2021年浙江省高考物理精創(chuàng)預(yù)測(cè)試卷（一）

一、單選題（本大題共14小題，共40.0分）

1.在力學(xué)單位制中，選定下面哪一組物理量的單位作為基本單位（）

A.速度、質(zhì)量和時(shí)間B.重力、長(zhǎng)度和時(shí)間

C.長(zhǎng)度、質(zhì)量和時(shí)間D.位移、質(zhì)量和速度

2.如圖所示，小球做曲線運(yùn)動(dòng)經(jīng)過P點(diǎn)，小球速度方向及加速度方向的矢量圖示都正確的是（）

3.如圖所示，A、8兩物體疊放在一起，以相同的初速度上拋，運(yùn)動(dòng)過程中所受

阻力均是其重力的K倍.下列說法正確的是（）

A.在上升和下降過程中A對(duì)B的壓力一定為零

B.上升過程中A對(duì)B的壓力大于4物體受到的重力

C.下降過程中A對(duì)8的壓力大于A物體受到的重力

D.在上升和下降過程中A對(duì)8的壓力等于A物體受到的重力

4.如圖直線“和曲線匕分別是在平行的平直公路上行駛的汽車。和

b的速度-時(shí)間3-t）圖線，在0時(shí)刻兩車剛好在同一位置（并排

行駛），在匕到打這段時(shí)間內(nèi)（）

A.在t2時(shí)刻，兩車相距最遠(yuǎn)

B.在t3時(shí)刻，兩車相距最遠(yuǎn)

C.a車加速度均勻增大

D.b車的平均速度比a車的平均速度大

5.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，速度為0.5zn/s,周期為4s。t=Is時(shí)波形如圖甲所示，a,h,

c,d是波上的四個(gè)質(zhì)點(diǎn)。如圖乙所示是波上某一質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象。下列說法正確的是（）

A.這列波的波長(zhǎng)為\m

B.t=Os時(shí)質(zhì)點(diǎn)a的速度與質(zhì)點(diǎn)6的速度相等

C.t=Is質(zhì)點(diǎn)a的加速度大小比質(zhì)點(diǎn)b的加速度大

D.如圖乙表示的是質(zhì)點(diǎn)6的振動(dòng)圖象

6.如圖所示,A、B是一條電場(chǎng)線上的兩點(diǎn)，若在A點(diǎn)釋放一初速度為零的電子，

電子僅受電場(chǎng)力作用，并沿電場(chǎng)線從A運(yùn)動(dòng)到8,其速度隨時(shí)間變化的規(guī)律

如圖所示.設(shè)A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度分別為以、EB，電勢(shì)分別為“4、%，則

（）

A.EA=EBB.EA<EBC.（pA=<pBD.<pA>（pB

7.如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為E的直流電源（內(nèi)阻不計(jì)）連接，下

極板接地。一帶電油滴位于兩板中央的尸點(diǎn)且恰好處于平衡狀態(tài)。現(xiàn)一

將平行板電容器的上極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，則（）.

A.帶電油滴一定帶正電

B.帶電油滴將沿豎直方向向下運(yùn)動(dòng)

C.電容器的電容增大，電容器的帶電量將增加

D.P點(diǎn)的電勢(shì)將降低

8.如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)原來處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電

流表和電壓表對(duì)電路的影響，&的阻值和電源內(nèi)阻相等。當(dāng)滑動(dòng)

變阻器的滑片向力端移動(dòng)時(shí)，則（）

A.先上消耗的電功率逐漸減小

B.電流表讀數(shù)減小，電壓表讀數(shù)增大

C.電源的輸出功率逐漸增大

D.質(zhì)點(diǎn)將向上運(yùn)動(dòng)

如圖所示，豎直平面內(nèi)用兩根細(xì)線將粗細(xì)均勻的金屬棒水平懸掛在天與廣

9.mt

花板上，金屬棒的質(zhì)量為"?、長(zhǎng)度為L(zhǎng),重力加速度為g,水平方向的勻c><!XXlx

XXXX

強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于金屬棒CD,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.當(dāng)金屬棒中通以電流/時(shí)，

細(xì)線中的拉力恰好為零，則電流/應(yīng)滿足（）

A./=翳，方向C至U。B./=黑，方向D到C

BLmg

c./=鬻，方向C至IJ。D.1=黑,方向。到C

BL2mg

10.如圖所示，一個(gè)邊長(zhǎng)為2L的等腰直角三角形ABC區(qū)域內(nèi)，有垂直紙

面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),其左側(cè)有一個(gè)用金屬絲制成的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形

線框Hcd,線框以水平速度v勻速通過整個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，設(shè)電流

逆時(shí)針方向?yàn)檎?則在線框通過磁場(chǎng)的過程中，線框中感應(yīng)電流，隨

時(shí)間f變化的規(guī)律正確的是（）

11.一單匝矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的軸線勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)

產(chǎn)生正弦式交變電流，其電動(dòng)勢(shì)的變化規(guī)律如圖中圖線a所示，

當(dāng)調(diào)整線圈轉(zhuǎn)速后，電動(dòng)勢(shì)的變化規(guī)律如圖線6所示，以下關(guān)于

這兩個(gè)正弦式交變電流的說法正確的是（）

A.在圖線。和6中，t=0時(shí)刻線圈中的電流均最大

B.在圖線“和b中，t=0時(shí)刻穿過線圈的磁通量均為零

C.線圈先后兩次轉(zhuǎn)速之比為3：2

D.圖線b電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=*sin等t（V）

12.“嫦娥四號(hào)”月球探測(cè)器在我國(guó)西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射，探測(cè)器

奔月過程中，被月球俘獲后在月球上空某次變軌是由橢圓軌道。變?yōu)?/p>

近月圓形軌道4如圖所示，a、%兩軌道相切于P點(diǎn)。不計(jì)變軌過程

探測(cè)器質(zhì)量的變化，下列說法正確的是（）

A.探測(cè)器在a軌道上P點(diǎn)的動(dòng)能小于在h軌道上P點(diǎn)的動(dòng)能

B.探測(cè)器在a軌道上P點(diǎn)的加速度等于在b軌道上P點(diǎn)的加速度

C.探測(cè)器在“軌道運(yùn)動(dòng)的周期小于在6軌道運(yùn)動(dòng)的周期

D.為使探測(cè)器由。軌道進(jìn)入6軌道，在P點(diǎn)必須加速

13.“中國(guó)月球著陸探測(cè)器”在中國(guó)航天館揭開神秘面紗。它將帶著中

國(guó)制造的月球車，在38萬千米之外的月球表面閑庭信步。月球的表

面長(zhǎng)期受到宇宙射線的照射，使得“月壤”中的；He含量十分豐富，

科學(xué)家認(rèn)為，是發(fā)生核聚變的極好原料，將來？He也許是人類重

要的能源，所以探測(cè)月球意義十分重大。關(guān)于厘He,下列說法正確的是（）

A.2He的原子核內(nèi)有三個(gè)中子兩個(gè)質(zhì)子

B.的原子核內(nèi)有一個(gè)中子兩個(gè)質(zhì)子

C.9He發(fā)生聚變，放出能量，一定不會(huì)發(fā)生質(zhì)量虧損

D.原子核內(nèi)的核子靠萬有引力緊密結(jié)合在一起

14.江蘇衛(wèi)視糠強(qiáng)大腦少曾經(jīng)播出過呂飛龍用“獅吼功”震碎玻璃杯的表演，該表演引起了眾多

網(wǎng)友的熱議.有關(guān)人員在實(shí)驗(yàn)室進(jìn)行了模擬.用手指輕彈一只玻璃杯，可以聽到清脆的聲音，

測(cè)得這聲音的頻率為500Hz,將這只玻璃杯放在一個(gè)大功率的聲波發(fā)聲器前，操作人員通過調(diào)

整其發(fā)出的聲波，能使玻璃杯碎掉.下列說法中正確的是（）

A.操作人員只要把聲波發(fā)生器發(fā)出的聲波頻率調(diào)到最大

B.操作人員只要把聲波發(fā)生器輸出的功率調(diào)到最大

C.操作人員必須同時(shí)把聲波發(fā)生器輸出的功率和發(fā)出聲波的頻率調(diào)到最大

D.操作人員必須將聲波發(fā)生器發(fā)出的聲波頻率調(diào)到約為500也，且適當(dāng)增大其輸出功率

二、多選題（本大題共2小題，共5.0分）

15.如圖所示，質(zhì)量為1依的物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），由A點(diǎn)以6m/s的示§

速度滑上正沿逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的水平傳送帶（不計(jì)兩轉(zhuǎn)輪半徑的大1（Q）

小），傳送帶上4、B兩點(diǎn)間的距離為8處已知傳送帶的速度大―

小為3m/s,物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2,重力加速度為10m/s2,下列說法正確的是（）

A.物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為2s

B.物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為4s

C.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中由于摩擦產(chǎn)生的熱量為16J

D.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中由于摩擦產(chǎn)生的熱量為28/

16.如圖甲所示為電熱毯的工作電路圖，電阻為R=4840的電熱絲接在U=311s譏100彘（1/）的電源

上，電熱毯被加熱到一定溫度后，通過裝置P使輸入電壓變?yōu)椴ㄐ稳鐖D乙所示的直流電，從而

進(jìn)入保溫狀態(tài)，若電熱絲電阻保持不變，則（）

A.交流電壓表的讀數(shù)為110K

B.交流電壓表的讀數(shù)為156y

C.電熱毯在保溫狀態(tài)下消耗的電功率為50W

D.電熱毯在保溫狀態(tài)下消耗的電功率為40W

三、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共18.0分)

17.某探究學(xué)習(xí)小組的同學(xué)做“探究滑塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)”的實(shí)驗(yàn).他們?cè)趯?shí)驗(yàn)時(shí)組裝了一

套如圖甲所示的裝置，另外他們還找到打點(diǎn)計(jì)時(shí)器及所用的學(xué)生電源一臺(tái)，天平、刻度尺、導(dǎo)

線、紙帶、鉤碼若干.

(1)小組同學(xué)的實(shí)驗(yàn)過程如下：用天平稱量滑塊的質(zhì)量"=400g,將滑塊放在水平桌面上并連接上

紙帶，用細(xì)線通過滑輪掛上兩個(gè)鉤碼(每個(gè)鉤碼質(zhì)量為100g),調(diào)整滑輪高度使拉滑塊的細(xì)線與

桌面平行，讓鉤碼拉動(dòng)滑塊由靜止開始加速運(yùn)動(dòng)，用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器記錄其運(yùn)動(dòng)情況.實(shí)驗(yàn)紙帶的

記錄如圖乙所示，圖中前幾個(gè)點(diǎn)模糊，因此從A點(diǎn)開始每打5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，若電源頻率

為50Hz,則物體運(yùn)動(dòng)的加速度為m/s2,滑塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù).(重力加

速度g=10m/s2,結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)

(2)請(qǐng)寫出一條提高實(shí)驗(yàn)結(jié)果準(zhǔn)確程度的建議：

18.現(xiàn)有一電池，電動(dòng)勢(shì)E約為9匕內(nèi)阻r在35?550范圍內(nèi)，允許通過的最大電流為50mA為測(cè)

定該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，某同學(xué)利用如圖(a)所示的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn).圖中R為電阻箱，阻值范

圍為0?99990;&為保護(hù)電阻.

(a)

(1)可備選用的定值電阻Ro有以下幾種規(guī)格，本實(shí)驗(yàn)應(yīng)選用

A.20O,2.5WB.50H,1.0WC.150/2,1.0WD.1500/2,5.0W

(2)按照?qǐng)D(a)所示的電路圖，接好電路，閉合電鍵后，調(diào)整電阻箱的阻值，記錄阻值R和相應(yīng)的電

壓表示數(shù)U,取得多組數(shù)據(jù)，然后作出器-A丁圖象，如圖(b)所示，由圖中所給的數(shù)據(jù)可知，

UnTOQ

電源的電動(dòng)勢(shì)E=匕r=_____2(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

四、計(jì)算題(本大題共4小題，共37.0分)

19.如圖所示，在光滑水平面上，質(zhì)量為"?的小球8連接著一個(gè)輕質(zhì)彈簧，彈簧與小球均處于靜

止?fàn)顟B(tài).質(zhì)量為2,”的小球A以大小為火的水平速度向右運(yùn)動(dòng)，接觸彈簧后逐漸壓縮彈簧并使8

運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過一段時(shí)間，A與彈簧分離.

(1)當(dāng)彈簧壓縮至最短時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能Ep為多大？

(2)若開始時(shí)，在B球的右側(cè)某位置固定一塊擋板，在A與彈簧未分離前使B球與擋板發(fā)生碰撞，并

在碰撞后立即將擋板撤走.設(shè)8球與擋板碰撞時(shí)間極短，碰后B球的速度大小不變，但方向與

原來相反.欲使此后彈簧被壓縮到最短時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能能達(dá)到第(1)問中昂的3倍，必須使兩

球在速度達(dá)到多大時(shí)與擋板發(fā)生碰撞？

，)，?J

20.質(zhì)量為5依的物體在豎直向上的拉力F=100N的作用下由靜止開始運(yùn)動(dòng)了5s。(g取lOm/s?)

(1)則拉力尸所做的功為多少？

(2)5s內(nèi)拉力的功率為多少？

(3)5s末拉力的功率為多少？

21.如圖所示，--個(gè)n=10匝，面積為S=0.3?n2的圓形金屬線圈，其

總電阻為％=20,與R2=40的電阻連接成閉合電路.線圈內(nèi)存

在方向垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度按4=2t+3(7)規(guī)律變化的

磁場(chǎng).電阻Rz兩端通過金屬導(dǎo)線分別與電容器C的兩極相連.電7J

容器C緊靠著帶小孔a(只能容一個(gè)粒子通過)的固定絕緣彈性圓筒.圓筒內(nèi)壁光滑，筒內(nèi)有垂直

水平面豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。是圓筒的圓心，圓筒的內(nèi)半徑為r=0.4m.

(1)金屬線圈的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E和電容器C兩板間的電壓U；

(2)在電容器C內(nèi)緊靠極板且正對(duì)a孔的D處有一個(gè)帶正電的粒子從靜止開始經(jīng)電容器C加速后從a

孔垂直磁場(chǎng)％并正對(duì)著圓心。進(jìn)入筒中，該帶電粒子與圓筒壁碰撞四次后恰好又從小孔〃射出

圓筒.已知粒子的比荷q/m=5xl07(c〃g),該帶電粒子每次與筒壁發(fā)生碰撞時(shí)電量和能量都

不損失，不計(jì)粒子重力和空氣阻力，則磁感應(yīng)強(qiáng)度Bz多大(結(jié)果允許含有三角函數(shù)式).

22.如圖所示，電源的電動(dòng)勢(shì)E=8V,三個(gè)定值電阻的阻值相同且R

7.5。，電容器的電容C=2pF,閉合電鍵，電路穩(wěn)定后，理想電流

表的本數(shù)為/=0.504求:

(1)電源的內(nèi)阻;

(2)電容器的帶電量;

(3)電源的輸出功率及其效率。

【答案與解析】

1.答案：C

解析：

在力學(xué)單位制中，選定長(zhǎng)度、質(zhì)量和時(shí)間的單位為基本單位。

本題考查對(duì)基本單位和基本物理量的掌握情況，基礎(chǔ)題，比較簡(jiǎn)單.注意：物理量與物理量的單位

是不同的。

解：在力學(xué)單位制中，基本單位是〃八依、s,分別是基本物理量長(zhǎng)度、質(zhì)量和時(shí)間的單位，故A8Q

錯(cuò)誤，C正確。

故選C。

2.答案：D

解析：解：物體做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)，速度的方向沿曲線是切線方向，由圖可知，ABC錯(cuò)誤.

物體做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)，受力的方向指向曲線彎曲的方向，所以加速度的方向也指向曲線彎曲的一側(cè)，

故。正確.

故選：D

物體做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)，速度的方向沿曲線是切線方向，所受合外力的方向與速度的方向不在同一直線

上，即加速度的方向與速度的方向不在同一條直線上，指向曲線彎曲的一側(cè).

本題關(guān)鍵是對(duì)質(zhì)點(diǎn)做曲線運(yùn)動(dòng)的條件的考查，掌握了做曲線運(yùn)動(dòng)的條件，本題基本上就可以解決了，

要牢記平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)和勻速圓周運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn).

3.答案：A

解析：解：①上升過程，對(duì)AB整體，根據(jù)牛頓第二定律，有：

(m++fc(m+m')g=(m+m')a

解得：a=(1+k)g

再隔離物體A,根據(jù)牛頓第二定律，有：

mg+kmg—N=ma

聯(lián)立解得：解得：N=0

②下降過程，對(duì)A8整體，根據(jù)牛頓第二定律，有：

(m+m')g—k(m+m')g=(m+m')a'

解得：a'=(1-k)g

再隔離物體4,根據(jù)牛頓第二定律，有：

mg—kmg—N'=ma

聯(lián)立解得：解得：N'=0

即上升和下降過程A3間的彈力均為零；

故選：A.

先運(yùn)用整體法求解加速度，再隔離物體4或B,根據(jù)牛頓第二定律列式求解彈力.

本題關(guān)鍵是采用整體法和隔離法分析，可以記住“不管有沒有阻力，A8間均沒有彈力”的結(jié)論.

4.答案：B

解析：解：AB.在亢時(shí)刻兩車剛好在同一位置（并排行駛），在h到t3這段時(shí)間內(nèi)，〃的速度一直大于

〃的速度，兩者間距一直增大，t3時(shí)刻之后，。的速度小于b的速度，兩者間距減小，則在打時(shí)刻，

兩車相距最遠(yuǎn)，故A錯(cuò)誤，B正確。

C、根據(jù)速度時(shí)間圖象的斜率等于加速度，可知，。車的加速度不變，故C錯(cuò)誤。

D、在“到t3這段時(shí)間內(nèi)，。車的位移大于〃車的位移，則。車的平均速度比〃車的平均速度大，故

力錯(cuò)誤。

故選：B。

速度時(shí)間關(guān)系圖線反映速度隨時(shí)間的變化規(guī)律，圖象與時(shí)間軸圍成的面積表示通過的位移，根據(jù)位

移關(guān)系分析兩車何時(shí)相距最遠(yuǎn)；速度圖象的斜率表示加速度。由此分析即可。

本題是速度-時(shí)間圖象的應(yīng)用，要明確斜率的含義，知道在速度-時(shí)間圖象中圖象與坐標(biāo)軸圍成的面

積的含義。知道兩車速度相等時(shí)相距最遠(yuǎn)。

5.答案：C

解析：解：4由題可知，速度為0.5m/s,周期為4s,則波長(zhǎng)4=i/T=0.5x4m=2zn,故A錯(cuò)誤；

B.t=0s時(shí)質(zhì)點(diǎn)a在波峰處，速度為零，質(zhì)點(diǎn)b在平衡位置，速度最大，故8錯(cuò)誤；

C.因?yàn)橹芷赥=4s,所以當(dāng)t=1s時(shí)經(jīng)歷了［此時(shí)質(zhì)點(diǎn)a在平衡位置，位移為零，加速度為零，質(zhì)

4

點(diǎn)人在波峰處，位移最大，加速度最大，故C正確；

D由乙圖可知，當(dāng)t=ls時(shí)該質(zhì)點(diǎn)在波谷處，與此相符合的質(zhì)點(diǎn)是質(zhì)點(diǎn)c,故。錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)4=關(guān)系式，即可求解波長(zhǎng)：

根據(jù)質(zhì)點(diǎn)〃和匕的位置判斷兩者的速度大小關(guān)系；

依據(jù)質(zhì)點(diǎn)的位移與加速度的關(guān)系，判斷兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的加速度大小關(guān)系；

然后，根據(jù)甲圖中兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的位置判斷振動(dòng)情況，并結(jié)合乙圖分析表示的振動(dòng)圖象與哪個(gè)質(zhì)點(diǎn)的振

動(dòng)情況相符。

本題是一道關(guān)于機(jī)械振動(dòng)和機(jī)械波的試題，解決本題的關(guān)鍵是熟練掌握根據(jù)波動(dòng)圖象判斷質(zhì)點(diǎn)的振

動(dòng)情況。

6.答案：A

解析：解：由圖可知：電子做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。勻加速運(yùn)動(dòng)說明所受電場(chǎng)力恒定，因

此為勻強(qiáng)電場(chǎng)，即&1=EB，電子由靜止從A運(yùn)動(dòng)到8,所以電場(chǎng)力由A指向8,因此電場(chǎng)線方向從

8指向A,沿電場(chǎng)線電勢(shì)降低，即有WA<as，故88錯(cuò)誤，A正確。

故選：A。

根據(jù)電子運(yùn)動(dòng)的速度-時(shí)間圖象可知，電子做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由此可以判斷出電場(chǎng)

的方向和電場(chǎng)強(qiáng)度大小的變化情況.

本題結(jié)合運(yùn)動(dòng)圖象考查了電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)的變化情況，考查角度新穎，要注意結(jié)合圖象的含義以及

電場(chǎng)線和電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)的關(guān)系求解.

7.答案：C

解析：將平行板電容器的上極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)E=J

得知板間場(chǎng)強(qiáng)增大，油滴所受的電場(chǎng)力增大，則油滴將向上運(yùn)動(dòng)；板間場(chǎng)強(qiáng)E增大，而尸點(diǎn)與下極

板間的距離不變，則由公式。=54分析可知，尸點(diǎn)與下極板間電勢(shì)差將增大，而P點(diǎn)的電勢(shì)高于下

極板的電勢(shì)，則知P點(diǎn)的電勢(shì)將增大；根據(jù)電容的定義式c=2,電容器與電源保持相連，則U不

變，當(dāng)C增大，則。也增大。

故選：C。

8.答案：C

解析：解：C、當(dāng)滑動(dòng)變阻器心的滑片向6端移動(dòng)時(shí)，心接入電路的阻值減小，故電路總電阻減小，

那么，由歐姆定律可知：總電流增大，%的阻值和電源內(nèi)阻相等，所以外電阻減小，電源的輸出功

率增大，故C正確；

A、總電流增大，那么，內(nèi)阻和心上的電壓降增大，所以心上消耗的功率，根據(jù)P=/2R知增大，故

A錯(cuò)誤；

。、總電流增大，那么，內(nèi)阻和％上的電壓降增大，所以，7?3兩端電壓減小，平行金屬板兩端電壓

差和/?3兩端電壓相等，故電壓減小，所以，場(chǎng)強(qiáng)減小，那么，電場(chǎng)力減小，故質(zhì)點(diǎn)尸的合外力向下，

質(zhì)點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng)，故。錯(cuò)誤；

B、R3兩端電壓減小，故通過/?3的電流減小；總電流增大，故電流表讀數(shù)增大；/?2兩端的電壓增大，

/?3兩端電壓減小，所以，電壓表讀數(shù)減小，故8錯(cuò)誤；

故選：Co

根據(jù)滑動(dòng)變阻器電阻變化得到總電阻變化，從而得到總電流變化，即可得到電源的輸出功率變化及治

兩端電壓電壓變化，進(jìn)而得到危上消耗的功率變化及質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)方向；再根據(jù)支路電壓、電流變化得

到電流表、電壓表示數(shù)變化。

閉合電路的歐姆定律一般用于變阻器滑動(dòng)過程的電流、電壓的求解，根據(jù)電阻變化得到總電阻變化，

即可得到總電流變化，從而得到電流、電壓的變化。

9.答案：A

解析：

考查安培力的方向與大小如何確定與計(jì)算，利用平衡條件進(jìn)行分析即可。

當(dāng)重力等于安培力時(shí)繩子的拉力等于零，由左手定則判斷電流方向。

導(dǎo)體受到的安培力等于重力時(shí)，此時(shí)拉力等于零，故B/L=mg,/=黑,由左手定則可知電流方向

由C到，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選A。

10.答案：A

解析：解：方法一：排除法。

開始進(jìn)入時(shí)，邊兒切割磁感線，產(chǎn)生穩(wěn)定的逆時(shí)針方向電流，即為正方向，故只有A正確，錯(cuò)

誤。

故選Ao

方法二：分析法。

線框開始進(jìn)入磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)刀的過程中，只有邊兒切割，感應(yīng)電流不變，前進(jìn)入后，邊加開始出磁場(chǎng)，

邊ad開始進(jìn)入磁場(chǎng)，回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為邊ad產(chǎn)的減去在兒邊在磁場(chǎng)中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)，隨著線

框的運(yùn)動(dòng)回路中電動(dòng)勢(shì)逐漸增大，電流逐漸增大，方向?yàn)樨?fù)方向；當(dāng)再前進(jìn)L時(shí)，邊兒完全出磁場(chǎng)，

ad邊也開始出磁場(chǎng)，有效切割長(zhǎng)度逐漸減小，電流方向不變，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選:Ao

解答本題的關(guān)鍵是正確利用幾何關(guān)系弄清線框向右運(yùn)動(dòng)過程中有效切割長(zhǎng)度的變化，然后根據(jù)法拉

第電磁感應(yīng)定律求解，注意感應(yīng)電流方向的正負(fù).

圖象具有形象直觀特點(diǎn)，通過圖象可以考查學(xué)生綜合知識(shí)掌握情況，對(duì)于圖象問題學(xué)生在解答時(shí)可

以優(yōu)先考慮排除法，通過圖象形式、是否過原點(diǎn)、方向等進(jìn)行排除.

11.答案：c

解析：

481=0時(shí)刻”和人感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，電流為零，線圈處于中性面位置，磁通量最大，故AB錯(cuò)誤;

C.線圈先后兩次周期之比黑=鬻=|,M=M=|,故C正確；

Tb0.06s3TibTa2

D感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值%=NBS3,因此警=詈=|,即Emb=|Ema=100匕

cmb3b/j

圖線b的最大值為100匕角速度為g=票=17T,所以圖線b電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=

100sin^7rt（y）,故。錯(cuò)誤。

故選：C。

明確感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零時(shí)，電流為零，線圈處于中性面位置，磁通量最大；根據(jù)圖象可以求得輸出電

壓的最大值、周期和頻率、轉(zhuǎn)速等，即可求得瞬時(shí)值的表達(dá)式。

解決本題的關(guān)鍵就是由圖象得出相關(guān)信息，理解正弦交變電流產(chǎn)生過程。

12.答案：B

解析：解：A、探測(cè)器在尸點(diǎn)變軌，則從高軌向低軌變化時(shí)，要做向心運(yùn)動(dòng)，須減速，故探測(cè)器在高

軌的速度大于低軌在P的速度，探測(cè)器在〃軌道上P點(diǎn)的動(dòng)能大于在6軌道上P點(diǎn)的動(dòng)能，故4錯(cuò)

誤：

8、探測(cè)器在兩個(gè)軌道上尸點(diǎn)的引力均是由月球?qū)λ娜f有引力提供，所以引力相等，由牛頓第二定

律得兩個(gè)軌道在尸點(diǎn)的加速度也相等，故8正確；

C、由于探測(cè)器在。軌道運(yùn)動(dòng)的半長(zhǎng)軸大于在b軌道運(yùn)動(dòng)的半徑，根據(jù)開普勒第三定律：0=k,得

T2

探測(cè)器在。軌道運(yùn)動(dòng)的周期大于在b軌道運(yùn)動(dòng)的周期，故c錯(cuò)誤；

力、為使探測(cè)器由。軌道進(jìn)入b軌道，要做向心運(yùn)動(dòng)，在P點(diǎn)必須減速，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

嫦娥四號(hào)從地月轉(zhuǎn)移軌道修正至進(jìn)入環(huán)月圓軌道的過程中有近月制動(dòng)過程，此過程中發(fā)動(dòng)機(jī)對(duì)探測(cè)

器做負(fù)功，探測(cè)器的動(dòng)能減小；根據(jù)牛頓第二定律得加速度大小；根據(jù)開普勒第三定律得周期和軌

道半徑的關(guān)系。

本題考查的是探測(cè)器變軌原理，并能由此判定此過程中衛(wèi)星動(dòng)能的變化關(guān)系，知道衛(wèi)星軌道與周期

的關(guān)系。

13.答案：B

解析：解：AB、1He的原子核內(nèi)有2個(gè)質(zhì)子，有1個(gè)中子，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、發(fā)生聚變，放出能量，根據(jù)質(zhì)能方程△E=Amc2可知一定會(huì)發(fā)生質(zhì)量虧損，故C錯(cuò)誤；

。、原子核內(nèi)的核子靠核力結(jié)合在一起，核力只存在于相鄰的核子之間，故。錯(cuò)誤。

故選：Bo

元素々X中Z表示質(zhì)子數(shù)，A表示質(zhì)量數(shù)；根據(jù)質(zhì)能方程可知釋放能量時(shí)一定存在質(zhì)量虧損；原子核

內(nèi)的核子靠核力結(jié)合在一起。

本題考查對(duì)核力的理解。核力是自然界四種基本作用力之一，與萬有引力性質(zhì)、特點(diǎn)不同

14.答案：D

解析：解：由題用手指輕彈一只酒杯，測(cè)得這聲音的頻率為5004z,就是酒杯的固有頻率.

當(dāng)物體發(fā)生共振時(shí)，物體振動(dòng)的振幅最大，甚至可能造成物體解體，將這只酒杯放在兩只大功率的

聲波發(fā)生器之間，操作人員通過調(diào)整其發(fā)出的聲波，將酒杯震碎是共振現(xiàn)象，而發(fā)生共振的條件是

驅(qū)動(dòng)力的頻率等于物體的固有頻率，而酒杯的固有頻率為500”z,故操作人員要將聲波發(fā)生器發(fā)出

的聲波頻率調(diào)到500，z,使酒杯產(chǎn)生共振，從而能將酒杯震碎.故。正確.

故選：D.

用聲波將酒杯震碎是利用酒杯發(fā)生了共振現(xiàn)象，而物體發(fā)生共振的條件是驅(qū)動(dòng)力的頻率等于物體的

固有頻率.

明白了該物理情景所反映的物理規(guī)律才能正確解決此題.故要學(xué)會(huì)通過物理現(xiàn)象抓住物理事件的本

質(zhì).

15.答案：AD

解析：解：根據(jù)題意可知，物塊的質(zhì)量為rn=1kg,初速度%=6zn/s,傳送帶上A、B兩點(diǎn)間的距

離為L(zhǎng)=8m,傳送帶的速度大小為u=3m/s,物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃=0.2。

AB,滑塊先向右勻減速，對(duì)于向右滑行過程，根據(jù)牛頓第二定律，有：fimg=ma

解得加速度：a=xg=2m/s2

設(shè)滑塊速度為零經(jīng)過的時(shí)間為根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，有：G=^=3s

位移：x==9m>8m,所以滑塊到達(dá)傳送帶右端時(shí)速度還沒有減速到零，

設(shè)物塊達(dá)到傳送帶右端的速度為M,根據(jù)速度一位移關(guān)系可得：vl-v'2=2aL

解得：v'=2m/s

所以物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t=d=2s,故A正確、B錯(cuò)誤；

CD、整個(gè)過程中傳送帶通過的距離s=區(qū)=6m,整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中由于摩擦產(chǎn)生的熱量為Q=

+s)=28/,故C錯(cuò)誤、。正確。

故選：AD.

根據(jù)牛頓第二定律求出滑塊的加速度，再結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律判斷出滑塊滑上傳送帶后的運(yùn)動(dòng)情況，根

據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解時(shí)間；

根據(jù)摩擦力乘以相對(duì)距離計(jì)算產(chǎn)生的熱量。

本題物體在傳送帶上的運(yùn)動(dòng)情況，關(guān)鍵根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律確定滑塊的

運(yùn)動(dòng)情況，最后根據(jù)功能關(guān)系列式求解熱量。

16.答案：BC

解析：

電壓表讀數(shù)為有效值，根據(jù)正弦式交變電流峰值和有效值之間的關(guān)系以及電流的熱效應(yīng)便可求得有

效值.本題考查有關(guān)交變電流有效值的計(jì)算問題，知道電壓表和電流表測(cè)量的都是有效值，難度不

大，屬于基礎(chǔ)題.

解：AB、由圖象可知該交變電流的周期7=2x10-25

可分兩段0-舁丐一7，

根據(jù)有效值的定義可得暨x工+0=火x7

R2R

AB、〃=乎=156人故A錯(cuò)誤，B正確；

CD、電熱毯在保溫狀態(tài)下消耗的電功率為P=《=竺包=50小；故C正確，。錯(cuò)誤；

R484

故選：BC.

17.答案：2.90.20繩的質(zhì)量越小，對(duì)系統(tǒng)的加速度的影響越小

解析：解：(1)使用逐差法求加速度：a=冬藝著士=。.32。6+。.22：廣。1-。.。5。=2.0m/s2

對(duì)滑塊進(jìn)行受力分析，得：2mg-11Mg=(M+m)a

代入數(shù)據(jù)，求得：4=0.20

(2)繩的質(zhì)量越小，對(duì)系統(tǒng)的加速度的影響越小，

故答案為：(1)2.0,0.20,

(2)繩的質(zhì)量越小，對(duì)系統(tǒng)的加速度的影響越小

求物體的加速度可以使用圖象法，也可以使用逐差法；使用受力分析求出物體的摩擦力，然后再求

摩擦因數(shù)

該實(shí)驗(yàn)中，首先考查了紙帶上數(shù)據(jù)的處理，然后才是摩擦因數(shù)的計(jì)算.要注意逐差法是求解加速度

的最佳方法.屬于中檔題目

18.答案：(1)C；(2)8.3,50

解析：解：(1)電路最小總電阻約為：/?=看=1800,為保護(hù)電路安全，保護(hù)電阻應(yīng)選C；

(2)由圖。所示電路圖可知，在閉合電路中，電源電動(dòng)勢(shì)：E=U+lr=U+-^-r,

貝《屋,念+3則上念圖象是直線；根端-念圖象可知?

1

F=012

E=8.331Z；

r0.15-0.12

-=k=---------=6

E5.0x10-3

解得：「=6x8.330=500；

故答案為：(1)C；(2)8.3,50

(1)求出電路最小電阻阻值，然后選擇電阻箱；

(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律電流與電壓的關(guān)系進(jìn)行變形得到圖象對(duì)應(yīng)的函數(shù)表達(dá)式；根據(jù)變形得到圖

象對(duì)應(yīng)的函數(shù)表達(dá)式結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)，明確兩坐標(biāo)軸的含義，即可正確解答.

本題考查測(cè)量電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)，要求能熟練掌握物理規(guī)律運(yùn)用數(shù)學(xué)方法將物理公式變形，將

兩個(gè)非線性關(guān)系的物理量，變成兩個(gè)線性關(guān)系的物理量，再根據(jù)圖象的性質(zhì)即可求解電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電

阻.

19.答案：解：(1)彈簧壓縮至最短時(shí)，A、B速度均為h選取向右為正方向，對(duì)于兩球組成的系統(tǒng)，

根據(jù)動(dòng)量守恒定律，有：

2mv0=(2m+m)v

解得：v=|v0

此過程中，只有彈簧的彈力做功，機(jī)械能守恒，根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒定律，有：

|x2mvg=Ep+T(2m+m)v2

解得：Ep=詔

(2)彈簧被壓縮至最短時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能能達(dá)到第(1)問中的3倍，即：

Ep'=3X=wivo

設(shè)B球與擋板碰撞時(shí)，4球速度為次,8球速度為方，(均向右)，8與擋板碰后彈簧被壓縮到最短時(shí)

共同速度為則

z，2

根據(jù)碰后系統(tǒng)的機(jī)械能守恒得：Fp=|X27n詔-|(2m+m)v

由以上兩式得，v'=0,所以此時(shí)小球A、8的總動(dòng)量也為0,說明3球與擋板碰前瞬間兩球動(dòng)量等

大，則有：

2mv1=mv2，

根據(jù)5與擋板碰后，48的總動(dòng)量守恒得：

2mv0=2mv1+mv2,

聯(lián)立解得：Vi=|Vo,V2=VQ,

答：(1)當(dāng)彈簧壓縮至最短時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能Ep為［小詔.

(2)必須使A球速度為3%,8球速度為火時(shí)與擋板發(fā)生碰撞.

解析：(1)當(dāng)彈簧壓縮至最短時(shí)，兩球的速度相等，根據(jù)系統(tǒng)的動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒列式，即可求

出此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能琢.

(2)設(shè)B球與擋板碰撞時(shí)，A球速度為打、B球速度為藝(均向右)，根據(jù)動(dòng)量守恒列式，8球與擋板剛

碰后，A球速度為％、2球速度為-%(向左)，此后彈簧壓縮至最短時(shí)有共同速度，再由系統(tǒng)的動(dòng)量

守恒和機(jī)械能守恒列式，即可得解.

本題是含有彈簧的問題，關(guān)鍵要分析物體的運(yùn)動(dòng)過程，抓住系統(tǒng)的動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒進(jìn)行分析，

綜合性較強(qiáng).

20.答案：(1)由牛頓第二定律可知：F-mg=ma

解得：a=，曹。=10m/s2,

則5s內(nèi)的位移為：x=^gt2=125m,

拉力所做的功