2024屆福建泉州市泉港區第一中學高一物理第二學期期末調研試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、(本題9分)如圖所示，豎直放置的兩個平行金屬板A、B帶等量的異種電荷，A板帶負電荷，B板接地。一帶負電的粒子固定在A、B兩板中間的一點P處。若將A板向左平移到虛線位置，則P點的電場強度E和該粒子的電勢能EP的變化情況是A．E不變，EPB．E不變，EPC．E改變，EPD．E改變，EP2、(本題9分)如圖所示為某人游珠江，他以一定的速度且面部始終垂直于河岸向對岸游去．設江中各處水流速度相等，他游過的路程、過河所用的時間與水速的關系是()A．水速大時，路程長，時間長B．水速大時，路程長，時間不變C．水速大時，路程長，時間短D．路程、時間與水速無關3、(本題9分)我國第一顆月球探測衛星“嫦娥一號”已于2007年10月24日在西昌衛星發射中心由“長征三號甲”運載火箭成功發射升空.假設該衛星的繞月軌道是圓形的，且距離月球表面高度為h，并已知該衛星的運行周期為T，月球的直徑為d，萬有引力常量為G，則可求出（）A．月球探測衛星“嫦娥一號”在離月球表面h高度軌道上運行的速度v=πd/TB．月球探測衛星“嫦娥一號”繞月軌道的半徑r=d+hC．月球質量D．月球表面的重力加速度4、(本題9分)如圖所示，長為L的輕桿，一端固定一個小球，另一端固定在光滑的水平軸上，使小球在豎直平面內做圓周運動．關于小球過最高點的速度V，下列說法中正確的是

A．V的最小值為B．V由零逐漸增大到時，桿對球的彈力逐漸增大C．V由逐漸增大時，桿對球的彈力逐漸減小D．是球所受彈力方向發生變化的臨界速度5、關于功和能，下列說法正確的是（）A．功有正負，因此功是矢量B．能量的單位是焦耳，功的單位是瓦特C．能量可以轉化與轉移，但是總量不變D．物體發生1m位移的過程中，作用在物體上大小為1N的力對物體做的功一定為1J6、在下列幾種情況中，甲乙兩物體的動能相等的是()A．甲的質量是乙的4倍，甲的速度是乙的一半B．甲的速度是乙的2倍，甲的質量是乙的一半C．甲的質量是乙的2倍，甲的速度是乙的一半D．質量相同，速度大小也相同，但甲向東運動，乙向西運動7、起重機將質量為m的貨物沿豎直方向勻加速提起，加速度大小為，貨物上升h的過程中（已知重力加速度為g），則（）A．貨物克服重力做功mghB．貨物的動能增加了mghC．合外力對貨物做功為mghD．貨物的機械能增加了mgh8、(本題9分)質量為m的汽車在平直的公路上從靜止開始以恒定功率P啟動，經過時間t汽車的位移大小為s，速度大小為v。此過程中，車所受阻力大小恒為f，則t時刻A．汽車的牽引力大小為PB．汽車的動能為Pt-fsC．汽車的加速度大小為(D．牽引力的功率為fv9、(本題9分)如圖，一個帶電粒子以初速度v0從A處進入某電場，實線表示電場線，虛線表示帶電粒子的運動軌跡，不計帶電粒子的重力，則以下說法正確的是()A．該粒子一定帶負電B．該粒子在A處的加速度大于B處的加速度C．該粒子在A處的動能大于B處的動能D．該粒子在A處的電勢能大于B處的電勢能10、(本題9分)一個連同裝備總質量M=100kg的宇航員，脫離飛船進行太空行走后，在與飛船相距d=45m的位置與飛船保持相對靜止．所帶氧氣筒中還剩有m0=0.5kg氧氣，氧氣除了供他呼吸外，還需向與飛船相反方向噴出一部分氧氣以獲得使他回到飛船反沖速度v′，為此氧氣筒上有可使氧氣以v=50m/s速度噴嘴．按照物理原理：如果一次性噴出氧氣質量為m，噴氣速度為v，則其獲得反沖速度v′=mv/M，已知耗氧率為R=2.5×10-4kg/s（即每秒鐘呼吸消耗氧氣量）．則為保證他安全返回飛船，一次性噴出氧氣質量m可能為（）A．0.04kgB．0.25kgC．0.35kgD．0.46kg二、實驗題11、（4分）(本題9分)某同學在應用打點計時器做驗證機械能守恒定律的實驗中，獲取一根紙帶如圖，但測量發現0、1兩點距離遠大于2mm，且0、1和1、2間有點漏打或沒有顯示出來，而其他點都是清晰完整的．現在該同學用刻度尺分別量出2、3、4、5、6、7六個點到0點的長度h2、h3、h4、h5、h6、h7，再分別計算得到3、4、5、6四個點的速度v3、v4、v5、v6和速度的平方、、，已知打點計時器打點周期為T．(1)該同學求6號點速度的計算式是v6＝_____．(2)然后該同學將計算得到的四組(hi，v)數據描繪在v2－h坐標系中，并以這四個點作出如圖所示的直線，請你回答：他是如何根據圖象判斷重錘下落過程中機械能守恒的？___．12、（10分）(本題9分)如圖所示為“探究求合力方法”的實驗，下列說法正確的是___________A．實驗前調節彈簧測力計使指針指零刻度線，然后用兩個彈簧測力計對拉，檢查兩個彈簧測力計示數是否相等；B．甲圖中，用兩個彈簧測力計分別鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，結點到達某一位置O，記錄下O點的位置，同時只需讀出兩個彈簧測力計的示數和的大小即可；C．乙圖中，用一個彈簧測力計，通過細繩套拉橡皮條使其結點達到同一位置O；D．丙圖中，用鉛筆和刻度尺作出拉力、和的圖示，用虛線把、和的箭頭端連接觀察其圖形特征，多次實驗得出實驗結論。

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、A【解題分析】

據題可知，電容器所帶電量Q不變，根據C=QU、C=εS4πkd、E=Ud,得E=4πkQεS，則知電場強度E不變，【題目點撥】本題是電容器動態變化分析問題，關鍵要掌握C=QU、C=εS4πkd、2、B【解題分析】

根據運動獨立性，過河的時間應該由垂直過河的游泳速度，以及河道寬度決定，即，由于人的速度不變，所以過河時間不受水流速度的影響；由于水流速度增加，所以沿河人在水里的漂流位移增加，即合位移變大，故B正確，ACD錯誤．3、C【解題分析】

A.月球探測衛星“嫦娥一號”在離月球表面h高度軌道上運行的速度為故A項與題意不相符；B.月球探測衛星“嫦娥一號”繞月軌道的半徑故B項與題意不相符；C.衛星繞月球做勻速圓周運動萬有引力做向心力，即為解得：故C項與題意相符；D.月球表面萬有引力即重力，故有所以，重力加速度為故D項與題意不相符．4、D【解題分析】A.小球在最高點的最小速度為零，此時桿子的支持力等于重力．故A錯誤；B.在最高點,根據得，速度增大，向心力也逐漸增大．故B正確；C.當v>，桿子表現為拉力，速度增大，向心力增大，則桿子對小球的拉力增大．故C正確；D．當v<時,桿子表現為支持力,此時有：mg?F=速度增大時,向心力增大,則桿子對小球的支持力減小，故D正確．故選BCD．點睛：桿子在最高點可以表現為拉力，也可以表現為支持力，臨界的速度為零，根據牛頓第二定律判斷桿子對小球的彈力隨速度變化的關系．5、C【解題分析】

A.功有正負，但功是標量，故A錯誤；B.能量的單位是焦耳，功的單位是焦耳，故B錯誤；C.根據能量守恒定律可知，能量可以轉化與轉移，但是總量不變，故C正確；D.物體發生1m位移的過程中，作用在物體上大小為1N的力對物體做的功不一定為1J，因為力有可能能與位移不在一條直線上，故D錯誤；6、AD【解題分析】

根據動能的表達式可知：A.甲的質量是乙的4倍，甲的速度是乙的一半，甲的動能與乙的相等，故A符合題意．B.甲的速度是乙的2倍，甲的質量是乙的一半，甲的動能與乙的不相等，故B不符合題意．C.甲的質量是乙的2倍，甲的速度是乙的一半，甲的動能與乙的不相等，故C不符合題意．D.質量相同，速度大小也相同，但甲向東運動，乙向西運動，動能是標量，甲的動能與乙的相等，故D符合題意．7、ACD【解題分析】

A、貨物上升h的過程中，貨物克服重力做功mgh，故A正確。B、根據動能定理：動能增加量Ek=F合h=mah=mgh，故B錯誤。C、合外力對貨物做功W合=F合h=mah=mgh，故C正確。D、根據牛頓第二定律：F拉-mg=ma，F拉=mg+ma=mg，貨物增加的機械能E機=F拉h=mgh，故D正確。8、BC【解題分析】

A．汽車所受的牽引大小為F＝B．根據動能定理可得t時刻的動能為Ek=Pt-fs，故B正確；C．根據牛頓第二定律可得此時的加速度大小為a＝D．由已知可知，牽引力的功率為P，由于不知在t時刻是否已經做勻速運動，故不一定等于fv，故D錯誤。9、AC【解題分析】

A.該帶電粒子從A處進入電場后，僅受電場力作用從A點沿虛線運動到B點.由軌跡的彎曲方向可知，它在A點所受電場力的方向必跟A點的場強方向相反，則該粒子帶負電，故A正確；B.因A處的電場線比B處的電場線疏，故A處場強比B處的小，帶電粒子在A處受到的電場力比在B處受到的電場力小，則該粒子在A處的加速度小于在B處的加速度，B錯誤CD.帶電粒子從A處運動到B處的過程中，電場力做負功，由動能定理可知其動能減小，電勢能增加，故C正確，D錯誤.10、BC【解題分析】已知M=100kg，d=45m，m0=0.5kg，v=50m/s，R=2.5×10?4kg/s，設噴出氧氣的質量為m，返回的時間為t，則返回速度v′=mv/M==0.5m，運動的時間t=d/v′=

①宇航員耗氧：Rt=m0?m，即2.5×10?4×t=0.5?m，t=4000×(0.5?m)=，即400m2?200m+9=0，解得m1=0.05kg，m2=0.45kg，所以0.05kg<m<0.45kg.故AD錯誤，BC正確．故選BC.點睛：一次性噴出的氧氣質量為m，根據題意得出宇航員及裝備獲得反沖速度，再根據速度公式求出宇航員返回飛船的時間，得出此段時間內宇航員消耗的氧氣和一次性噴出的氧氣質量以及總氧氣質量之間的關系，聯立方程進行求解，最終得出一次性噴出氧氣質量的范圍．二、實驗題11、計算出斜率，與2g比較，在實驗誤差范圍內相等，則機械能守恒【解題分析】

（1）[1]6號點的瞬時速度等于第5點和第7點間的平均速度，所以v6=（2）[2]根據機械能守恒定律得，從O點到任意點n有：得：，則關系是一條直線，斜率為2g所以在直線上取相對較遠的兩點，計算出斜率，與2g比較，在實驗誤差范圍內相等，則機械能守恒【題目點撥】根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出6號點的瞬時速度；根據機械能守恒定律得出v2-h的關系式，得出斜率的物理意義，與測量的斜率進行比較，在誤差允許的范圍內相等，則機械能守恒．12、ACD【解題