答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：電功是指電流所做的功，電流做功越多，消耗的電能就越多，故A不符合題意；由P=:

知，電功率的大小與W和t有關，只知道做功的多少，而不知道做功時間，無法確定電路中消耗電

功率的大小，故B錯誤；電能與電功的單位相同，一個是焦耳，另一個是千瓦時，故C不符合題

意；電流做功時把電能轉化為了其他形式的能量，消耗多少電能，就有多少其他形式的能量產生，

故。不符合題意。選及

2.【答案】A

【解析】解：人、k小，是電功和電能的單位，不是電功率的單位，lkWfi=l度,符合題意；

B、1W=1J/S,因此，〃s是電功率的單位，不合題意；

C、W是電功率的國際單位制單位，不合題意；

。、由公式P=u/可知，”4是電功率的單位，不合題意.

故選A.

電功率是指單位時間內完成的功，其單位有W、等，其中lW=l//s,對于特殊單位，可通過相

關公式進行推導.

本題主要考查了對電功率單位的了解，對一些特殊單位，可通過相關公式進行推導.

3.【答案】D

【解析】

【分析】

用電器正常工作時，實際電功率等于其額定功率，比較消耗的電能時，應用公式W=Pt,便可解

決此題。

本題考查了用電器消耗電能大小的比較，此題容易出錯，關鍵是能準確的理解正常工作的含義。

【解答】

用電器正常工作時，三只燈泡的實際功率均達到額定功率，電功率相同且均為15W，根據公式

W=Pt可知，相同時間消耗的電能相同。

故選

4.【答案】B

【解析】A、電視機工作時，主要將電能轉化為光能、聲能和少部分內能，不是利用電流的熱效應，

故A不符合題意；

3、電熨斗工作時，電能轉化為內能，是利用電流的熱效應工作的，故3符合題意；

C、吸塵器工作時，主要是電能轉化為機械能，不是利用電流的熱效應，故C不符合題意；

。、電風扇工作時，主要是電能轉化為機械能，不是利用電流的熱效應，故。不符合題意。

電流流過導體時，導體要發熱，這種現象是電流的熱效應，發生電流的熱效應時，電能轉化為內

能。

利用電流的熱效應工作的家用電器，都是電能轉化為內能，這是判斷的關鍵。

5.【答案】B

【解析】解：兩盞燈正在使用，甲燈比乙燈亮，由于無法判斷他們是怎樣連接的，所以無法判斷

電壓和電流的大小，也無法判斷電阻的大小，所以2、C、。錯；燈的亮度由燈的實際功率決定，

甲燈比乙燈亮，說明甲燈的實際功率一定比乙燈的大.

故選B.

燈的亮度由燈的實際功率決定.

知道燈的亮度取決于燈的實際功率、熟練應用串并聯電路特點即可正確解題.

6.【答案】D

【解析】解：

兩個電阻串聯時，總電阻等于各分電阻之和，即總電阻越串越大，大于任何一個分電阻；

兩個電阻并聯時，總電阻的倒數等于各分電阻倒數之和，即總電阻越并越小，小于任何一個分電

阻；

由各選項連接方法可知，。中兩電阻并聯，總電阻最小，電源電壓不變、通電時間相同，根據Q=gt

可知，相同的時間里電熱絲產生的熱量最多。

故選：D。

根據Q=gt可知，電壓不變時，電阻越小，電路消耗的電功率越大，反之越大，由此根據各選項

連接方法分析解答。

本題考查了利用串并聯電路電阻特點和焦耳定律公式解決簡單問題的能力。掌握電阻的串聯，相

當于導體的長度變長，電阻變大；電阻的并聯，相當于增大橫截面積，減小電阻是解決本題的關

鍵。

7.【答案】C

【解析】AB.由題意知閉合開關S,兩燈均發光，若兩表均為電壓表，則燈泡乙2不會發光；若兩

表均為電流表，則燈泡A、A均會被短路；若甲為電壓表，乙為電流表，則燈泡均會被短路；只

有甲為電流表，乙為電壓表，滿足兩燈均可發光，且兩燈并聯，故4、B均錯誤；

C。、在已辨別甲、乙兩電表的名稱前提下，兩個燈泡并聯接入電路，電源兩端電壓為3V,結合

銘牌數據可知燈泡及正常發光，其電壓為額定電壓力額=3V,其實際功率為Pi'=Pi額=3W；

燈泡42不能正常發光，其電壓等于燈泡。兩端電壓為由=%額=3V,

根據銘牌數據，乙2的電阻為的=?=弊=60，其實際功率為匕'=?=粵=L5W；

乙尸渤6W/R26c

則電路總功率為「總=Pj+02'=3勿+1-5w=4.5W.

該電路總功率應為兩燈實際功率之和，故。錯誤；

通電1加n,該電路消耗的電能為W=P總t=4.5Wx60s=270/,故C正確。

(1)電壓表并聯在電路中，在電路中可以看作開路；電流表必須串聯在電路中，在電路中相當于導

線；根據儀表的連接方式以及在電路中的作用，結合已知閉合開關S,由兩燈均發光可以辨別甲、

乙兩電表的名稱，推斷兩燈的連接方式；

(2)辨別甲、乙兩電表的名稱前提下，兩個燈泡并聯接入電路，電源兩端電壓為3V,根據銘牌數

據可知燈泡。正常發光，其電壓為額定電壓3V,其實際功率等于額定功率為3勿，燈泡"不能正

常發光，其電壓等于燈泡4兩端電壓為3V；

(3)根據銘牌數據，由歐姆定律求出的電阻；由于燈泡42兩端電壓等于燈泡G兩端電壓為U=3V,

根據p=t求出實際功率；

(4)該電路總功率應為兩燈實際功率之和求出電路總功率，進一步根據％=2總t,求出通電1min,

求出該電路消耗的電能。

本題考查電流表、電壓表的連接方式、歐姆定律的應用及電功率、電能的計算問題，有一定綜合

性。

8.【答案】2.16X105；化學

【解析】

【分析】

本題考查了能量的轉化和儲存電能的計算，關鍵是電池參數含義的了解與掌握。

(1)由銘牌可知電池的電壓和容量，根據w=u/t求出它一次充滿后儲存的電能；

(2)電池充電與放電過程實際上是能量的轉化過程，根據充電能量形式的變化進行解答。

【解答】

(1)該電池一次充滿電后儲存的電能：

W=UIt=5VX12000X10-3/1X3600s=2.16X1057;

(2)電池的充電和供電是相反的過程，充電時是把電能轉化為化學能，放電時是把化學能轉化為電

能。

故答案為：2.16X105;化學。

9.【答案】3:2；1:1；3:2

【解析】

【分析】

本題考查串、并聯電路的特點和電功計算公式的應用，熟記規律和公式是解題的關鍵。

(1)根據并聯電路電壓規律和iv=[t求出電阻％、R2的電阻之比；

(2)串聯電路電流處處相等;根據串聯電路電流規律和勿=12用求出相同時間內電流做功之比。

【解答】

(1)因并聯電路中各支路兩端電壓相等，即％=%,所以由W=可得，電阻R1、R2的電阻之比：

猶

也

1不3

一

-==憶=-

22

.裊

(2)因串聯電路電流處處相等，即:=；,由卬=產口可得，相同時間內電流做功之比:

121

叫帝itR13

心=的=4=2。

10.【答案】4024000

【解析】解：⑴P額=尊=需=4。仍

(2)?電烙鐵在額定電壓下工作,

?6=「額=40卬，

?**通電10mi九產生的熱量：

Q放=W電=pt=40〃x10X60s=24000/。

故答案為：40,24000o

(1)知道電烙鐵的額定電壓和在額定電壓下工作時的電阻，利用p=t電烙鐵的額定功率；

(2)電流通過電烙鐵做功消耗的電能全部用來產生熱量，因為電烙鐵在額定電壓下工作，所以實際

功率等于額定功率，再利用Q=w=Pt求在額定電壓下通電lOmin產生的熱量。

本題考查了電功率的計算、電流產生熱量的計算，對純電阻電路Q=W=Pt,計算時注意單位統

11.【答案】0.5L2

【解析】解：(1)根據P=U/可得兩燈正常發光時的電流分別為：

31VP26W

/1=F；=6V=0-571'/2=血=而=14

將它們串聯接入電路，由串聯電路的電流特點可知電路中的最大電流/=%=0.5/1；

(2)根據尸=(可得兩燈泡的電阻分別為：

%(60)2g(6V)2

公=3=寸=12。口2=瓦=/=6。

兩燈泡并聯后，由并聯電路的電壓特點可知兩燈兩端的電壓相等，

f/2wj2

則燈泡"1的實際功率P［立=—=

燈泡乙2的實際功率字=二=而，

/頭?260

比較可知P1實＜P2實，因燈泡的亮度取決于燈泡的實際功率，故兩燈泡并聯后乙2燈更亮一些。

故答案為：0.5;乙2。

(1)先根據P=U/分別計算出兩燈泡正常發光時的電流，將它們串聯接入電路，由串聯電路的電流

特點可知，電路中的最大電流等于兩燈泡正常發光時較小的電流；

(2)先根據P=1分別計算出兩燈泡的電阻，兩燈并聯時實際電壓相等，根據p=1比較兩燈的實

KA

際功率，實際功率大的燈泡更亮一些。

本題考查了電功率與電流、電壓的關系以及串并聯電路的特點，靈活運用電功率的公式是解答本

題的關鍵。

12.【答案】1210W；484。

【解析】

【分析】

本題主要考查電功率的計算。

已知電壓220V和電阻400,根據p=1可求出電功率；

R

r/2

已知“220V,100W”根據R=g可求出正常工作電阻。

【解答】

開燈瞬間的電功率為：p開=（=端1=1210W；

正常工作時的電阻是：R，=，=鬻=4840。

故答案為：1210W；4840.

13.【答案】0.4；3.6

【解析】

【分析】

題考查了串聯電路的特點和電功率的計算，關鍵是公式和規律的靈活運用，難點是根據串聯電路

的特點從圖形中讀出甲、乙兩燈串聯接入91/的電路中的電流。

根據串聯電路的電壓和電流特點讀出兩燈泡串聯在91/的電路中電路中的電流，根據P=U/求出功

率。

【解答】

把兩燈串聯接在9P電壓下時，因為串聯電路中各處的電流相等，且總電壓等于各分電壓之和，所

以，由圖象可知，當電路中的電流1=044時，兩燈電壓分別為3V和6V,符合題意，則兩燈消耗

的總功率：P=UI=9VX0.44=3.6W。

故答案為：0.4；3.6。

14.【答案】1.880.9

【解析】解：（1）由圖象可知，當乙燈的額定電壓是31/時，/乙=0.64,

乙燈的額定功率P乙=U乙/乙=3Vx0.6A=1.8憶

Pm3W

由「="可得，甲燈的額定電流0.54,

兩燈串聯使用，電路中的最大電流是/甲=0-54,

由圖象可知，此時乙燈兩端電壓為2V,故電路兩端的最大電壓。串=6U+2V=8V.

(2)兩燈泡并聯時，電路兩端的最大電壓為3V,由圖象可知，此時流經甲的電流/甲=0.34乙燈

正常發光，

故電路最大電流/=/甲+b=0-34+0.64=0.94。

故答案為：18；8；0.9。

(1)由圖象可知乙燈的額定電流，根據公式P=U/求出乙燈的額定功率；

(2)根據/=,可求得甲燈的額定電流，兩燈串聯使用，電路中電流為最小者，讀出出水乙燈兩端電

壓，然后可知電路兩端的最大電壓；

(3)兩燈泡并聯時允許所加的最大電壓為兩額定電壓較小的，由圖象可知，此時流經甲的電流，乙

燈正常發光，根據干路中的電流等于各支路電流之和求得電路最大電流。

本題考查了學生的讀圖能力，同時考查了歐姆定律和電功率的應用以及串聯電路的特點，是一道

綜合性題目。

15.【答案】2：1；2：3

【解析】

【分析】

本題考查了串聯電路的特點和歐姆定律的應用，分清開關閉合、斷開時電路的連接方式和電表所

測的電路元件是關鍵。

(1)開關S斷開時，電阻々、R2串聯，電壓表測々兩端的電壓，根據尸=/2R可求得R1與/?2的電功

率之比；

(2)開關S閉合時，電阻被短路，電路為R1的簡單電路，電壓表測電源的電壓，根據歐姆定律求

出電壓表的示數，然后可知電壓表兩次的示數之比。

【解答】

(1)已知電阻％與&的阻值之比為2：1,則占=2%,

開關s斷開時，電阻公、々串聯，

因串聯電路中電流處處相等，

P.I2R.R.2

則々o與吃的電功率之比：甘=2=壯=：；

R1

產2rR22

開關S斷開時，電阻々、夫2串聯，此時電路中的電流/=瓦先=而先=!-，此時電壓表測勺兩

十我2ZK2+K2iK2

端的電壓，由/=:可得，電壓表的示數：

1\

UU2U

Ui=//?i=痛xR]=旃x2/？2=y；

開關s閉合后，電路為Ri的簡單電路，電壓表測電源電壓，即電壓表的示數為u；

所以，開關s閉合前后，電壓表兩次的示數之比為名=2

U3

故答案為：2：1；2：3。

16.【答案】2050120

【解析】解：

(1)小明家這周共消耗的電能：

W=781.5AW-h-741.5kW-h=40/cIVh,

他家1周需要付的電費：

40kW-hx0.5元"W-h=20元；

(2)1度=,h,由P=:可得供燈正常工作時間：

W'IkW?h

t=-j-=--------ZQ—=50h

p20XlQ~5kW;

(3)該燈正常工作10/1消耗的電能：

W"=Pt=20x10-3fclVxlOh=0.2kW-h,

電能表的鋁盤轉數：

n=600r/kW-hx0.2kW-h=120r。

故答案為：20；50；120。

(1)利用電能表讀出消耗電能的方法:周后電能表的示數減去周前的示數，注意：最后一位是小數、

單位k〃?生知道電價，可求要付的電費；

(2)知道消耗的電能，利用P=?求燈正常工作時間；

(3)利用W=Pt求出10/1消耗電能，根據"600r"W1”求電能表的鋁盤轉數。

本題考查了電能表的讀數、電能的計算。關鍵是理解電能表的各個參數的物理意義，注意電能表

表盤上的示數最后一位是小數。

17.【答案】5546.70.02400

【解析】解：

(1)該表盤上顯示數字為55467,因為最后一位是小數、單位是％”一,所以顯示已用電

5546.7k"?八；

(2)1600imp/(/cV7?九)表示每消耗1卜勿?h的電能，指示燈閃爍1600次,

指示燈閃爍32次，則該用電器消耗的電能：

32

W=-hh,

louU=0.02/cW-

該用電器的實際電功率:

W0.02AW-h

P=-=-；------=0.4kW=400W

t獷

故答案為：5546.7；0.02；4000

(1)電能表的讀數：最后一位是小數、單位是

⑵1600imp/(kW?八)表示每消耗M勿?八的電能，指示燈閃爍1600次，據此可求閃爍32次消耗的

電能，再利用P=:求用電器的實際電功率。

本題考查了電能表的讀數，消耗電能和電功率的計算，明確電能表相關參數的意義是關鍵。

18.【答案】151：31：3

【解析】解：

由題知，R1兩端電壓為3V時通過的電流為0.24,由歐姆定律可得R1的電阻：

%3V

々=7；=西=150；

并聯電路中各支路兩端電壓都相等，當兩電阻并聯時，。1=〃2,

所以通過它們的電流比：

,I：/,=^：/?,：Ri=50：150=1：3；

由「="可得，兩電阻的電功率比：

P1:0212=[1:12=1：3。

故答案為：15；1：3；1：3。

由歐姆定律可計算勺的電阻，由并聯電路特點結合歐姆定律和電功率公式計算兩電阻的功率和電

流比。

本題考查了并聯電路特點、歐姆定律以及電功率公式的應用，屬于一道基礎題。

19.【答案】BF滑動變阻器同時接下面的兩接線柱0.240.6

U尷25V

【解析】解：(1)燈泡正常發光時電流約為/=,t\r=E1UJ4=0.254<0.64所以本實驗中，電流表

應選擇電流表

由串聯電路特點和歐姆定律可得此時變阻器連入電路的阻值

R；&=孕=畢=黑碧=140>ion，所以應選擇“50/224”的滑動變阻器尸；

⑵由圖甲知，變阻器、燈泡、電流表串聯入電路中，燈泡額定電壓2.5V,所以電壓表使用小量程，

滑動變阻器一上一下接入電路，實物連接如圖所示：

(3)閉合開關，電流表有示數，電壓表有示數，說明電路中是通路，任意移動滑動變阻器的滑片時

燈泡亮度不變，且燈泡發光較暗，說明電路中電阻沒有發生改變，且電路中電阻較大，原因是滑

動變阻器同時接下面的兩接線柱了；

(4)電流表使用小量程，分度值0.024,由圖丙知，燈泡正常發光時的電流為0.244,

所以燈泡的額定功率：P額=U額/額=2.5UX0.244=0.6W。

故答案為：⑴B；F；(2)見上圖；(3)滑動變阻器同時接下面的兩接線柱；(4)0.24；0.6。

(1)由/=：計算燈泡正常發光時電流確定電流表量程，由串聯電路特點和歐姆定律計算此時變阻器

連入電路的阻值，確定滑動變阻器的規律；

(2)根據電路圖連接實物圖；

(3)燈泡發光較暗，電流表有示數，電壓表有示數，說明電路中是通路，再根據任意移動滑動變阻

器的滑片時燈泡亮度不變分析判斷；

(4)讀出燈泡正常發光的電流，由P=U/計算小燈泡的額定功率。

本題是測燈泡功率的實驗，考查了器材的選擇、實物圖的連接、故障分析、電流表讀數以及電功

率的計算，本實驗是電學中的重要的實驗之一，要掌握好。

20.【答案】(1)如圖所示

(2)閉合開關前滑動變阻器的滑片未調到最大阻值處；4；0.8；

(3)燈泡電阻隨溫度發生變化；

⑷4

【解析】

【分析】

(1)滑動變阻器串聯，滑片向B移動時燈泡變暗，則變阻器的電阻需變大；

(2)連接電路過程中，開關需斷開，閉合開關前，應將滑片移至最大阻值處；根據圖乙讀出電壓表

的示數；根據串聯分壓的知識，要增大電阻兩端的電壓，應減小滑動變阻器的阻值，當電壓為額

定電壓時，燈泡正常發光；根據圖丙讀出電流表的示數，由P="計算出電功率的值；

(3)根據尸=1,當燈泡兩端電壓為額定電壓的一半，根據燈的電阻隨溫度的變化而變化分析；

n

(4)已知電阻值，電路可測電阻兩端的電壓，流過電阻的電流，據此判斷可完成哪個實驗。

本題考查了測“小燈泡電功率”的實驗中實驗器材的正確使用、電路的連接、注意事項、電路故

障分析和利用歐姆定律及電功率的計算等問題，雖綜合性強，但都是很基礎、很重點的知識，只

要掌握以上知識點，解決此題不難。

【解答】

(1)滑片向B移動時燈泡變暗，則其阻值變大，所以下面應接左邊的4接線柱，連圖如下圖所示：

(2)某小組連接好電路后，閉合開關后發現小燈泡發出明亮的光且很快熄滅，說明閉合開關前，滑

動變阻器的滑片沒有在阻值最大處，即滑動變阻器的阻值太小，致使燈泡燒壞；由圖乙知，電壓

表的量程應為。?3叭分度值為0.1V,示數為L8匕燈泡兩端電壓低于額定電壓，為使其正常發

光，應減小滑動變阻器的阻值，將滑片向左端即A端滑動，使電壓表的示數為2.5U為止；由圖丙

知，電流表的量程應為0-0.64,分度值為0.024,示數為0.324,則P=Ul=2.5UX0.324=0.81V：

(3)若燈的電阻不變，根據P=2,燈泡兩端電壓為額定電壓的一半，實際功率為額定Z，而實際

中，燈的電阻隨溫度的變化而變化，故測得的功率不等于其額定功率的I

(4)把小燈泡換成定值電阻后，電阻阻值R一定，由電壓表可測出電阻兩端的電壓U,電流表可測

流過電阻的電流，因此利用該電路可完成“探究電流與電壓的關系”關系實驗，故A正確；故選：

A.

故答案為：(1)連圖如上圖所示；(2)閉合開關前滑動變阻器的滑片未調到最大阻值處；A；0.8；(3)

燈泡電阻隨溫度發生變化；(4)4。

21.【答案】解：電阻勺與滑動變阻器勺并聯，｛/=%=g=6匕

(1)電流表測R1的電流11=034,

根據歐姆定律/=，則勺電阻為勺=?=照=200；

(2)滑動變阻器勺標有“20034”表示允許通過的最大電流，2=34,

R2允許接入電路的最小阻值&=卷=答=2。；

(3)當變阻器接入電路的電阻最小時，電流最大/大=034+34=3.34；

Un6V

當變阻器接入電路的電阻最大時，電流最小，變阻器最大電流/'2=2=5面=0.34,電路的最小

Jl\2NU”

總電流/小=°-3A+=0.6/1；

由「="得，當電壓相同時，電功率之比等于電流之比，整個電路允許消耗的最大功率與最小功

率之比P大：。小=/大：/小=334：0.671=11：2。

故答案為：(1)R1的阻值為200；

(2川2允許接入電路的最小阻值為2。；

(3)整個電路允許消耗的最大功率與最小功率之比為11：2。

【解析】由電路圖可知，電阻勺與滑動變阻器勺并聯，電流表測%的電流，并聯電路各支路兩端

的電壓相等，都等于電源電壓。

(1)根據歐姆定律求出々的阻值；

(2)當變阻器的電流最大時，根據歐姆定律求出滑動變阻器的最小電阻：

(3)滑動變阻器的滑片在最右邊時，電流最小，在(2)中的電流最大，

分別計算兩種情況下的總電流，利用尸=U/計算總功率之比。

本題考查了并聯電路的特點、歐姆定律、電功率計算公式的應用，是一道較為簡單的應用題。

22.【答案】解：由電路圖可知，兩電阻串聯，電壓表/測％兩端的電壓，電壓表匕測勺兩端的

電壓。

(1)因串聯電路中總電壓等于各分電壓之和，

所以，電源的電壓為：U=U1+U2=1V+2V=3V,

(2)通過RI的電流：/1=，=*=0.54；

因串聯電路中各處的電流相等，則/2=/1=°$4

U