-gsinff)

A

cosOcos3+〃sin。

m(a+gsin0+jugcos0)m(a+gsin，+cos6)

cos0+/jsm0cos，一〃sin，

6、下列說法正確的是

A.0射線為原子的核外電子電離后形成的電子流

B.一個氫原子從n=3的激發態躍遷到基態時，最多能產生3個不同頻率的光子

C.用加溫、加壓或改變其化學狀態的方法都不能改變原子核衰變的半衰期

D.原子核經過衰變生成新核，則新核的質量總等于原核的質量

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，

有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得

0分。

7、在光滑水平面上，小球A、B（可視為質點）沿同一直線相向運動，A球質量為1kg,

B球質量大于A球質量。如果兩球間距離小于L時，兩球之間會產生大小恒定的斥力，

大于L時作用力消失。兩球運動的速度一時間關系如圖所示，下列說法正確的是

A.B球質量為2kg

B.兩球之間的斥力大小為0.15N

C.t=30s時，兩球發生非彈性碰撞

D.最終B球速度為零

8、2019年11月我國首顆亞米級高分辨率光學傳輸型立體測繪衛星高分七號成功發射,

七號在距地約600km的圓軌道運行，先期發射的高分四號在距地約36000km的地球同

步軌道運行，關于兩顆衛星下列說法正確的是（）

A.高分七號比高分四號運行速率大

B.高分七號比高分四號運行周期大

C.高分七號比高分四號向心加速度小

D.相同時間內高分七號與地心連線掃過的面積比高分四號小

9、關于熱現象，下列說法中正確的是（）

A.對于一定質量的理想氣體，當分子間的平均距離變大時，壓強不一定變小

B.氣體吸熱后溫度一定升高

C.氣體溫度每升高1K所吸收的熱量與氣體經歷的過程有關

D.質量和溫度都相同的氣體，內能一定相同

E.自然發生的熱傳遞過程是向著分子熱運動無序性增大的方向進行的

10、一交流發電機組為某用戶區供電的示意圖如圖所示，發電機組能輸出穩定的電壓。

升壓變壓器原、副線圈匝數之比為為："2=1：10.線圈兩端的電壓分別為5、“.輸電線

的總電阻為r,降壓變壓器的原、副線圈匝數之比為“3："4=10：1，線圈兩端電壓分別

為仿、5,L是用戶區里一常亮的燈泡，三個回路的干路電流分別為4、%、13,隨著

用電高峰的到來，用戶區開啟了大量的用電器，下列說法正確的是（）

A.電壓以不變，始終等于Ui

B.電流4始終等于4

c.L變暗

D.輸電線的電阻消耗的功率減小

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫

出演算過程。

11.（6分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，需測量一個標有“3V,1.5W”燈

泡兩端的電壓和通過燈泡的電流.現有如下器材：

直流電源（電動勢1.2V,內阻不計）

電流表Ai（量程1A,內阻約2.1Q）

電流表A2（量程622mA,內阻約5Q）

電壓表Vi（量程IV,內阻約1k。）

電壓表V2（量程15V,內阻約222kQ）

滑動變阻器Ri（阻值2?12。，額定電流1A）

滑動變阻器R2（阻值2?1k。，額定電流122mA）

⑴在該實驗中，電流表應選擇（填“Ai”或“A2”），電壓表應選擇（填“/”

或“V2”），滑動變阻器應選擇（填“Rr，或“R2”）.

（2）某同學用導線“、b、c、d、e、f、g和九連接成如圖甲所示的電路，請在乙圖方框中

完成實驗的電路圖

（1）該同學連接電路后檢查所有元器件都完好，電流表和電壓表已調零，經檢查各部分

接觸良好.但閉合開關后，反復調節滑動變阻器，小燈泡的亮度發生變化，但電壓表和

電流表示數不能調為零，則斷路的導線為.

（4）如圖是學習小組在實驗中根據測出的數據，在方格紙上作出該小燈泡的伏安特性曲

線.若將該燈泡與一個6.2。的定值電阻串聯，直接接在題中提供的電源兩端，請估算

該小燈泡的實際功率尸=W（保留兩位有效數字）.（若需作圖，可直接畫在圖中）

12.（12分）某實驗小組做“驗證機械能守恒定律，，的實驗裝置如圖所示，圖中A為鐵架

臺，B,C是用細線連接的兩個物塊，D為固定在物塊C上的細遮光條（質量可忽略不

計），E為固定在鐵架臺上的輕質定滑輪，F為光電門，實驗步驟如下：

①用游標卡尺測得遮光條的寬度為d,用天平分別稱出物塊B、C的質量分別為和

用跨過定滑輪的細線連接物塊B和C；

②在鐵架臺上標記一位置O,并測得該位置與光電門之間的高度差h-,

③將物塊C從位置0由靜止釋放，C加速下降，B加速上升；

④記錄遮光條D通過光電門的時間t.

依據以上步驟，回答以下問題：

（1）該實驗的研究對象是填“B”或"C”或"B、C組成的系統”）；

（2）從物塊C由靜止釋放到其經過光電門的過程中，研究對象的動能增加量

-一二=,研究對象的重力勢能減少量-（用實驗中測量的量表示,

重力加速度為g）。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出

必要的文字說明、方程式和演算步驟。

13.（10分）粗糙絕緣的水平地面上有一質量為m的小滑塊處于靜止狀態、其帶電量為

貝0>0）。某時刻，在整個空間加一水平方向的勻強電場，場強大小為E=」。經時間

q

/后撤去電場，滑塊繼續滑行一段距離后停下來。已知滑塊與地面間的動摩擦因數為

〃=0.5,重力加速度為g,求滑塊滑行的總距離心

14.（16分）如圖所示，一定質量的氣體從狀態A經狀態8、C、。再回到狀態A.已

知氣體在狀態A時的體積是IL。（latm=1.013xl05Pa,ln3=1.099）

①求氣體在狀態C的體積；

②氣體從狀態A經狀態5、c、。再回到狀態A的過程中，吸收或放出的熱量Q。

0450900亍K

15.（12分）甲、乙兩列簡諧橫波在同一介質中分別沿x軸正向和負向傳播，波速度均

為v=25cm/s.兩列波在/=0時的波形曲線如圖所示，求：

（1）/=0時，介質中偏離平衡位置位移為16cm的所有質點的x坐標；

（2）從『=0開始，介質中最早出現偏離平衡位置位移為-16?！钡馁|點的時間.

/y/cm

…

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中,

只有一項是符合題目要求的。

1、B

【解析】

分析半球形物體的受力，如圖所示

物體剛好沿斜面上滑時，由平衡條件得:

Fcos37°-mgsin37°=,N=Fsin37°+mgcos37°

聯立兩式解得

F=2mg

A.mg,與分析不符，故A錯誤；

B.2mg,與分析相符，故B正確；

C.3mg,與分析不符，故C錯誤；

D.4mg,與分析不符，故D錯誤；

故選：Bo

2、B

【解析】

A.當平拋運動下落時間無論多么長，由于存在水平方向的分速度，則速度方向不可能

豎直向下，故A錯誤；

B.由公式△v=af=gf,可知平拋運動的物體在任意相等時間內速度的變化量相同，故B

正確；

C.平拋運動運用，此曲為直”的方法，分解為水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向

上做自由落體運動，故C錯誤；

D.平拋運動的水平位移為

[2h

x=vof=voJ—

知平拋運動的水平位移由初速度和拋出點的高度共同決定，故D錯誤。

故選B?

3、D

【解析】

A.發電機的輸出電壓隨時間變化的關系，由電壓的表達式可知T=0.02s,故

/=-=Hz=50Hz

T0.02

又由于變壓器不改變交流電的頻率，則用戶得到的交流電的頻率也應為50Hz,A錯誤；

B.由圖像可知交流的最大值為Um=500V,因此其有效值為

也

則輸入原線圈的電壓為250A，B錯誤；

C.用電高峰時，用戶增多，降壓變壓器副線圈的電流增大，則原線圈的電流增大，輸

電電流增大，則輸電線上損失的電壓增大，C錯誤；

D.深夜小區的用戶逐漸減少時，則降壓變壓器的輸入功率減小，輸入電流也減小，輸

電線上損失的功率減小，D正確。

故選D。

4、A

【解析】

試題分析：根據電容器的決定式：c=——,當上極板向下移動時，d減小，電容變

4兀kd

大，又C=^，電壓U不變，因此電容器帶電量增多，D錯誤；根據電容器內部電場

強度E=§可知，d減小，電場強度增加，這樣油滴受到向上的電場力增加，將向上

a

運動，A正確，B錯誤；由于場強增大，由U="E”d可知，P與下極板電勢差變大，P

點電勢升高，C錯誤.

考點：電容器

5、D

【解析】

如圖所示，物塊勻加速運動受重力，格、推力F、滑動摩擦力號和支持力打。

正交分解后，沿斜面方向

Fcos0-Ff-mgsin0=ma

垂直于斜面方向平衡

FN=mgcos0+Fsin

又有

Ff=^FN

解以上三式得

_+gsin6+cos8)

r—

cos，一〃sin，

故選D?

6、C

【解析】

試題分析：0衰變的電子是原子核中的一個中子轉變為一個質子和一個電子，電子釋放

出來，不是來自核外電子，A錯誤；一個氫原子從n=3的激發態躍遷到基態時，最多

產生兩種不同頻率的光子，但是若是大量氫原子從n=3的激發態躍遷到基態時，最多

可產生3種不同頻率的光子，B錯誤；原子核的半衰期與外界因素無關，C正確；原子

核經過衰變生成新核，需要釋放出射線，質量減小，D錯誤；

考點：考查了原子衰變，氫原子躍遷

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，

有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得

0分。

7、BD

【解析】

當兩球間距小于L時，兩球均做勻減速運動，因3球質量大于A球質量可知3球加速

2—322

度小于A球的加速度，由2圖像可知：aB=-^-m/s=-0.05m/5；

2

aA=--^—m/s=0.15m/5；由牛頓第二定律：E=%%="既，解得

，〃B=3mA=3kg,尸=0.15N,選項A錯誤，B正確；由圖像可知，AB在30s時刻碰前速

度：以=0,VB=2m/s;碰后：v'A=3m/s,v'B=lm/s>因

/惚=；7%無一(gmAvA+g7%V；)=°可知f=30s時，兩球發生彈性碰撞,選項C錯

誤；由圖像可知，兩部分陰影部分的面積應該相等且都等于L可知最終B球速度為零,

選項D正確.

8、AD

【解析】

A.萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得

GMmv2

——--=m——

rr

可得

運行軌道半徑越大，運行的速度越小，高分七號比高分四號向心速率大，故A正確;

B.萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得

-Mm4/

G-r=m^r

解得

運行軌道半徑越大，運行的周期越大，所以高分七號比高分四號運行周期小，故B錯

誤；

C.萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得

_Mm

(j——=ma

解得

GM

a=-丁

r

運行軌道半徑越大，運行的加速度越小，所以高分七號比高分四號向心加速度大，故C

錯誤；

D.衛星與地心連線掃過的面積為

S=-2O=-rvt=-y/GMr

2r22

相同時間內，運行軌道半徑越大，與地心連線掃過的面積越大，相同時間內高分七號與

地心連線掃過的面積比高分四號小，故D正確；

故選ADo

9、ACE

【解析】

A.對于一定質量的理想氣體，當分子間的平均距離變大時，氣體體積變大，但氣體的

溫度可能也變大，壓強不一定變小，A正確；

B.根據熱力學定律，氣體吸熱后如果對外做功，則溫度不一定升高，B錯誤；

C.氣體溫度升高過程吸收的熱量要根據氣體升溫過程是否伴隨做功來決定，C正確；

D.氣體的內能由物質的量、溫度決定，質量和溫度都相同的氣體，內能可能不同，D

錯誤；

E.根據熱力學第二定律可知，自然發生的熱傳遞過程是向著分子熱運動無序性增大的

方向進行的，E正確。

故選ACEo

10、BC

【解析】

將遠距離輸電的電路轉化為等效電路

由閉合電路的歐姆定律

。2=，2（1+R效）

故隨著用電高峰的到來用戶區開啟了大量的用電器，R用減小，導致R效變小，則輸電

電流變大。

A.由變壓器的變壓比可知

%=生。1

%

。3=x。4=1。。4

%

但輸電線上有電阻r,產生損失電壓，故有

即且用電高峰5不變，。.變小，故A錯誤;

B.根據變壓器上的電流與匝數成反比，有

可得電流4始終等于匕，故B正確；

C.則輸電電流變大會導致損失電壓變大，而％不變，故4減小，可得口變小，

即并聯用戶的電壓減小，由尸=”可知L的功率變小，L變暗，故C正確；

R

D.由扁=/〉可知，輸電電流A變大會導致輸電線的電阻消耗的功率增大，故D錯誤。

故選BCo

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫

出演算過程。

IPQI

11、A2V1R1r---------h2.17W(2.15W-2.18W)

產I

【解析】

⑴山燈泡額定電流

￡P/U=1.5/1A=2.5A,

電流表選A2(量程622mA,內阻約5。)；

⑵燈泡額定電壓為IV,如果選擇15V量程則誤差太大，故電壓表只能選Vi(量程IV,

內阻約IkQ);

[1]描述小燈泡的伏安特性曲線，要求電流從零開始變化，需采用分壓電路.為保證電

路安全，方便實驗操作，滑動變阻器應選：R(阻值2?12。，額定電流1A);

(2)[4]由實物電路圖可知，滑動變阻器采用分壓接法，電流表采用外接法.根據實物電

路圖作出電路圖，如圖所示：

[5]小燈泡的亮度可以發生變化，但電壓表、電流表無法調為零，說明分壓電路變成限

流電路，導線“斷路；

(4)[6]電動勢為IV的電源與6.2J2的定值電阻串聯組成等效電源，在燈泡伏安特性曲線

中作出等效電源的U-1圖象，如圖所示：

U=1.2V,A2.1A,

燈泡功率為：

尸=UE.2VX2.1AH2.16W.

12、B、C組成的系統二土/Z--Z-.ZZ

【解析】

(1)口］實驗中要驗證機械能守恒，只有以B、C組成的系統為研究對象，才只有重力做

功，機械能才守恒，故該實驗的研究對象是B、C組成的系統。

(2)［2］因為遮光條的寬度為二：二，故物塊C通過光電門的速度可近似等于通過d的平

均速度，即

所以從物塊C由靜止釋放到其經過光電門的過程中，B、C組成的系統動能增加量

［3］從物塊C由靜止釋放到其經過光電門的過程中，物塊C下降瓦物塊B上升瓦故

B、C組成的系統重力勢能該變量為

二-C-L3

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出

必要的文字說明、方程式和演算步驟。

r12

13、L=-gt2

【解析】

設滑塊的質量為機，電場撤去前后過程，滑塊的加速度分別為囚、。2,全過程的最大

速度為V；

加速過程，對滑塊根據牛頓第二定律可得

qE-"ing=max.

由運動學公式

此過程的位移

須=3邛

撤去電場后，對滑塊根據牛頓第二定律可得

fj.mg-met]

由運動學公式

v2=2a2%

故

r12

L—%+%2=~gt?

14、①2L;②吸收的熱量為4.654xl()2j

【解析】

①由圖可知氣體在4B過程是等容升溫升壓，匕=1L,則％=1L,氣體在5c過程是等

壓升溫增容，根據蓋?呂薩克定律有

改=迄

TBTC

代入數據解得匕=2L。

②從C到D是等溫變化，根據玻意耳定律得有

PcVc=PDVD

代入數據解得％=6L

則根據夕-T圖線轉化為P-V圖線如圖所示

從3到C過程，等壓變化，體積增大，氣體對外界做功，根據

解得

^=