安徽省蕪湖縣一中2024屆物理高二第二學期期末質量檢測模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一質量為m的鐵錘,以速度v,豎直打在木樁上,經(jīng)過△t時間后停止,則在打擊時間內,鐵錘對木樁的平均沖力的大小是()A．+mg B．-mg C．mg D．2、如圖所示，物體B通過動滑輪懸掛在細繩上，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，動滑輪的質量和一切摩擦均不計．如果將繩的左端由Q點緩慢地向左移到P點，整個系統(tǒng)重新平衡后，繩的拉力F和繩子與豎直方向的夾角θ的變化情況是()A．F變大，θ變大 B．F變小，θ變小C．F不變，θ變小 D．F不變，θ變大3、“蹦極”是一項刺激的極限運動，運動員將一端固定的長彈性繩綁在踝關節(jié)處，從幾十米高處跳下。在某次蹦極中，彈性繩彈力F的大小隨時間t的變化圖象如圖所示，其中t2、t4時刻圖線的斜率最大。將蹦極過程近似為在豎直方向的運動，彈性繩中彈力與伸長量的關系遵循胡克定律，空氣阻力不計。下列說法正確的是A．t1～t2時間內運動員處于超重狀態(tài)B．t2～t4時間內運動員的速度先減小后增大C．t3時刻運動員的加速度為零D．t4時刻運動員具有向下的最大速度4、如圖，直角三角形金屬框abc放置在勻強磁場中，磁感應強度大小為B，方向平行于ab邊向上．當金屬框繞ab邊以角速度ω逆時針轉動時，a、b、c三點的電勢分別為Ua、Ub、Uc．已知bc邊的長度為l．下列判斷正確的是（）A．Ua＞Uc，金屬框中無電流B．Ub＞Uc，金屬框中電流方向沿a﹣b﹣c﹣aC．Ubc=﹣Bl2ω，金屬框中無電流D．Ubc=Bl2ω，金屬框中電流方向沿a﹣c﹣b﹣a5、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地。一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于平衡狀態(tài)。現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，則下列說法正確的是（）A．帶電油滴將沿豎直方向向上運動B．P點的電勢將升高C．油滴帶正電D．電容器的電容減小，極板帶電量將減小6、如圖是某品牌手機電池的銘牌，根據(jù)你所學的物理知識進行判斷，下列說法正確的是A．“3000mAh”表示該電池儲存的電能最多10800JB．“11.55Wh”表示該電池儲存的電能最多為41580JC．一個標注為“3V，4000F”的超級電容器容納的電荷量肯定比該電池能釋放的電荷量多D．用匹配的充電器給電池充電，若把電池從電量為10%充電到40%花了30分鐘，則充電器消耗的平均電功率為6.93W二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在光電效應實驗中，分別用頻率為va、vb的單色光a、b照射到同種金屬上，測得相應的遏止電壓分別為Ua和Ub、光電子的最大初動能分別為Eka和Ekb。h為普朗克常量，下列說法正確的是（）A．若va＞vb，則一定有Ua＜UbB．若va＞vb，則一定有Eka＜EkbC．若Ua＜Ub，則一定有Eka＜EkbD．若va>vb，則一定有hva-Eka=hvb-Ekb8、如圖是某質點做簡諧運動的振動圖象．根據(jù)圖象中的信息，回答下列問題．A．質點離開平衡位置的最大距離為10cmB．在1.5s和2.5s這兩個時刻，質點的加速度相同C．在1.5s和2.5s這兩個時刻，質點的速度相同D．質點在0.5s內通過的路程為一定是10cm9、兩個質量分別為m1=1kg,m2=2kg的物體A、B靜止在光滑的水平地面上，中間用一輕質彈簧將兩物體連接。如圖所示，現(xiàn)用兩個水平力推力F1=10N，F(xiàn)2=40N，分別作用在物體A、B上，則A．彈簧的彈力為25NB．彈簧的彈力為20NC．在突然撤去F1的瞬間，A的加速度為30m/s2D．在突然撤去F2的瞬間，A的加速度為10m/s210、物體沿一直線做勻加速直線運動，已知它在第2s內的位移為4.0m，第3s內的位移為6.0m，則下列判斷中正確的是（）A．它的加速度大小是2.0m/s2B．它在前7s內的位移是56mC．它的初速度為零D．它在第2s末的速度為5.0m/s三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用如圖所示的裝置，通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律，圖中PQ是斜槽，QR為水平槽。實驗時先使A球從斜槽上某一固定位置G由靜止開始滾下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡，重復上述操作10次，得到10個落點痕跡，然后用圓規(guī)畫一個盡可能小的圓，把所有的落點圈在里面，圓心即平均位置，其目的是減小實驗中的______填“系統(tǒng)誤差”或“偶然誤差”。再把B球放在水平槽上靠近水平槽末端的地方，讓A球仍從位置G由靜止開始滾下，和B球碰撞后，A、B球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡，重復這種操作10次，用中同樣的方法找出它們的平均落點位置。圖中O點是水平槽末端R在記錄紙上的垂直投影點，A、B球落點痕跡如圖所示，但未明確對應位置。碰撞后B球的水平射程應為______。在以下選項中，哪些是本次實驗必須進行的測量______A.水平槽上不放B球時，測量A球落點位置到O點的距離B.A球與B球碰撞后，測量A球落點位置到O點的距離C.測量A球或B球的直徑D.測量A球和B球的質量、E.測量G點相對于水平槽面的高度F.測量水平槽末端P點離O點的高度若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為______用實驗中測量的量表12．（12分）如圖是用氣墊導軌驗證兩滑塊碰撞過程中動量守恒的實驗裝置,已知遮光板寬度為,實驗過程中給滑塊一向右的初速度,使它碰撞靜止的滑塊．某同學記錄了滑塊碰撞前經(jīng)過光電門的遮光時間、碰撞后經(jīng)過光電門的遮光時間;滑塊碰撞后經(jīng)過光電門的遮光時間,選向右為正方向．(1)該實驗還需測量的量為__________A．滑塊的質量B．滑塊的質量C．兩光電門之間的距離D．開始時滑塊之間的距離(2)以下各空用題中和第(1)問中相關字母表達①碰撞前滑塊的總動量為__________．②若碰后滑塊向右運動,則碰撞后滑塊的總動量為__________．③若碰后滑塊向左運動,則碰撞后滑塊的總動量為__________．通過比較滑塊碰撞前后的總動量,既可驗證兩滑塊碰撞過程中動量是否守恒．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，直角玻璃三棱鏡ABC置于空氣中，棱鏡的折射率為n＝2，∠A＝60°。一細光束從AC的中點D垂直于AC面入射，AD＝a，求：(1)畫出光路圖并計算出光從棱鏡第一次射入空氣時的折射角；(2)光從進入棱鏡到它第一次從棱鏡中射出所經(jīng)歷的時間(光在真空中的傳播速度為c)。14．（16分）如圖所示，質量為M=5.0kg的小車在光滑水平面上以v1=2m/s速度向右運動，一人背靠豎直墻壁為避免小車撞向自己，拿起水槍以v2=4.0m/s的水平速度將一股水流自右向左射向小車后壁，射到車壁的水全部流入車廂內，忽略空氣阻力，已知水槍的水流流量恒為（1）經(jīng)多長時間可使小車速度減為零；（2）小車速度減為零之后，此人繼續(xù)持水槍沖擊小車，若要維持小車速度為零，需提供多大的水平作用力。15．（12分）如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比n1:n2＝4:1，原線圈回路中的電阻A與副線圈回路中的負載電阻B的阻值相等．a、b端加一交流電壓U后，輸入電壓U和B兩端電壓UB之比是多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】

對鐵錘分析可知，其受重力與木樁的作用力；設向下為正方向，則有：（mg-F）t=0-mv0；得：F=mg+；由牛頓第三定律可知，鐵錘對樁的平均沖力為：F=mg+；故選C．2、A【解題分析】

試題分析：整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，設兩側繩子的夾角為β，滑輪兩側繩的拉力，左端移動到P點后，根據(jù)幾何關系可知，此時兩繩的夾角β增大，所以兩側繩的拉力變大，由幾何知識可知，圖中角θ大小是兩繩的夾角大小的一半，由于滑輪兩側繩的夾角增大，所以角θ增大，故A正確；B、C、D錯誤．考點：共點力作用下的平衡；力的合成【名師點睛】本題主要考查了共點力作用下的平衡和力的合成的應用．屬于容易題．解決這類問題主要是求出繩子拉力的表達式，然后根據(jù)函數(shù)的增減性，判斷繩子拉力的變化趨勢．還要知道滑輪兩側的細繩的拉力大小相等．3、B【解題分析】

圖線的斜率最大，說明彈力變化最快，由于彈力與長度成正比，說明長度變化最快，即速度最大，根據(jù)圖象分析清楚運動員的運動過程，分析運動員的受力情況，根據(jù)運動員的運動過程與受力情況分析答題?！绢}目詳解】A．由彈性繩彈力F的大小隨時間t的變化圖象可知，0～t1時間內，運動員做自由落體運動，在t2、t4時刻圖線的斜率最大，說明彈力變化最快，由于彈力與長度成正比，說明長度變化最快，即速度最大，所以t1～t2時間內運動員做加速度逐漸減小的加速運動，處于失重狀態(tài)，故A錯誤；B．t2～t4時間內運動員的速度先減小后增大，故B正確；CD．t3時刻運動員的加速度方向向上，不為零，t4時刻運動員具有向上的最大速度，故C、D錯誤。【題目點撥】本題主要考查了牛頓第二定律與超失重，較為簡單。4、C【解題分析】試題分析：因為當金屬框繞軸轉運時，穿過線圈abc的磁通量始終為0，故線圈中無感應電流產生，選項BD錯誤；但對于bc與ac邊而言，由于bc邊切割磁感線，故bc邊會產生感應電動勢，由右手定則可知，c點的電勢要大于b點的電勢，故Ubc是負值，且大小等于Bl×=Bl2ω，故選項C正確；對于導體ac而言，由右手定則可知，c點的電勢大于a點的電勢，故選項A錯誤，所以選項C是正確的．考點：導合格切割磁感線產生感應電動勢．【名師點睛】該題既可以通過法拉第電磁感應定律得出線圈abc的感應電流情況，又可以通過對bc邊和ac邊的研究，看它們切割磁感線時產生感應電動勢的大小，判斷導線端點的電勢大小情況．5、D【解題分析】

A．將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)E=Ud得知板間場強減小，油滴所受的電場力減小，則油滴將向下運動。故B．場強E減小，而P點與下極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點與下極板間電勢差將減小，而P點的電勢高于下極板的電勢，則知P點的電勢將降低。故B錯誤；C．由帶電油滴原來處于平衡狀態(tài)可知，受電場力向上，而上極板帶正電，故說明油滴帶負電，故C錯誤；D．由C=εS4πkd可知電容C減小，根據(jù)Q=CU，由于電勢差不變，電容器的電容減小，故帶電量減小，故6、B【解題分析】

A.3000mAh表示電池用3000mA的電流放電時，可以持續(xù)一個小時，其對應的是電荷量，不是電能，故A錯誤；B、“11.55Wh”表示該電池儲存的電能最多為:故B正確；C.電容中容納的電量取決于其電壓值，如果充電后電壓很小，則電量很小，故超級電容容納的電量不一定比電池釋放的電荷量多，故C錯誤；D、由可得:則對應的功率:故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解題分析】

AB．根據(jù)光電效應方程知，由于，逸出功相同，則有又由于，則有故A、B錯誤；C．根據(jù)和則有故C正確；D．逸出功為由于金屬的逸出功相同，則有與頻率大小無關，故D正確；故選CD。8、AC【解題分析】由振動圖像可知，質點離開平衡位置的最大距離為10cm，選項A正確；在1.5s和2.5s這兩個時刻，質點的位移等大反向，則加速度等大反向，選項B錯誤；在1.5s和2.5s這兩個時刻，圖像的斜率相同，則質點的速度相同，選項C正確；0.5s=T/8，則質點在0.5s內通過的路程為一定小于10cm，選項D錯誤；故選C.9、BD【解題分析】

對AB的整體，由牛頓第二定律：解得a=10m/s2，則對A：，解得F=20N，則選項A錯誤，B正確；在突然撤去F1的瞬間，彈簧的彈力不變，則此時A的加速度為，選項C錯誤；在突然撤去F2的瞬間，因彈簧的彈力不變，則此時A所受的合外力不變，則A的加速度仍為10m/s2，選項D正確.10、ABD【解題分析】

由勻變速運動的規(guī)律代入數(shù)據(jù)可得，A正確由時間中點的速度等于全程的平均速度可知2s末的速度為，故物體的初速度為，因此物體7s內的位移為，代入數(shù)據(jù)解得，B正確C錯誤D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、偶然誤差；；ABD；；【解題分析】

明確實驗原理和誤差來源，知道多次測量求平均的方法只能減小偶然誤差；根據(jù)碰撞的基本性質確定兩小球的落點；根據(jù)動量守恒定律求出需要驗證的表達式，然后根據(jù)表達式分析答題。【題目詳解】（1）多次實驗求平均值是為了減小偶然誤差；（3）本實驗中用質量較大的球去碰撞質量較小的球，因此碰后，被碰球的水平位移較大，故B球的水平射程應為；（4）水平槽上未放B球時，測量a球落點位置到O點的距離，即測量出碰撞前A球的速度，故A正確；A球與B球碰撞后，測量A球落點位置到O點的距離，即測量出碰撞后A球的速度，故B正確；本實驗中不需要測量a球或b球的直徑，故C錯誤；測量a球和b球的質量或兩球質量之比，用來表示出球的質量，故D正確；不需要測量G點相對于水平槽面的高度，故E錯誤；實驗中只需要每次讓小球從同一點由靜止滑下即可，不需要測量P點O點的高度，故F錯誤。故選ABD。（5）根據(jù)兩小球從同一高度開始下落，故下落的時間相同，根據(jù)動量守恒定律可得：

故有：

即為：【題目點撥】本題考查驗證動量守恒定律實驗，要注意明確實驗原理，掌握兩球平拋的水平射程和水平速度之間的關系，是解決本題的關鍵。12、AB【