2022-2023學年重慶市大足區高考物理試題模擬卷（一）

注意事項：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。

2.答題時請按要求用筆。

3.請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。

4.作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。

5.保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、甲、乙兩汽車在同一平直公路上做直線運動，其速度時間（v-f）圖像分別如圖中。、方兩條圖線所示，其中a圖

線是直線，8圖線是拋物線的一部分，兩車在有時刻并排行駛。下列關于兩車的運動情況，判斷正確的是（）

A.甲車做負方向的勻速運動

B.乙車的速度先減小后增大

C.乙車的加速度先減小后增大

D.在&時刻兩車也可能并排行駛

2、甲、乙、丙、丁四輛小車從同一地點向同一方向運動的圖象如圖所示，下列說法中正確的是（）

Ohi/tOhlii

A.甲車做直線運動，乙車做曲線運動

B.在0?有時間內,甲車平均速度等于乙車平均速度

C.在0?f2時間內,丙、丁兩車在殳時刻相遇

D.在0?打時間內,丙、丁兩車加速度總是不相同的

3、如圖所示，兩個相同的燈泡a、b和電阻不計的線圈L（有鐵芯）與電源E連接，下列說法正確的是

A.S閉合瞬間，a燈發光b燈不發光

B.S閉合，a燈立即發光，后逐漸變暗并熄滅

C.S斷開，b燈“閃”一下后熄滅

D.S斷開瞬間，a燈左端的電勢高于右端電勢

4、2018年12月8日2時23分，我國成功發射“嫦娥四號”探測器，開啟了月球探測的新旅程，“嫦娥四號”于2019年

1月3日10時26分成功著陸在月球背面南極一艾特肯盆地。探測器上有一可認為光滑的滑梯固定在月球表面上，將

滑梯與月塊表面的夾角調為月球車從滑梯上由靜止滑到底部的過程中下滑長度為L所用時間為f,已知月球半徑

為R,則月球的第一宇宙速度為（）

1ILR1\1LR1ILR1ILR

rV2sin^tysin0Nsin62/dsinO

5、如圖所示，傳送帶A3長為16m,水平地面8c的長為8m,傳送帶與水平地面之間8處由光滑小圓弧連接，物塊

在8處由傳送帶滑到水平地面速度大小不變，物塊與水平地面間、傳送帶間的動摩擦因數均為0.5,光滑半圓形軌道

的半徑為L25m,與水平地面相切于C點，其直徑。右側有大小為100V/m、方向水平向左的勻強電場。傳送帶

以l（hn/s的速度順時針運動，帶正電的物塊可看成質點，其質量為5kg,帶電荷量為0.5C,從靜止開始沿傾角為37。

的傳送帶頂端A滑下。已知5加37。=0.6,cos37°=0.8,g取lOm/s）,則下列說法正確的是（）

A.物塊在傳送帶上先加速后勻速

B.物塊在傳送帶上運動的時間為3s

C.物塊到達C點時對C點的壓力為306N

D.物塊可以運動到。點，在。點速度為JIZm/s

6、伽利略通過斜面理想實驗得出了（）

A.力是維持物體運動的原因B.物體的加速度與外力成正比

C.物體運動不需要力來維持D.力是克服物體慣性的原因

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、如圖所示，足夠長的光滑平行金屬導軌與水平面成。角放置，導軌間距為L且電阻不計，其頂端接有一阻值為K

的電阻，整個裝置處于磁感應強度大小為B的勻強磁場中，磁場方向垂直于導軌平面向下。一質量為，”的金屬棒以初

速度vo由導軌底端M點上滑，經一段時間滑行距離x到達最高點N后，又返回底端M點。金屬棒與兩導軌始終垂直

且接觸良好，其接入電路中的電阻為r,重力加速度為g。下列說法正確的是（）

A.金屬棒上滑過程中通過電阻R的電荷量為^

B.整個過程中電阻K中的電流先從到”后從a到b

C.金屬棒下滑時間大于上滑時間

mv(R+r)-B2x

D.金屬棒上滑時間為0

mg(/?+r)sin0

8、下列有關熱現象的說法中，正確的是（）

A.溫度高的物體內能不一定大

B.氣體的溫度升高，所有分子的運動速率都增大

C.物體從單一熱源吸收的熱量可全部用于做功

D.對物體做功不能改變物體的分子勢能

E.物體的內能跟物體的溫度和體積有關

9、如圖所示，從S處發出的電子經加速電壓。加速后垂直進入相互垂直的勻強電場和勻強磁場中，發現電子向下極

板偏轉。設兩極板間電場的電場強度大小為E,磁場的磁感應強度大小為欲使電子沿直線從電場和磁場區域通過,

只采取下列措施，其中可行的是（）

A.適當減小電場強度大小E

B.適當減小磁感應強度大小8

C.適當增大加速電場兩極板之間的距離

D.適當減小加速電壓U

10、如圖所示，質量為的球A與質量為機的球B用繞過輕質定滑輪的細線相連，球A放在固定的光滑斜面上，

斜面傾角a=30。，球B與質量為,"的球C通過勁度系數為4的輕質彈簧相連，球C放在水平地面上。開始時控制住

球A,使整個系統處于靜止狀態，細線剛好拉直但無張力，滑輪左側細線豎直、右側細線與斜面平行，然后由靜止釋

放球A,不計細線與滑輪之間的摩擦，重力加速度為g,下列說法正確的是（）

A.釋放球A瞬間，球B的加速度大小為］

B.釋放球A后，球C恰好離開地面時，球A沿斜面下滑的速度達到最大

C.球A沿斜面下滑的最大速度為2gJ應

V5k

D.球C恰好離開地面時彈簧的伸長量與開始時彈簧的壓縮量相等，所以A、B兩小球組成的系統機械能守恒

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）用圖甲所示裝置探究動能定理。有下列器材：A.電火花打點計時器；B.220V交流電源；C.紙帶；D.細

線、小車、硅碼和硅碼盤；E.一端帶滑輪的長木板、小墊木；F.刻度尺。

（1）實驗中還需要的實驗器材為.

⑵按正確的實驗操作，實驗中得到一條點跡清晰的紙帶如圖乙，圖中數據由、XB和已測出，交流電頻率為，，小

車質量為M,祛碼和硅碼盤的質量為機，以小車、祛碼和祛碼盤組成系統為研究對象，從4到8過程中，合力做功為

，動能變化量為，比較二者大小關系，可探究動能定理。

12.（12分）某同學用如圖甲所示的裝置測量滑塊與木板間的動摩擦因數。打點計時器固定在木板上端，滑塊拖著穿

過打點計時器限位孔的紙帶從木板上滑下。圖乙是打出的一段紙帶。

（1）已知打點計時器使用的交流電頻率為50Hz,選取A至G的7個點為計數點，且各計數點間均有4個點沒有畫

出，測得8、C、D、E、F、G各點到A點的距離依次是5.29cm、11.05cm、17.30cm、24.01cm、31.22cm、38.92cm。

由此可知滑塊下滑的加速度。=m/s2（結果保留三位有效數字）。

（2）為了測量動摩擦因數，還應測量的物理量有o

A.木板的長度LB.木板的末端被墊起的高度〃C.木板的質量網D.滑塊的質量加2E.滑塊運動

的時間/

（3）滑塊與木板間的動摩擦因數〃=（用題中各物理量的字母代號及重力加速度g表示）。由于該測量裝置存

在系統誤差測量的動摩擦因數會（填“偏大”或“偏小

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，長木板的左端用一較鏈固定在水平面上，一可視為質點的小滑塊放在長木板上的4點調節長

木板與水平方向的夾角a為37。時，小滑塊由A點開始下滑，經時間f滑到長木板的最底端夾角a增大為53。時，小滑

塊由A點經時間,滑到長木板的最底端。已知01137。=0.6,cos37*0.8。求：

2

（1）兩次小滑塊的加速度之比以及兩次小滑塊到達長木板底端時的速度之比；

（2）小滑塊與長木板之間的動摩擦因數。

14.（16分）靜止在水平地面上的兩小物塊A、B,質量分別為，〃A=LOkg,mB=4.0kg；兩者之間有一被壓縮的微

型彈簧，A與其右側的豎直墻壁距離/=1.0m,如圖所示，某時刻，將壓縮的微型彈簧釋放，使A、B瞬間分離，兩物

塊獲得的動能之和為&=100,釋放后，A沿著與墻壁垂直的方向向右運動。A、B與地面之間的動摩擦因數均為

〃=0.20,重力加速度取g=10m/s2,A、B運動過程中所涉及的碰撞均為彈性碰撞且碰撞時間極短。

⑴求彈簧釋放后瞬間A、B速度的大小；

（2）物塊A、B中的哪一個先停止？該物塊剛停止時A與B之間的距離是多少？

（3）A和B能否再次發生碰撞？若不能，說明理由；若能，試計算碰后的速度大小。

BA

15.（12分）如圖所示，兩條直線與PQ所夾區域內有兩個不同的勻強磁場，磁場的直線邊界00'與MN和PQ

均垂直。一質量為加、電荷量為（7的帶電粒子以某一初速度垂直MN射入磁場用，受磁場力的作用，最終垂直于邊

1OOTT/TZ2007Z7%

界PQ且從。'。段射出。已知：兩磁場的磁感應強度分別為用=------、B2=-------（各物理量單位均為國際單

qq

位制中的主單位），粒子進入磁場的初速度為u=20mrVs。不計粒子重力，求:

⑴粒子在4、磁場中運動的半徑之比

(2)粒子在兩磁場中運動的最短時間

M...P

B2

0..-.......O'

xxx

B.

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、C

【解析】

A.甲車向正方向做勻減速運動，選項A錯誤；

B.由圖像可知，乙車的速度先增大后減小，選項B錯誤；

C.圖像的斜率等于加速度，可知乙車的加速度先減小后增大，選項C正確；

D.因有到時間內乙的位移大于甲的位移，可知在時刻兩車不可能并排行駛，選項D錯誤。

故選C。

2、B

【解析】

A.位移時間圖線表示位移隨時間的變化規律，不是物體運動的軌跡，甲乙都做直線運動，故A錯誤；

B.由位移時間圖線知，在()?A時間內，甲乙兩車通過的位移相等，時間相等，甲車平均速度等于乙車平均速度，故

B正確；

c.由y-f圖像與坐標軸所圍面積表示位移，則由圖可知，丙、丁兩車在，2時刻不相遇，故c錯誤；

D.由YT圖像斜率表示加速度，由圖像可知，在0?t2時間內有個時刻兩車的加速度相等，故D錯誤。

故選B。

3、B

【解析】

A.閉合開關瞬間，兩小燈泡均有電流流過，同時發光，A錯誤；

B.閉合開關瞬間，a燈立即發光，根據楞次定律可知線圈中產生的阻礙原電流變大的感應電流逐漸減小至0,因為a

燈和線圈并聯，所以通過線圈的電流逐漸增大，通過a燈的電流逐漸減小，亮度逐漸減小，因為線圈電阻不計，所以

穩定時a燈被短路，最后熄滅，B正確；

C.斷開開關瞬間，b燈斷路無電流流過，立即熄滅，C錯誤；

D.斷開開關瞬間，根據楞次定律可知，通過線圈的電流水平向右，所以線圈作為感應電動勢右端電勢高于左端，所

以a燈右端的電勢高于左端，D錯誤。

故選B。

4、B

【解析】

月球車從滑梯上的運動過程，根據位移時間公式有

L=—ar

2

根據牛頓第二定律得

mgsin0=ma

設月球的第一宇宙速度為y,則有

，,v2

mP=m—

R

聯立得v=:"人,ACD錯誤，B正確。

"sin。

故選B。

5、C

【解析】

AB.剛開始運動時，對物塊受力分析可知

mgsin37°+Ringcos37°=max

解得

ai=10m/s2

物塊與傳送帶達到共同速度時

v=卬］

解得

Zl=ls

物塊的位移

12u

x=5砧=5m

此后對物塊受力分析可知

mgsin37°-/.imgcos37°=ma2

解得Z=2m/s2,物塊在傳送帶上的第二段運動

r12

LAB-X=Vt2+~a2t2

解得f2=ls,物塊在傳送帶上運動的時間

t=八+與=2s

物體在傳送帶上先以ai=10m/§2加速，再以“2=2m/s2加速，AB錯誤;

C物塊到達傳送帶底端的末速度

v2=u+?2=12m/s

在水平地面3C上，物塊做勻減速直線運動，其加速度大小

a=/2g=5m/s2

設物塊到達。點時的速度為心，則

片-1=-2CILBC

解得

V3=8m/s

設此時。點對物塊的支持力為尸N,根據牛頓第二定律，有

"-mg=-

r

解得

FN=306N

根據牛頓第三定律可知，物塊對C點的壓力大小為306N,故C正確

D.由于物塊在電場中有

Eq=mg=50N

重力和電場力合力為

七=5O0N

方向與豎直方向成45。角，所以物塊的等效最高點在上半部圓弧與豎直方向成45。角處，要過等效最高點需要的最小速

度為

R

代入數據得

vmin=J12.5夜m/s?J17.7m/s

而實際上，物塊由C點運動到等效最高點時的速度，由動能定理可得

72V21,1,

_ing(R+—^R)———EqR=-

代入數據可得

曝=*\/39-25及m/s?>/3^6m/s<vmin

所以物塊過不了等效最高點，物塊就不可能到達。點，故D錯誤。

故選C。

6、C

【解析】

AC.理想斜面實驗只能說明力不是維持物體運動的原因，即物體的運動不需要力來維持，故A錯誤，C正確;

B.牛頓第二定律說明力是使物體產生加速度的原因，物體的加速度與外力成正比，故B錯誤；

D.慣性是物體固有的屬性，質量是物體慣性大小的量度，慣性與物體的運動狀態和受力無關，故D錯誤。

故選C

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、ACD

【解析】

A.金屬棒上滑過程中通過電阻R的電荷量為

△①BLx

q--------=-------

R+rR+r

故A正確；

B.由楞次定律，金屬棒上滑過程電阻R中電流從〃到心下滑過程電阻R中電流從》到。，故B錯誤；

C.根據能量守恒得，除最高點外，在任何一個位置上，上滑到此位置的速度大于下滑到此位置的速度，則上滑的平

均速度大于下滑的平均速度，所以

t上4下

故C正確；

D.上滑過程，以向上為正方向，由動量定理得

一(mgsin0+BiE)-A/=mAv

兩邊求和

-mgsin。f-BLq=0-mv0

又

△①BLx

q—二

R+rR+r

解得

+r)-B~l}x

t=

mg(R+r)sin0

故D正確。

故選ACD?

8,ACE

【解析】

A.物體溫度高，其分子平均動能一定大。但分子數不確定，總動能不確定。且分子間勢能也不確定，則物體內能不

確定，A正確；

B.氣體溫度升高，其分子運動平均速率增大。其中多數分子速率變大，也有少數分子速率變小，B錯誤；

C.在引起外界變化時，物體可以從單一熱源吸收熱量全部用于做功，C正確；

D.對物體做功，物體內能增加。可表現為分子勢能增加，或分子動能增加，或二者均增加，D錯誤；

E.物體的內能是所有分子動能和分子勢能之和，分子動能與溫度有關，分子勢能與體積等有關，則內能跟物體的溫

度和體積有關，E正確。

故選ACE.

9、BD

【解析】

電子通過加速電場的過程，有

qU--mv2

2

欲使電子沿直線從電場和磁場區域通過，則應有

qE=qvB

而電子流向下極板偏轉，則

qE<qvB

故應增大E或減小3、U,故BD正確，AC錯誤。

故選BDo

10、BC

【解析】

A.開始時對球B分析，根據平衡條件可得

mg=kx、

釋放球A瞬間，對球A和球B分析，根據牛頓第二定律可得

4，〃gsina-mg+kxt=5mat

解得

2

q

故A錯誤；

B.釋放球A后，球C恰好離開地面時，對球C分析，根據平衡條件可得

mg-kx2

對球A和球B分析，根據牛頓第二定律可得

47ngsina-mg-kxy=5ma,

解得

a2=Q

所以球C恰好離開地面時，球A沿斜面下滑的速度達到最大，故B正確；

C.對球A和球B及輕質彈簧分析，根據能量守恒可得

12

4〃?g(王+x2)sina—mg(x,+x2)-—?5mv~n

解得球A沿斜面下滑的最大速度為

故C正確；

D.由內=々=華■可知球C恰好離開地面時彈簧的伸長量與開始時彈簧的壓縮量相等，A、B兩小球組成的系統在

K

運動過程中，輕質彈簧先對其做正功后對其做負功，所以A、B兩小球組成的系統機械能不守恒，故D錯誤；

故選BC?

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、天平mgXAB-(A/

o

【解析】

(1)”］因為需要測量小車以及硅碼和祛碼盤的質量，所以實驗中還需要的實驗器材為天平。

(2)［2］以小車、祛碼和祛碼盤組成系統為研究對象，平衡摩擦力后，系統所受合外力做的功為

m

W=8^AB

［3］勻變速直線運動的某段時間內，中間時刻速度等于平均速度

V.=-%A-=-%々-=—■fr

A2Tl2

z—

B2Tr12

z?——

f

其動能變化量為

%=4="("+m)/2(47：)

gh-aL

12、().480AB一無2-6偏大

【解析】

(1)［1］打點計時器使用的交流電頻率為50Hz,可知打點周期為0.02s,由于各計數點之間均有4個點沒有畫出，故相

鄰兩個計數點之間的時間間隔為T=5x0.02s=0.10s。根據B、C、D、E、F、G各點到A點的距離可以計算出相鄰

計數點之間的距離，利用逐差法可得滑塊下滑的加速度

a=x℃—：M=0480m/s2

(3T)2

(2)⑵⑶滑塊沿木板下滑，設木板與水平面間的夾角為。，由牛頓第二定律有

mgsin0-/jmgcos3=ma

根據幾何關系得

gh-aL

聯立解得〃=,因此為了測量動摩擦因數，應該測量木板的長度L和木板末端被墊起的高度〃，故AB符合

題意，CDE不符合題意;

故選AB。

gh-aL

(3)[4]由(2)問可知，"=由于實驗沒有考慮滑塊拖著紙帶運動過程中紙帶受到的阻力，所以測量的動

摩擦因數會偏大。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

"_Vj_18

13>(1)⑵〃=—

a24'匕213

【解析】

(1)對小滑塊由運動學公式可知,當夾角為37。時，有:

L^-a.t2

21

當夾角為53。時,有:

2

L=一%

2-12

整理解得:

q_1

a2~4

又由:

v\=a\t

…5

解得：

IL=_L

為2；

(2)對小滑塊由牛頓第二定律可知,

當夾角為37。時，有：

mgsin37°-pmgcosXIQ=ma\

當夾角為53。時，有：

mgsinSy-pmgcosSy-mai

聯立兩式并結合：

a24

解得:

14、(l)4.0nVs,l.Om/s；(2)B,0.50m；(3)不能，見解析

【解析】

(1)設彈簧釋放瞬間A和B的速度大小分別為以、%，以向右為正，由動量守恒定律和題給條件有

0^mAvA-mBvB